2021年高考考前押題密卷（山東卷）

注意事項(xiàng)

考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求

1.本試卷共6頁(yè)，滿分為100分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。

2.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置。

3.請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符。

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再

選涂其他答案。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置

作答一律無效。

5.如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每個(gè)題目只有一個(gè)選項(xiàng)符合要求，選對(duì)得4分，

選錯(cuò)得0分。

1.2021年4月底，我國(guó)“人造太陽(yáng)”裝置將完成改造升級(jí)，擬在該裝置內(nèi)實(shí)現(xiàn)1億攝氏度"燃燒"100秒的目

標(biāo)。該實(shí)驗(yàn)中的可控?zé)岷朔磻?yīng)的方程是；H+：Hf；He+X,其中海水中富含反應(yīng)原料氣H），而散H）

在自然界中含量極微，但可以用某種粒子Y轟擊鋰核（；Li）得到，核反應(yīng)方程為；Li+Y-；He+：H,

下列說法正確的是（）

A.粒子X為中子，粒子Y為質(zhì)子

B.核反應(yīng)方程；Li+Yf；He+；H為a衰變

C.核反應(yīng)生成物中的a粒子具有很強(qiáng)的電離本領(lǐng)和穿透能力

D.在：H+：Hf；He+X核反應(yīng)中，反應(yīng)前的總質(zhì)量大于反應(yīng)后的總質(zhì)量

2.在平靜的介質(zhì)中，從波源。發(fā)出的一列簡(jiǎn)譜橫波沿x軸正方向傳播，々秒時(shí)刻的波形用實(shí)線表示，與秒

“2>4）時(shí)刻的波形用虛線表示。介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)Q位于X=18m處，則下列說法正確的是（）

A.該簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)可能為6m

4,

B.該波的波速大小一定為-----m/s

J

C.在。秒時(shí)刻至秒時(shí)刻這段時(shí)間內(nèi)，介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)/W的運(yùn)動(dòng)過程是由先加速、后減速兩段過程組成

D.根據(jù)圖像無法判斷質(zhì)點(diǎn)Q的起振方向

3.1975年11月26日，中國(guó)第一顆返回式衛(wèi)星在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射，11月29日，完成預(yù)定任務(wù)

后，成功返回，標(biāo)志著中國(guó)成為世界上第三個(gè)掌握返回式衛(wèi)星技術(shù)的國(guó)家。如圖所示，衛(wèi)星沿圓軌道繞地

球運(yùn)動(dòng)，軌道半徑片3R,其中R為地球的半徑。由于制動(dòng)裝置的短時(shí)間作用，衛(wèi)星的速度減慢，使它開始

沿著與地球表面相切的橢圓軌道運(yùn)動(dòng)。若地球表面的重力加速度為g，則衛(wèi)星制動(dòng)后回落到地球表面的時(shí)間

D.2平

4.彈玻璃球是小朋友經(jīng)常玩的一個(gè)游戲，小華在光滑水平桌面上用一個(gè)質(zhì)量為3m的綠色彈珠以某一速度

與前方靜止的質(zhì)量為m的黃色彈珠發(fā)生彈性正碰，已知碰撞前綠色彈珠的動(dòng)能為E,碰撞之后黃色彈珠的

動(dòng)能為（）

B，C1D

A.-E￥3-/

4

5.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，其交流發(fā)電機(jī)的輸出電壓5一定，通過理想升壓變壓器和理想降壓變壓

器向遠(yuǎn)處用戶供電，升壓變壓器的輸入功率和輸出功率分別為Pl、P2,降壓變壓器的輸入功率和輸出功率

分別為P3、P4,輸電線的總電阻R一定。下列說法正確的是（）

J

C用

C

C戶

C

H

A.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，6、5和3都增大

B.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，。2、S和。4都減小

C.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，Pl、P2都會(huì)增大，輸電線上損失的功率會(huì)增大

D.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，P3、P4都會(huì)增大，輸電線上損失的功率會(huì)減小

6.如圖所示，正三角形A8C的三個(gè)頂點(diǎn)4、8、C分別固定三個(gè)點(diǎn)電荷+4、+4、-q,若置于A點(diǎn)處的點(diǎn)

