2023學年高二年級第一學期浙江省名校協(xié)作體試題

物理試卷

考生須知：

1.本卷共8頁滿分100分，考試時間90分鐘；

2.答題前，在答題卡指定區(qū)域填寫學校、班級、姓名、考場號、座位號及準考證號；

3.所有答案必須寫在答題卡上，寫在試卷上無效；

4.考試結束后，只需上交答題卡；

5.無特殊說明取g=10m∕s20

第I卷（選擇題共51分）

一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個選項中只有一

個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分。）

1.用國際單位制的基本單位表示功的單位，下列表示正確的是（）

A.kg?m2∕s2B.N?m∕sC.JD.N?m

【答案】A

【解析】

【詳解】根據(jù)公式

W=Fx=max

其中，"的單位為kg,〃的單位是m∕s2,X的單位是ιn,則功的單位為kg?π√∕s2,而N、J都是導出單

位。

故選Ao

2.2023年5月30日9時31分，搭載神舟十六號載人飛船的長征二號F遙十六運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射

中心發(fā)射升空。神舟十六號載人飛船入軌后，于5月30日16時29分，成功對接于空間站天和核心艙徑

向端口，如圖所示，下列說法正確的是（）

A.“16時29分”指的是時間間隔

B.天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力的作用

C.對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對運動的

D.“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號可視為質點

【答案】B

【解析】

【詳解】A.“16時29分”指的是時刻，故A錯誤；

B.天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力作用，故B正確；

C.對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對靜止的，故C錯誤；

D.“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號大小形狀不可忽略，不可視為質點，故D錯

誤。

故選Bo

3.在物理學研究過程中科學家們創(chuàng)造了許多物理學研究方法，如理想實驗法、控制變量法、極限法、等效

替代法、理想模型法、微元法等，以下關于所用物理學研究方法的敘述錯誤的是（）

A.在“探究加速度與力和質量的關系”實驗中，采用了控制變量法

B.卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了理想實驗法

AY

C.當4非常小時，一就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法

△t

D.伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結合的科學研究方法

【答案】B

【解析】

【詳解】A.在“探究加速度與力和質量的關系”實驗中，采用了控制變量法，A正確；

B.卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了放大法，B錯誤；

Ar

C.當Af非常小時，一就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法，C正確；

D.伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結合的科學研究方法，D正確。

本題選擇錯誤，故選B。

4.滑竿下樓是消防員必須掌握的一項技能。一名消防員抓住豎直滑竿由靜止開始下滑，運動的速度隨時

間變化規(guī)律如圖所示，其中0-4段圖線為直線，時刻消防員著地。則下列說法正確的是（）

A.在L-t2時間內(nèi)，消防員平均速度"=乜愛

B.在L-t2時間內(nèi)，消防員所受滑竿的阻力越來越大

C.消防員在0-4時間內(nèi)加速度不變，在L-t2時間內(nèi)加速度減小

D.消防員在0-4時間內(nèi)受到滑動摩擦力作用，在t∣-12時間內(nèi)受靜摩擦力作用

【答案】B

【解析】

【詳解】A.在t2時間內(nèi)，若消防員做勻減速運動，消防員平均速度為

V1+V2

V=----------

2

由圖象可知消防員在L-t2時間內(nèi)的位移大于消防員做勻減速運動的位移，故

-V1+v2

V>V=———-

2

故A錯誤；

B.根據(jù)牛頓第二定律有

f—mg—ma

v—r圖象的斜率表示加速度，可知在t1-12時間，消防員的加速度大小變大，故消防員所受滑竿的阻力越

來越大，故B正確；

C.U-/圖象的斜率表示加速度，消防員在0-乙時間內(nèi)加速度不變，在-t2時間內(nèi)加速度增大，故C錯

誤；

D.消防員在0-4時間內(nèi)受到滑動摩擦力作用，在L-t2時間內(nèi)受滑動摩擦力作用，故D錯誤。

故選B。

5.下列有關電容器的表述正確的是（)

