廣西壯族自治區(qū)欽州市第五中學2022年高二物理期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖所示，一個條形磁鐵放在水平桌面上，在其上方靠近左端固定一根與磁鐵垂直的水平長直導線，當導線中通以圖示方向的電流時A．磁鐵對桌面的壓力增大，且受到向右的摩擦力作用B．磁鐵對桌面的壓力減小，且受到向右的摩擦力作用C．磁鐵對桌面的壓力增大，且受到向左的摩擦力作用D．磁鐵對桌面的壓力減小，且受到向左的摩擦力作用參考答案：B2.．穿過某線圈的磁通量隨時間變化的關系如圖所示，在下列幾段時間內，線圈中感應電動勢最小的是()A．0～2s

B．2s～4sC．4s～5s

D．5s～10s參考答案：D3.（單選）白光在真空中通過雙縫產生干涉，在屏上觀察到中央的白色條紋的同時，兩側還出現彩色條紋，其原因是：（

）①各種色光的波長不同；②各種色光的頻率不同；③各種色光的強度不同；④各種色光在真空中傳播速度不同。A．①③④

B．②③

C．①②

D．②④參考答案：C4.（單選）關于洛倫茲力，下列說法中正確的是（

）A．帶電粒子運動時不受洛倫茲力作用，則該處的磁感應強度為零B．磁感應強度、洛倫茲力、粒子的速度三者之間一定兩兩垂直C．洛倫茲力不會改變運動電荷的速度D．洛倫茲力對運動電荷一定不做功參考答案：D5.（單選）下列不屬于火力發(fā)電廠的污染的是A．排放導致溫室效應的氣體

B．廢渣污染水土C．酸雨

D．破壞大氣臭氧層參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3.0V，內阻不計，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。當開關S閉合后L3消耗的電功率為__________W，L2的電阻為__________Ω．

參考答案：7.如圖表示產生機械波的波源P做勻速運動的情況，圖中圓表示波峰，已知波源的頻率為f0，該圖表示波源正在向

▲

（填“A”、“B”、“C”或“D”）點移動；觀察者在圖中A點接收波的頻率將

▲（填“大于”“等于”或“小于”）f0。參考答案：B；小于試題分析:由圖可知，右邊間距變小，說明觀察者B接收到的完全波的個數增多，根據多普勒效應產生的原因，該圖表示波源正在向B點移動；所以觀察者在圖中A點接收波的頻率將小于發(fā)出的頻率?？键c：多普勒效應8.如圖所示，水平面中的平行導軌P、Q相距L，它們的右端與電容為C的電容器的兩極板分別相連，直導線ab放在P、Q上與導軌垂直相交并且沿導軌滑動，磁感應強度為B的勻強磁場豎直向下穿過導軌面。閉合開關S，若發(fā)現與導軌P相連的電容器極板上帶負電荷，則ab向__

沿導軌滑動(填“左”、“右”)；如電容器的帶電荷量為q，則ab滑動的速度v＝

。參考答案：9.黑體輻射的實驗規(guī)律如圖所示，圖中畫出了三種溫度下黑體輻射的強度與波長的關系．可見，一方面，隨著溫度的降低，各種波長的輻射強度都有

（選填“增加”或“減少”），另一方面，輻射強度的極大值向波長

（選填“較長”或“較短”）的方向移動．參考答案：減少、較長

解：由圖可知，隨溫度的降低，相同波長的光輻射強度都會減小；同時最大輻射強度向右側移動，即向波長較長的方向移動；故答案為：減少；較長．10.（4分）人類對光的本性的認識經歷了曲折的過程，提出了各種學說：微粒說、波動說、電磁說、光子說。以下科學家提出的學說分別是，惠更斯：

；牛頓：

；愛因斯坦：

；麥克斯韋：

。參考答案：波動說，微粒說，光子說，電磁說11.英國物理學家麥克斯韋認為，磁場變化時會在空間激發(fā)一種電場，我們把這種這種電場叫做

。如果在此空間存在導體，導體中就會產生感應電動勢，這種電動勢的非靜電力是

的作用力。參考答案：感生電場

，

感生電場對導體中自由電荷

12.（6分）光的干涉和衍射現象表明光是一種

，光電效應和康普頓效應表明光同時也是一種

，只有承認光的

性，才是對光的本性最全面的認識。參考答案：波，粒子，波粒二象13.如圖所示，一矩形線圈在勻強磁場中繞OO′軸勻速轉動，磁場方向與轉軸垂直。線圈長L1=0.50m，寬L2=0.40m，匝數N=20匝，線圈總電阻r=0.10。磁場的磁感強度B=0.10T。線圈繞OO′軸以的角速度轉動。線圈兩端外接一個R=9.9的電阻和一塊內阻不計的交流電流表。則線圈中產生的感應電動勢的最大值為________；電流表的讀數為________（保留兩位有效數字）。參考答案：20V

；1.4A試題分析：感應電動勢的最大值為；電動勢的有效值，根據閉合電路歐姆定律得，所以電流表讀數為1.4A.考點：交流電點評：電壓表和電流表的讀數為電壓和電流的有效值，不是最大值或瞬時值。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）（1）開普勒第三定律告訴我們：行星繞太陽一周所需時間的平方跟橢圓軌道半長徑的立方之比是一個常量。如果我們將行星繞太陽的運動簡化為勻速圓周運動，請你運用萬有引力定律，推出這一規(guī)律。