電荷+4在三角形中心。點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為E、電勢(shì)為。（取無窮遠(yuǎn)處為勢(shì)能零點(diǎn)）。則下列說法正確的是

（）

A.。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E

B.。點(diǎn)的電勢(shì)為2。

C.將C點(diǎn)電荷移動(dòng)到。點(diǎn)，三個(gè)點(diǎn)電荷組成的系統(tǒng)的電勢(shì)能增加

D.將B點(diǎn)電荷移動(dòng)到。點(diǎn)，三個(gè)點(diǎn)電荷組成的系統(tǒng)的電勢(shì)能不變

7.如圖甲所示，陀螺可在圓軌道外側(cè)旋轉(zhuǎn)而不脫落，好像軌道對(duì)它施加了魔法一樣，被稱為"魔力陀螺"。

它可等效為一質(zhì)點(diǎn)在圓軌道外側(cè)運(yùn)動(dòng)模型，如圖乙所示。在豎直面內(nèi)固定的強(qiáng)磁性圓軌道半徑為R,4B

兩點(diǎn)分別為軌道的最高點(diǎn)與最低點(diǎn)。質(zhì)點(diǎn)沿軌道外側(cè)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，受圓軌道的強(qiáng)磁性引力始終指向

圓心。且大小恒為F,當(dāng)質(zhì)點(diǎn)以速率版通過A點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力為其重力的6倍，不計(jì)摩擦和空氣阻

力，質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為m,重力加速度為g,則（）

圓軌道

A.質(zhì)點(diǎn)在A點(diǎn)對(duì)軌道的壓力小于在B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力

B.強(qiáng)磁性引力的大小為6mg

C.只要質(zhì)點(diǎn)能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)對(duì)A、B兩點(diǎn)的壓力差恒為7mg

D.為確保質(zhì)點(diǎn)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)通過8點(diǎn)的最大速率為［麗

8.如圖所示，虛線右側(cè)有豎直向下的電場(chǎng)強(qiáng)度g=45N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)及垂直于電場(chǎng)向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度

5=0.25T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在光滑絕緣的水平面上有兩個(gè)等大的金屬小球A、B,小球4不帶電，其質(zhì)量

%=0Q5kg,緊貼虛線靜置的小球B帶電量%=-4x10-3（3,其質(zhì)量%=0.01kg。小球A以速度

%=20m/s水平向右與小球8發(fā)生正碰，碰后小球8垂直于電、磁場(chǎng)直接進(jìn)入正交電、磁場(chǎng)中。剛進(jìn)入正

交電、磁場(chǎng)的瞬間，小球B豎直方向的加速度恰好為零。設(shè)小球A、B碰撞瞬間電荷均分，取g=10m/s2。

則下列說法正確的是（）

A.碰后瞬間，小球A的速度大小為l（）m/s

B.小球A在剛進(jìn)入正交電、磁場(chǎng)后的短時(shí)間內(nèi)，其電勢(shì)能減少

C.過程中，小球A對(duì)小球B做的功為2J

D.小球48之間的碰撞為彈性碰撞

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4

分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。

9.甲乙兩車在一平直道路上同向運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖所示，圖中△OPQ和的△OQT面積分別為si和

S2（S2>S1）初始時(shí)，甲車在乙車前方50處。（）

A.若SO=S1+S2,兩車不會(huì)相遇B.若5o<Si,兩車相遇2次

C.若50=51,兩車相遇1次D.若50=52,兩車相遇1次

10.節(jié)能的LED燈越來越普及，而驅(qū)動(dòng)LED燈需要恒流源。如圖所示，電路中的電壓表電流表都是理想電

表，電源是一個(gè)恒流源（該恒流源輸出的電流大小方向都不變），在改變段的過程中，電壓表的讀數(shù)為U,

電流表A1的讀數(shù)為電流表A2的讀數(shù)為乙，它們的變化量的絕對(duì)值分別為AU、A/,,A/2）以下說

A.

