1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我國計劃在2020年發(fā)射首個火星探測器，實現(xiàn)火星環(huán)繞和著陸巡視探測。假設“火星探測器”貼近火星表面做勻速圓周運動，測得其周期為T。已知引力常量為G，由以上數(shù)據(jù)可以求得（）A火星的質(zhì)量B火星探測器的質(zhì)量C火星的第一宇宙速度D火星的密度2、在某種介質(zhì)中，一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖（a）所示，此時質(zhì)點A在波峰位置，質(zhì)點D剛要開始振動，質(zhì)點C的振動圖像如圖（b）所示；t=0時刻在D點有一臺機械波信號接收器（圖中未畫出），正以2m/s的速度沿x軸正向勻速運動。下

3、列說法正確的是（）A質(zhì)點D的起振方向沿y軸負方向Bt=0.05s時質(zhì)點B回到平衡位置C信號接收器接收到該機械波的頻率小于2.5HzD若改變振源的振動頻率，則形成的機械波在該介質(zhì)中的傳播速度也將發(fā)生改變3、一靜止的原子核發(fā)生衰變，變成另一個新的原子核Y，衰變后測得粒子的速率為v，已知粒子的質(zhì)量為m0，原子核Y的質(zhì)量為M，下列說法正確的是（）A原子核Y的符號表示為B的比結(jié)合能一定大于Y核的比結(jié)合能C原子核Y的速率為D原子衰變過程中釋放的核能為4、如圖所示，一直角三角形acd在豎直平面內(nèi)，同一豎直面內(nèi)的a、b兩點關于水平邊cd對稱，點電荷Q1、Q2固定在c、d兩點上。一質(zhì)量為m、帶負電的小球P在a點

4、處于靜止狀態(tài)，取重力加速度為g，下列說法正確的是（）AQ2對P的靜電力大小為BQ1、Q2的電荷量之比為C將P從a點移到b點，電場力做正功D將P從a點沿直線移到b點，電勢能先增大后減小5、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2:3，兩端共接有六只相同的小燈泡L1、L2、 L3、L4、L5和L6（電阻恒定不變），變壓器的原線圈接有輸出電壓U恒定的交流電源，六只小燈泡均發(fā)光下列說法正確的是（ ）AL1、L2、 L3三只燈泡亮度一定相同B小燈泡L2一定比L4亮C交流電源輸出電壓U是小燈泡L4兩端電壓的4.5倍DL1消耗的功率是L2消耗燈泡的2.25倍6、光滑水平面上有長為的木板B，小物塊A置于B的中

5、點，A、B質(zhì)量均為，二者間摩擦因數(shù)為，重力加速度為，A、B處于靜止狀態(tài)。某時刻給B一向右的瞬時沖量，為使A可以從B上掉下，沖量的最小值為（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、傾角為的傳送帶在電動機帶動下始終以的速度勻速上行。相等質(zhì)量的甲、乙兩種不同材料的滑塊（可視為質(zhì)點）分別無初速放在傳送帶底端，發(fā)現(xiàn)甲滑塊上升高度處恰好與傳送帶保持相對靜止，乙滑塊上升高度處恰與傳送帶保持相對靜止?，F(xiàn)比較甲、乙兩滑塊均從靜止開始上升高度的過程中（）A甲滑塊與傳送帶間的動摩擦

6、因數(shù)大于乙滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)B甲、乙兩滑塊機械能變化量相同C甲運動時電動機對皮帶所做的功大于乙運動時電動機對皮帶所做的功D甲滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量等于乙滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量8、如圖甲所示，將一個小球從某處水平拋出，經(jīng)過一段時間后恰好平行斜面沿著斜面向下滑行，從拋出后起一段時間內(nèi)小球的動能隨時間平方（EKt2）圖象如圖乙所示，橫坐標在02.5之間圖線為直線，此外為曲線，重力加速度為g，則根據(jù)圖乙信息，可以求得（）A小球的初速度B小球的質(zhì)量C小球在斜面上滑行的時間D斜面的傾角9、一列簡諧橫波在介質(zhì)中沿x軸傳播，在時刻的波形圖如圖所示，P、Q為介質(zhì)中的兩質(zhì)點。此時質(zhì)點P正在向動

7、能減小的方向運動，質(zhì)點Q橫坐標為5cm。時，質(zhì)點Q第一次回到平衡位置，時，質(zhì)點P第一次回到平衡位置。下列說法正確的是（）A波沿x軸負方向傳播B時，質(zhì)點P向y軸負方向運動C波長為12cmD時，質(zhì)點P位于波峰10、如圖所示，由某種粗細均勻的總電阻為2R的金屬條制成的矩形線框abcd，固定在水平面內(nèi)且處于方向豎直向下的勻強磁場B中。一電阻為R的導體棒PQ接入電路，在水平拉力作用下沿ab、de 。以速度D勻速滑動，滑動過程PQ始終與ab垂直，且與線框接觸良好，不計摩擦。在PQ從靠近ad邊向bc邊滑動的過程中（ ）APQ中電流先增大后減小BPQ兩端電壓先減小后增大CPQ上拉力的功率先減小后增大D線框消耗