400V68μF

甲乙丙丁

A.圖甲S接1電容器充電，充電過程中通過電流表的電流大小不變

B.圖乙S由接1改為接2,電容器放電，放電時通過電流表的電流方向為從左到右

C.圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的

D.圖丁中的“400V,68μF”,說明該電容器只有兩端加上400V的電壓時電容才為68μF

【答案】C

【解析】

【詳解】A.圖甲中，開關接1,則電容器充電，在充電過程中，通過電流表的電流逐漸減小，故A項錯

誤；

B.圖乙中，開光從1到2,電容器開始放電，由充電過程可知，上極板帶正電，所以放電時通過電流表

電流方向為從右到左，故B項錯誤；

C.圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的，故C項正確：

D.圖丁中的電容器標有“400V,68μF”字樣，說明該電容器兩端電壓的最大值為400V,而其電容總是

為68μF,故D項錯誤。

故選C。

6.山東濰坊是“世界風箏都“，每年春天都會舉辦國際風箏節(jié)。如圖所示，人拉風箏保持靜止，AB代表風

箏截面，與水平面的夾角為30。。OC代表風箏線，與風箏平面成60。。風箏質量為500g,風箏所受風力

方向與風箏面垂直且認為大小恒定，下列說法正確的是（）

A.風對風箏的作用力的大小為5N

B.風箏線對風箏的拉力大小為5N

C.若剪斷風箏線，風箏將做自由落體運動

D.風箏線對人的拉力和人對風箏線的拉力是一對平衡力

【答案】B

【解析】

【詳解】AB.設風對風箏的作用力大小為F,線對風箏的作用力大小為T，以風箏為對象，根據(jù)受力平

衡可得

/cos30°=Mg+Tsin30°

Fsin30o=Tcos30°

解得

F=‰?=5√3N

T=mg-5N

故A錯誤，B正確；

C.若剪斷風箏線，風箏不只受到重力作用，還受到風力作用，風箏不是做自由落體運動，故C錯誤；

D.風箏線對人的拉力和人對風箏線的拉力是一對相互作用力，故D錯誤。

故選B0

7.如圖所示，有兩個高度差為Im的小鋼球A、B先后由靜止開始下落，剛好同時落地，小鋼球B下落

的最后3.8m,用時0.2s,不計空氣阻力，下列說法正確的是()

AO

OB

A.小鋼球B下落最后一秒的位移大小為15m

B.小鋼球A下落時間為2s

C.小鋼球A掉落前到地面的高度為20m

D.兩小鋼球在運動過程中，間距和速度之差均保持不變

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.設小球B下落時間為/B,則有

∕%=gg島%-3.8=gg(q-O?)?

解得

%=20m,tB=2s

則小鋼球B下落最后一秒的位移大小為

11

=]gj9_]g&TV7=15m

故A正確；

【解析】

【詳解】A.飛船在停泊軌道(I)上的速度為

2πR

V=-------

Tt

飛船從停泊軌道(I)上的P點到轉移軌道(II)上尸點要加速，則在轉移軌道(II)上尸點的速度大

2πR

于V=T,選項A錯誤；

B.根據(jù)

GM

可知，飛船在轉移軌道(II)上P點的加速度大于Q點的加速度，選項B錯誤；

C.設飛船在轉移軌道(II)上的周期為不，則根據(jù)開普勒第三定律

(2R+h3

g=?±

2

TlT；

解得

T2=小姬

飛船從P到Q的運動時間至少為

D.空間站內(nèi)的物品或宇航員隨空間站繞地球做勻速圓周運動，則雖然處于“漂浮”狀態(tài)，但它們受力不平

衡，選項D錯誤。

故選C。

9.某燃脂呼啦圈如圖甲所示，在圈外有一個用桿相連的重力錘，小明不小心將桿弄斷了，換了一根細繩

綁住重力錘。當細繩與豎直方向的夾角為53。，計數(shù)器顯示Imin內(nèi)轉了40圈，運動過程中腰帶可看作不

動，重力錘繞人體在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，其簡化圖如圖乙所示。已知重力錘的質量，"=0?4kg,繩長

L=0.45m,取萬2=ιo,則以下說法正確的是()