/112

B?甘顯

C.恒流源輸出的功率不變

D.當(dāng)&=用時(shí)，滑動(dòng)變阻器與消耗的電功率最大

11.如圖所示，一物塊前端有一滑輪，輕繩的一端系在右方固定處，水平穿過滑輪，另一端用力F拉住,

力F大小如圖甲所示，前10s內(nèi)物塊的丫一/圖像如圖乙所示，保持力F與水平方向之間的夾角。=60°不變,

當(dāng)用力F拉繩使物塊前進(jìn)時(shí)，下列說法正確的是（）

10

乙

A.0~5s內(nèi)拉力尸做的功為75JB.3s末拉力F的功率為9W

C.5?10s內(nèi)摩擦力大小為6ND.5?10s內(nèi)拉力F做的功為150J

12.如圖甲所示，兩平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌（不計(jì)電阻）水平放置，間距為有兩根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)、電阻均為R、

質(zhì)量均為〃?的導(dǎo)體棒AB、CD平放在金屬導(dǎo)軌上。其中棒CD通過絕緣細(xì)繩、定滑輪與質(zhì)量也為加的重

物相連，重物放在水平地面上，開始時(shí)細(xì)繩伸直但無彈力。棒AB與導(dǎo)軌間無摩擦，棒CD與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩

擦因數(shù)為〃，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，忽略其他摩擦阻力。導(dǎo)軌間有一方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，

TT

磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1,磁場(chǎng)區(qū)域的邊界滿足曲線方程：y=Lsin—x(0<x<L)CD棒處在豎直向上的

Lo

磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中(圖乙為圖甲導(dǎo)軌區(qū)域的俯視圖)?，F(xiàn)從t=0時(shí)刻開始，使棒AB在外力F的

作用下，以速度v從與V軸重合處開始沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中CD棒始終處于靜止?fàn)?/p>

態(tài)。重力加速度為g。下列說法正確的是()

R22

A.棒AB在運(yùn)動(dòng)過程中，外力廠的最大功率為生土上

2R

z>2ri

B.棒AB通過磁場(chǎng)區(qū)域打的過程中，棒CD上產(chǎn)生的焦耳熱為也上

4R

,n,2(〃+\)mgR

C.棒AB通過磁場(chǎng)區(qū)域瓦的過程中，應(yīng)滿足為《一^市黃一

D.棒AB通過磁場(chǎng)區(qū)域片的過程中，物體對(duì)地面壓力的最小值為mg-B'黑v

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，第13題6分，第14題9分，共15分。

13.某實(shí)驗(yàn)小組做“探究加速度與力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)，先采用如圖甲所示的常規(guī)實(shí)驗(yàn)方案，處理數(shù)據(jù)時(shí)發(fā)現(xiàn)誤

差比較明顯。該小組經(jīng)過分析討論，對(duì)實(shí)驗(yàn)方案進(jìn)行了改進(jìn)和優(yōu)化，采用如圖乙所示實(shí)驗(yàn)方案，具體實(shí)驗(yàn)

操作步驟如下：

A.掛上托盤和祛碼，調(diào)整墊塊位置，使質(zhì)量為M的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；

B.取下托盤和祛碼，用天平測(cè)出其總質(zhì)量為m,查出并記錄當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭；

C.把小車放回木板上原位置，讓小車沿木板加速下滑，測(cè)出其下滑的加速度。；

D.改變祛碼質(zhì)量和墊塊位置，多次測(cè)量m和a,通過作圖可得到a—F的關(guān)系。

(1)比較甲、乙兩實(shí)驗(yàn)方案，實(shí)驗(yàn)時(shí)需要滿足條件M?m的實(shí)驗(yàn)方案是(選填"甲"、"乙"或"甲和乙")；

(2)采用乙實(shí)驗(yàn)方案，在作a-F關(guān)系時(shí)，小車受到的合外力F=；

(3)在一次實(shí)驗(yàn)操作中，獲得如圖丙所示的紙帶，A、B、C、D.E為計(jì)數(shù)點(diǎn)，其中相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間均有四個(gè)