8、的電功率先增大后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）有一個量程為、內(nèi)電阻約為的電壓表，現(xiàn)用如圖所示的電路測量其內(nèi)電阻(1)實驗中可供選擇的滑動變阻器有兩種規(guī)格，甲的最大阻值為，乙的最大阻值為。應選用_。（選填“甲”或“乙”）(2)實驗過程的主要步驟如下，請分析填空。A斷開開關，把滑動變阻器的滑片滑到_端；（選填“”或“”）B將電阻箱的阻值調(diào)到零；C閉合開關，移動滑片的位置，使電壓表的指針指到D開關處于閉合狀態(tài)保持滑片的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值使電壓表指針指到_，讀出此時電阻箱的阻值，此值即為電壓表內(nèi)電阻的測量值(3)電壓表內(nèi)

9、電阻的測量值和真實值相比，有_。（選填“”或“ 【解析】(1)1滑動變阻器在電路中為分壓使用，為保證測量電路供電電壓不受滑片位置的影響，減小實驗誤差，滑動變阻器的最大電阻應遠小于測量電路的電阻，故應選擇的，即應選用乙；(2)2在閉合前，滑動變阻器滑片應移到某一端使電壓表示數(shù)為0，即滑片應移到端； 3當電阻箱阻值為0時，電壓表滿偏為；接入電阻箱后認為電路測量部分的總電壓不變，仍為；當電壓表讀數(shù)為時，電阻箱兩端電壓也為，則電壓表內(nèi)電阻與電阻箱阻值相等；(3)4電阻箱與電壓表串聯(lián)后，測量電路的電阻增加，則測量電路兩端的總電壓稍大于，則電阻箱兩端的電壓稍大于，則電阻箱的阻值大于電壓表的阻值，即有測真1

10、2、（1） 半偏（或最大值的一半） （2）大于 （3）2 左 （4） 【解析】（1）由題圖可知，當S撥向1位置，滑動變阻器在電路中為分壓式接法，利用電壓表的半偏法得：調(diào)節(jié)使電壓表滿偏；1.保持不變，與電壓表串聯(lián)；2.調(diào)節(jié)使電壓表的示數(shù)達到半偏（或最大值的一半）；3.則電壓表的內(nèi)阻與電阻箱示數(shù)相同。（2）4.由閉合電路歐姆定律可知，調(diào)節(jié)變大使電壓表達到半偏的過程中，總電阻變大。干路總電流變小，由得變大，由電路知，滑動變阻器的滑動觸頭右側(cè)分得的電壓變小，則變大，電壓表半偏時，上分得的電壓就會大于電壓表上分得的電壓，那么的阻值就會大于電壓表的阻值。（3）5.6.測水果電池組的電動勢和內(nèi)阻，利用伏阻法

11、，S撥到2位置，同時將的滑動觸頭移到最左端。利用，聯(lián)立求E、r。（4）7.8.由閉合電路歐姆定律得：，變形得，則，解得：，。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)2；(2)0.015s【解析】(1)粒子在磁場內(nèi)做圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律則有則兩半徑之比(2)粒子在磁場內(nèi)做圓周運動的軌跡如圖，粒子交替在與磁場內(nèi)做圓周運動，圖示情景為最短時間粒子在磁場內(nèi)做圓周運動的周期分別為由幾何關系知，帶電粒子在兩磁場中運動時間分別為則總時間為14、（1）6cm（2）420K（3）6cm，4cm【解析】(1)由于左邊AB管內(nèi)

12、水銀柱長是2cm，所以右邊CD管內(nèi)水銀柱長也是2cm。右邊水銀柱總長度為：14-2-8+2=6cm。(2)由于：當左邊的水銀恰好全部進入豎直管AB內(nèi)時，設管截面積為S，則：，；由理想氣體狀態(tài)方程：，代入數(shù)據(jù)有，得：K(3)由于：cmHg，由理想氣體狀態(tài)方程：，代入數(shù)據(jù)有，得：cm，左邊豎直管AB內(nèi)水銀柱上表面高度為6cm，右邊豎直管CD內(nèi)水銀柱上表面高度為4cm。15、 (1)3mg(2)L(3) 滑塊C不會從木板上掉下來【解析】（1）設小球運動到最低點的速率為v0，小球向下擺動過程機械能守恒，由機械能守恒定律得： 解得：小球在圓周運動最低點，由牛頓第二定律： 由牛頓第三定律可知，小球?qū)毨K的拉力：T=T解得：T=3mg（2）小球碰撞后平拋運動在豎直方向上：水平方向：L=解得：h=L（3）小球與滑塊C碰撞過程中小球和C系統(tǒng)滿足動量守恒，設C碰后速率為v1，以小球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：