（2）太陽系只是銀河系中一個非常渺小的角落，銀河系中至少還有3000多億顆恒星，銀河系中心的質量相當于400萬顆太陽的質量。通過觀察發(fā)現，恒星繞銀河系中心運動的規(guī)律與開普勒第三定律存在明顯的差異，且周期的平方跟圓軌道半徑的立方之比隨半徑的增大而減小。請你對上述現象發(fā)表看法。

參考答案：（1）

（4分）

（2）由關系式可知：周期的平方跟圓軌道半徑的立方之比的大小與圓心處的等效質量有關，因此半徑越大，等效質量越大。

（1分）

觀點一：銀河系中心的等效質量，應該把圓形軌道以內的所有恒星的質量均計算在內，因此半徑越大，等效質量越大。

觀點二：銀河系中心的等效質量，應該把圓形軌道以內的所有質量均計算在內，在圓軌道以內，可能存在一些看不見的、質量很大的暗物質，因此半徑越大，等效質量越大。

說出任一觀點，均給分。

（1分）

15.如圖所示，有兩個質量均為m、帶電量均為q的小球，用絕緣細繩懸掛在同一點O處，保持靜止后懸線與豎直方向的夾角為θ=30°，重力加速度為g，靜電力常量為k.求：(1)帶電小球A在B處產生的電場強度大??；(2)細繩的長度L.參考答案：（1）（2）（1）對B球，由平衡條件有：mgtan

θ=qE帶電小球在B處產生的電場強度大?。?/p>

（2）由庫侖定律有：

其中：r=2Lsin

θ=L

解得：【點睛】本題關鍵是對物體受力分析，然后結合共點力平衡條件、庫侖定律和電場強度的定義列式求解．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，在絕緣光滑水平面的周圍空間，存在沿水平方向向右的勻強電場，電場強度E=3.0×104N/C。有一個電量為q=+1.0×10－8C，質量m=1.0×10－2kg的小物塊，以v0=1.0×10－2m/s的初速度，沿著水平面向右做勻加速直線運動。運動中小物塊所帶的電量沒有變化。求：(1)小物塊的加速度大??；（2）經過4s，小物塊的位移大小；（3）前4s內電場力對物塊所做的功W。參考答案：17.如圖所示，質量為1.9kg的長木板A放在水平地面上，在長木板最右端放一個質量為1kg小物塊B，物塊與木板間的動摩擦因數μ1=0.2，木板與地面間的動摩擦因數μ2=0.4．在t=0時刻A、B均靜止不動，現有質量為100g的子彈，以初速度v0=120m/s射入長木板并留在其中（此過程可視為瞬間完成）．物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上，取重力加速度的大小g=10m/s2．求：（1）木板開始滑動的初速度；（2）從木板開始滑動時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大??；（3）長木板與地面摩擦產生的熱量．參考答案：解：（1）子彈射入木塊過程，設向右為正方向，根據動量守恒定律有：mCv0=（mA+mC）v1代入數據解得：v1=6m/s；（2）子彈射入長木板之后，木板與物塊之間的摩擦力使物塊加速，使木板減速，此過程一直持續(xù)到物塊和木塊具有共同速度為止，由牛頓第二定律，對物塊有：μ1mBg=mBaB代入數據解得：aB=2m/s2；對長木板有：μ2（mA+mB+mC）g+μ1mBg=（mA+mC）aA代入數據解得：aA=7m/s2設t1時，兩者有速度相同v2，則有：v2=v1﹣aAt1=aBt1代入數據解得：t1=s，v2=m/s在t1時刻后，假設物塊與木板相對靜止，它們之間的摩擦力大小為f，物塊和木板的加速度大小為a'，則由牛頓第二定律，對物塊有：f=mBa'對整體有：μ2（mA+mB+mC）g=（mA+mB+mC）a'解得：f=4N大于物塊和木板之間的最大摩擦力所以在t1時刻后，兩者發(fā)生了相對滑動，由牛頓第二定律，對物塊有：μ1mBg=mBa’代入數據解得：aB’=2m/s2；對物塊有：μ2（mA+mB+mC）g﹣μ1mBg=（mA+mC）aA’代入數據解得：aA’=5m/s2由運動學公式可推知物體相對于地面的運動距離為：xB=+代入數據解得：xB=m；木塊相對于地面的運動距離為：xA=t1+代入數據解得：xA=m；物塊相對于木板位移大小為：△x=xA﹣xB=﹣=m（3）長木板與地面摩擦產生的熱量為：Q=μ2（mA+mB+mC）gxA=0.4×（1.9+1+0.1）×10×=J；答：（1）木板開始滑動的初速度為6m/s；（2）從木板開始滑動時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大小為m；（3）長木板與地面摩擦產生的熱量為J．【考點】動量守恒定律；功能關系．【分析】（1）對子彈射入過程分析，根據動量守恒定律即可求得開始時木板的速度；（2）分別對A、B及整體進行分析，由牛頓第二定律可求得對應的加速度，分析AB兩物體何時發(fā)生相對滑塊，求出此時的速度大小，再對各物體受力分析，求出對應的加速度，再根據運動學公式分析求解對應的位移大小，從而求出相對位移；（3）根據熱量等于摩擦力與相對位移間的乘積進行分析，從而求出對應的熱量．18.如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導軌相距