點(diǎn)未畫出，所用交變電源的頻率為50Hz,則在打下C點(diǎn)時(shí)小車的速度大小0=m/s,由紙帶可求得小

丙

⑷圖丁是該小組先后采用甲、乙兩個(gè)實(shí)驗(yàn)方案描繪出的。一下關(guān)系圖象，圖象中(選填①或②)

是乙實(shí)驗(yàn)方案得到的。一下關(guān)系圖象。

14.科技小組在做“測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)時(shí)?，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，分別采用了如圖(a)(b)所示

兩種實(shí)驗(yàn)電路進(jìn)行測(cè)量，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)，在圖(c)的坐標(biāo)中繪制出兩條對(duì)應(yīng)的/-U圖象48。

(1)圖(c)中圖線對(duì)應(yīng)實(shí)驗(yàn)電路(a)；電源電動(dòng)勢(shì)的為

（2）若電流表內(nèi)阻未知，則電源內(nèi)阻6=,不考慮偶然誤差和電表精度誤差，尸（填

"大于""小于"或"等于"）電源內(nèi)阻的真實(shí)值；

（3）若已知電流表內(nèi)阻為R,則電源內(nèi)阻廠”=,不考慮偶然誤差和電表精度誤差，尸

（填"大于""小于"或"等于"）電源內(nèi)阻的真實(shí)值。

四、解答題：本題共4小題，第15題8分，第16題9分，第17題12分，第18題16分，共45分。解答

應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案

中必須明確寫出數(shù)值和單位。

15.負(fù)壓救護(hù)車是應(yīng)對(duì)新冠炎疫情的重點(diǎn)需求物資之一，被業(yè)內(nèi)稱為"移動(dòng)的N95口冢"。所謂負(fù)壓，就是

通過負(fù)壓排風(fēng)凈化裝置，使車內(nèi)氣壓低于車外，空氣在自由流動(dòng)時(shí)只能由車外流向車內(nèi)，而且負(fù)壓教護(hù)車

還能將車內(nèi)的空氣進(jìn)行無害化處理后排出，避免更多的人感染，在救治和轉(zhuǎn)運(yùn)傳染病等特殊疾病時(shí)可以最

大限度地減少醫(yī)務(wù)人員交叉感染的幾率。若已知某負(fù)壓救護(hù)車內(nèi)部空間體積V=12m3,啟用前車內(nèi)溫度"

-3℃,外界大氣壓強(qiáng)為po=l.Olxlo5pa,啟用后，某時(shí)刻監(jiān)測(cè)到車內(nèi)溫度t2=27。。、負(fù)壓為-15Pa（指車內(nèi)與

外界大氣壓P。的差值）。

（1）試估算負(fù)壓排風(fēng)凈化系統(tǒng)啟用后，負(fù)壓救護(hù)車內(nèi)部空間減少的氣體質(zhì)量與啟用前內(nèi)部空間氣體總質(zhì)

量的比值

（2）判斷在負(fù)壓排風(fēng)凈化系統(tǒng)啟用過程中剩余氣體是吸熱還是放熱，并簡(jiǎn)述原因。

16.用某種材料制作的橫截面為正三角形的三棱鏡，截面邊長(zhǎng)和棱鏡長(zhǎng)均為/。在三棱鏡內(nèi)部的正中位置有

一個(gè)點(diǎn)光源5,若在三角形端面貼上黑色圓紙片，讓點(diǎn)光源發(fā)出的光僅經(jīng)一次折射不能從三角形端面射出，

滿足要求的最小圓紙片恰好與三角形的三邊相切。

⑴求材料的折射率"；

（2）若在5個(gè)面上都貼上黑色圓紙片而讓光源發(fā)出的光僅經(jīng)一次折射都不能從三棱鏡表面射出，求三棱鏡的

三角形端面和正方形側(cè)面所用最小紙片總面積之比k。

N

H——H

17.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第一象限有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)左邊界到y(tǒng)軸的距離為s（s

未知），磁感應(yīng)強(qiáng)度為比（歷未知）；第二象限有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E（E未知）；第四

象限有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)上邊界到x軸距離為d,磁感應(yīng)強(qiáng)度為4=立竺有一個(gè)帶正

2qd

電的粒子（質(zhì)量為m、電荷量為q、不計(jì)重力）從電場(chǎng)中的A（-2￡,￡）點(diǎn)以水平向右的速度內(nèi)射出，恰好

經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)。進(jìn)入第四象限，經(jīng)過磁場(chǎng)后，從x軸上某點(diǎn)進(jìn)入第一象限的磁場(chǎng)中，經(jīng)過磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后水平

射出，恰好經(jīng)過y軸上的P（0,2d）點(diǎn)。求：

⑴電場(chǎng)強(qiáng)度E；

⑵磁感應(yīng)強(qiáng)度歷；

⑶第一象限磁場(chǎng)左邊界到y(tǒng)軸的距離so

18.如圖所示，長(zhǎng)度為/?、質(zhì)量為加A=2kg的長(zhǎng)木板A靜止在光滑水平地面上，質(zhì)量為mB=6kg的小物

塊B靜止放在長(zhǎng)木板的左端，在距離木板右側(cè)5處的地面上固定著一個(gè)彈性擋板P?，F(xiàn)突然敲擊物塊，物塊

立即以％=8m/s的速度向右運(yùn)動(dòng)，3s后長(zhǎng)木板第一次碰撞彈性擋板，長(zhǎng)木板立即以碰前的速率反向彈回。

經(jīng)N次碰撞后，最終物塊靜止在長(zhǎng)木板的中點(diǎn)處，長(zhǎng)木板右端恰好停在彈性擋板處。已知物塊與長(zhǎng)木板的

動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=01，重力加速度g=10m/s2。求：

（1）最初木板右側(cè)與彈性擋板的距離5;

（2）木板A的長(zhǎng)度L；

3

(3)若長(zhǎng)木板與彈性擋板第c次碰撞，長(zhǎng)木板向左離開彈性擋板的最大距離為x,,=—m,求n；

32

(4)整個(gè)過程中長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的總路程。

P

一\n擋

?板

7^7777777777777^777777/7777777777/

2021年高考考前押題密卷(山東卷)

物理?全解全析

123456789101112

DDABCDBCABCABDCDAC

1.【答案】D

【解析】

A.根據(jù)核反應(yīng)方程遵循質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)守恒定律可知，粒子X為中子，粒子Y也為中子，所以A錯(cuò)誤;

B.核反應(yīng)方程；Li+Yf：He+：H為人工轉(zhuǎn)變，所以B錯(cuò)誤；

C.核反應(yīng)生成物中的。粒子具有很強(qiáng)的電離本領(lǐng)但是穿透能力較弱，所以C錯(cuò)誤：

D.在：H+：Hf；He+X核反應(yīng)中，能釋放大量的能是，根據(jù)質(zhì)量方程

△E=Amc2

可知，反應(yīng)前的總質(zhì)量大于反應(yīng)后的總質(zhì)量，所以D正確；

故選D?

2.【答案】D

【解析】

A.由波形圖可知，波長(zhǎng)4=8m,故A錯(cuò)誤；

B.波沿X軸正方向傳播，位移為

x=+—=(8?+4)m(。=0,1,23..)

則波速為

x8〃+4,

v=—=---------rn/s（n=0,i,2,3...）

△tt2-r,

44

則當(dāng)n=0時(shí)，波速為-----m/s,不是一定為-----m/s,故B錯(cuò)誤；

12Tlt2Tl

c.在t「t2時(shí)間內(nèi)，若是在一個(gè)周期內(nèi)，則質(zhì)點(diǎn)M是先加速、后減速，若是包含多個(gè)周期則由多個(gè)運(yùn)動(dòng)階

段組成，不僅是兩段過程組成，故C錯(cuò)誤；

D.燈、匕時(shí)刻不是0時(shí)刻的圖像，故無法判斷。點(diǎn)的起振方向，故也就無法判斷質(zhì)點(diǎn)Q的起振方向，故D

正確。

故選Do

3.【答案】A

【解析】

衛(wèi)星沿圓軌道繞地球運(yùn)動(dòng)，軌道半徑片3R時(shí)有

在地球表面有

—Mm

G言=，〃g

聯(lián)立解得

根據(jù)開普勒第三定律

（3/?）3_（2R）'

解得在橢圓軌道的周期為

r=4)

衛(wèi)星制動(dòng)后回落到地球表面的時(shí)間為

7=5〃=2萬

故選Ao

4.【答案】B

【解析】

發(fā)生彈性正碰，則有

2x22

3/nv0=3/nv,+mv2,；x3mv0~~^>invt+〈mv2

解得

黃色彈珠的動(dòng)能為

口1231々23萬

E.=—mv^=—x—x3mv=—E

2242°n4

故選Bo

5.【答案】C

【解析】

理想變壓器的變壓比

幺=幺

U2n2

因?yàn)?、小、小均不變，則3不變，當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，P4增大，根據(jù)變壓器輸出功率決定輸入功

率，有P3增大，升壓變壓器的輸入功率P1和輸出功率P2也都增大，根據(jù)

P2=U212

則/2增大，則

MJ=I[R

增大，所以由

U3=U2-^U

得出。3減小，所以。4也減小；經(jīng)以上分析知當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)P4增大，/2增大，所以由

得輸電線上損失的功率也增大，故C正確。

故選C,

6.【答案】D

【解析】

A.根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式

E=k=

r

可知三個(gè)點(diǎn)電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，都為E,根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理，可知兩個(gè)正電荷在。

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向由。指向C,再跟負(fù)電荷的電場(chǎng)疊加后，合場(chǎng)強(qiáng)為2E,A錯(cuò)誤；

B.在A點(diǎn)處的點(diǎn)電荷+4的電場(chǎng)中，設(shè)將一個(gè)正試探電荷Q從。點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力所做的功為

則有

W

(p=-

Q

同理將該電荷從B點(diǎn)處的點(diǎn)電荷+4的電場(chǎng)中的。點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力所做的功也為VV,將該電荷從C

點(diǎn)處的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中的。點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力所做的功為所以，將該電荷從三個(gè)電荷產(chǎn)生

的電場(chǎng)中的。點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力所做的功為

W'^W+W-W^W

則。點(diǎn)的電勢(shì)為

,WW

(D=——=—=(D

QQ

B錯(cuò)誤；

c.C點(diǎn)電荷移動(dòng)到。點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，c錯(cuò)誤；

D.將B點(diǎn)電荷移動(dòng)到。點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功，電勢(shì)能不變，D正確。

故選D。

7.【答案】B

【解析】

B.在A點(diǎn)，由牛頓第二定律有

2

F+mg-FA="嗑

根據(jù)牛頓第三定律有

吊=1=6mg

聯(lián)立解得

F=6mg

所以B正確;

AC.在A點(diǎn)，由牛頓第二定律有

2

F+mg-FA="嗑

根據(jù)牛頓第三定律有

夕=儀

在8點(diǎn)，由牛頓第二定律有

2

F-mg-FB=

根據(jù)牛頓第三定律有

FB=F；

從A到B過程有

mg2R=-^mVg

聯(lián)立解得質(zhì)點(diǎn)對(duì)A、B兩點(diǎn)的壓力差為

F；-F；=6mg

所以AC錯(cuò)誤；

D.在B點(diǎn)，由牛頓第二定律有

「FVB

K

當(dāng)弓=0時(shí)，喙最大則有

VB,”=4就

所以D錯(cuò)誤；

故選Bo

8.【答案】C

【解析】

A.小球4B碰撞瞬間電荷均分，則兩小球電荷量的絕對(duì)值均為

q=線=2xl()Tc

2

且小球8剛進(jìn)入正交電、磁場(chǎng)的瞬間，豎直方向的加速度恰好為零，則有

mBg^qvBB+qE

解得碰后B球的速度為

vB=20m/s

小球48碰撞過程中，由動(dòng)量守恒定律可得

mAv0=mAvA+mBvB

解得，碰后瞬間小球A速度為

vA=16m/s

故A錯(cuò)誤；

B.小球A剛進(jìn)入正交電、磁場(chǎng)后，由于

mAg=0.5N＞qE+qvAB=0.098N

所以小球A向下偏，則電場(chǎng)力做負(fù)功，故其電勢(shì)能增大，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)動(dòng)能定理，可知小球A對(duì)小球B做的功為

W=g，%^=2J

故C正確；

D.由于碰撞前48系統(tǒng)機(jī)械能為

Eu片=10J

碰后系統(tǒng)機(jī)械能為

則耳|＞心2,機(jī)械能不守恒，故小球A、B之間的碰撞為非彈性碰撞，故D錯(cuò)誤。

故選Co

9.【答案】ABC

【解析】

由圖可知甲的加速度比乙S大，在達(dá)到速度相等的時(shí)間「內(nèi)兩車相對(duì)位移為S1。

A.若So=S1+S2,速度相等時(shí)甲比乙位移多》＜So，乙車還沒有追上，此后甲車比乙車快，不可能追上,

故A正確；

B.若$0＜電，乙車追上甲車時(shí)乙車比甲車快，因?yàn)榧总嚰铀俣却?，甲車?huì)再追上乙車，之后乙車不能再追

上甲車，故兩車相遇2次，故B正確;

C.若％=跖，恰好在速度相等時(shí)追上、之后不會(huì)再相遇，故兩車相遇1次，故C正確；

D.若$0=$2，由于M<S2,則與<50,兩車速度相等時(shí)乙車還沒有追上甲車，之后甲車速度比乙車快、

更追不上，故D錯(cuò)誤。

故選ABC。

10.【答案】ABD

【解析】

A.由部分電路歐姆定律可知

A正確；

B.由于總電流不變，則電流表乙的變化量與電流表乙的變化量的絕對(duì)值相等，兩電阻并聯(lián)電壓相同，電壓

的變化量也相同，所以

I—H—I

A/,M

B正確；

C.由于

則隨取的增大，/2越來越小，/1越來越大，由于電壓表的電壓為

U=1內(nèi)

則電壓表的電壓將增大，恒流源的輸出的功率為

P=UI

所以恒流源的輸出的功率也將增大，c錯(cuò)誤；

D.滑動(dòng)變阻器與消耗的電功率為

則有書=啊，即當(dāng)凡=4時(shí)，滑動(dòng)變阻器&消耗的電功率最大，D正確。

故選ABD。

11.【答案】CD

【解析】

A.0~5s內(nèi)物塊的位移為12.5m,則力F的作用點(diǎn)移動(dòng)的距離為

s=12.56m

所以0?5s內(nèi)拉力F做的功為

W=F5COS-=112.5J

2

A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)圖乙可知，3s末物塊的速度為3m/s,則力F的作用點(diǎn)移動(dòng)的速度為

v=3>/3m/s

3s末拉力F的功率為

0

P=Fvcos-=27W

2

B錯(cuò)誤；

C.5~10s內(nèi)，物塊做勻速運(yùn)動(dòng)，則有

/=F+Fcos6=6N

c正確；

D.5?10s內(nèi)物塊的位移為25m,則力F的作用點(diǎn)移動(dòng)的距離為

s-256m

所以5~10s內(nèi)拉力F做的功為

W=Fscos-=l5QJ

2

D正確。

故選CD。

12.【答案】AC

【解析】

A.當(dāng)棒AB運(yùn)動(dòng)到人處時(shí)，棒AB的有效切割長(zhǎng)度最長(zhǎng)，安培力最大，則外力F最大，功率也最大，此時(shí)

2

BJv,尸v

F=BJL=B]

~2R2R

解得

P一歐zV

m2R

故A正確；

B.棒AB在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域用的運(yùn)動(dòng)過程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=B.Lvsin—x

1L

則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為

F_B}Lv

有效一近

感應(yīng)電流有效值為

/-BJv

有效2-J2R

運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

L

t=—

v

則棒CD上產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=/

布”'=8R

故B錯(cuò)誤；

C.在運(yùn)動(dòng)過程中CD棒始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則應(yīng)滿足

B2IL<mg+4mg

/=也

2R

則

2"+l)mgR

出0------------------

BtI3v

故C正確；

D.由以上分析知，CD棒所受安培力最大值為

F_B\B^V

2R

對(duì)重物受力分析知，地面對(duì)重物支持力為,，根據(jù)平衡條件

F-xmg+FN=mg

則

rB.B^v

FN=mg--苗一+〃mg

ZA

故D錯(cuò)誤。

故選AC。

13.【答案】甲mg0.300.80①

【解析】

⑴根據(jù)題意，圖甲所示實(shí)驗(yàn)方案中托盤和祛碼的總重力充當(dāng)小車的合外力，為減小托盤和祛碼質(zhì)量對(duì)實(shí)驗(yàn)

的影響，應(yīng)滿足M?m,而圖乙所示方案的實(shí)驗(yàn)原理為，掛上托盤和祛碼，調(diào)整墊塊位置，使質(zhì)量為M的

小車拖著紙帶沿木板勻速下滑時(shí)，由平衡條件有

MgsmO-/jMgcosO-T=0,T-mg

取下托盤和祛碼，讓小車沿木板加速下滑，則有

Mgsin0-,iMgcos0=Ma

由上幾式解得

F^=T=mg=Ma

所以不需要滿足M?m,則實(shí)驗(yàn)時(shí)需要滿足條件M?m的實(shí)驗(yàn)方案是甲。

(2)用乙實(shí)驗(yàn)方案，在作a-F關(guān)系時(shí)，小車受到的合外力F=mg。

⑶由丙圖利用平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可得

2

XAE_(12.OO-O)X1O"

=0.30m/s

~4T~4X0.1

利用逐差法可得小車的加速度為

x-x(7.60-4.40)X1Q-2

C￡AC=0.80m/s2

4T2—-2x0.1

⑷由于用乙實(shí)驗(yàn)方案，在作a—F關(guān)系時(shí)，小車受到的合外力F=mg=Ma,則有。=」-尸，所以圖像中①是

M

乙實(shí)驗(yàn)方案得到的a—F關(guān)系圖象。

14.【答案】BQ-小于2等于

mp

【解析】

（1）由圖（a）（b）分別得

E=U"+"r

E=UH）

。=0時(shí)

/">4

因此圖線B對(duì)應(yīng)圖（a）；

根據(jù)誤差分析，在/-U坐標(biāo)中，圖線在U坐標(biāo)上的截距最大等于電源電動(dòng)勢(shì)，因此截距越大，電動(dòng)勢(shì)誤差

越小，可知圖（b）所得電源電動(dòng)勢(shì)誤差比圖（a）小，因此對(duì)應(yīng)的圖線4在橫坐標(biāo)上的截距更接近電源電

動(dòng)勢(shì)，因此電源電動(dòng)勢(shì)為夕

（2）若電流表內(nèi)阻未知，應(yīng)采用圖（a）的實(shí)驗(yàn)電路，則電源內(nèi)阻

r，=—n

m

由于電壓表與電源并聯(lián)組成等效電源，因此/小于電源內(nèi)阻真實(shí)值

（3）若已知電流表內(nèi)阻為R”應(yīng)采用圖（b）的實(shí)驗(yàn)電路，則電源內(nèi)阻

'I、

電流表與電源串聯(lián)組成等效電源，但電流表內(nèi)阻已知，對(duì)測(cè)量結(jié)果沒有影響，若不考慮偶然誤差和電表精

度誤差，則r〃等于電源內(nèi)阻的真實(shí)值

15.【答案】(1)木；(2)吸熱，見解析

【解析】

(1)氣體狀態(tài)參量

7；=(273-3)K=270K

7；=(273+27)K=300K

4=4

4=《-15Pa

V=12m3

以房間內(nèi)氣體為研究對(duì)象，由理想氣體狀態(tài)方程得

py/^(V+AV)

得

AV=-V

9

病房?jī)?nèi)減少的氣體質(zhì)量與啟用前房間內(nèi)氣體總質(zhì)量之比

A/72_AV

mV+AV

代入數(shù)據(jù)解得

△m_1

m10

(2)抽氣過程剩余氣體的溫度升高，內(nèi)能增加，At7>0,剩余氣體體積增大對(duì)外做功，W<0,由熱力

學(xué)第一定律

\U=W+Q

可知

Q=V