AB

A.只要兩極板的距離足夠小，電子一定能從右極板射出

B.只要兩極板的距離足夠大，電子一定不能從右極板射出

C.當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間不變

D.當兩極板的距離變化時，電子離開電場的速度相同

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.電子能否從電場中射出取決于兩極板的電壓，由動能定理

qU=gm√

U=皿

2。

22

當電壓大于j時，電子不能射出；當電壓小于竺此時，電子能射出，故選項AB錯誤；

2q2q

C.當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間變化，距離變大，場強變小，加速度變小，時間變

長，反之，距離變小，時間變短，故選項C錯誤；

D.當兩極板的距離變化時，電子在電場中電場力做功不變，故離開電場的速度相同。故選項D正確。

故選D。

11.某同學利用手機加速度傳感器研究電梯運動時的超失重現(xiàn)象。某次測量時，手機平放在電梯地板上，

電梯由靜止開始運動，獲得豎直方向的加速度。隨時間f變化的圖線（取豎直向上為正方向）如圖所示，

A.電梯一直向上運動且先加速再減速

B.電梯運動過程的最大加速度約為0.5g

C.手機對地板的壓力最大值約為其重力的1.5倍

D.電梯先下降后上升，IOs時手機處于失重狀態(tài)

【答案】D

【解析】

【詳解】AD.從α-f圖像可以看出，電梯從靜止開始，開始先加速下降，再減速下降，然后再加速上

升，最后減速上升，在IOs時，由于加速度向下，手機處于失重狀態(tài)，A錯誤，D正確；

B.從a—r圖像可以看出，最大加速度約為0.5m∕s2,B錯誤；

C.在減速下降和加速上升的過程中，手機處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律

FN-mg=ma

可得

ξv=根(g+0.5)

根據(jù)牛頓第三定律可知對地板壓力

C錯誤。

故選D。

12.從地面豎直向上拋出一物體，物體在運動過程中除受到重力外，還受到空氣阻力作用。已知物體上

升、下降過程中機械能E隨距地面高度〃的變化關系如圖所示，以地面作為重力零勢能面，重力加速度

g取Iom/s,以下說法正確的是()

A.物體的質量為3kgB.物體落回到拋出點速度為2而m/s

C.物體受到的空氣阻力大小為IND.物體在上升過程中動能減少了6J

【答案】C

【解析】

【詳解】A.由圖像可知物體在最高點時，動能為0,則有

E=mgh=120J

可得物體的質量為

120,?

m=------kg=2kg

10x6

故A錯誤；

B.由圖像可知，物體落回到拋出點時，重力勢能為0,則有

1,

E=-2=114J

2wv

可得物體落回到拋出點速度為

2114

v=∕×=√∏4m∕s

2''

故B錯誤；

C.物體上升過程減少的＞機械能等于物體克服空氣阻力做的功，則有

∣ΔE∣=,∕7ι=126J-120J=6J

可得物體受到的空氣阻力大小為

∕=9N=IN

6

故C正確；

D.根據(jù)動能定理可知，物體在上升過程中動能減少了

∣ΔEk∣=(m^+∕)Λ=126J

故D錯誤。

故選Co

13.如圖甲所示，將一輕彈簧放在傾角為45。的固定斜面上，彈簧的下端固定。把物體P靠近彈簧的上端

放在斜面上，P由靜止沿斜面向下運動，物體的加速度〃與彈簧的壓縮量X間的關系如圖乙中實線所示。

把物體P換成物體Q,完成同樣的過程，其α-x關系如圖乙中虛線所示，己知物體P與斜面間的動摩擦因

數(shù)是物體。與斜面間動庫S擦因數(shù)的0.6倍。下列說法正確的是()

a

Zr

0?2x0r

甲乙

A.尸與斜面間的動摩擦因數(shù)為2B.Q與斜面間的動摩擦因數(shù)為2

36

C.P的質量是。的6倍D.尸的質量是。的g倍

【答案】B

【解析】

【詳解】剛開始下滑時，物體受到重力，斜面對物體的支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，對P

mpgsinθ-μpmpgcosθ=mp?3ao

對Q

"ZQgsinO?〃Q〃?QgCOS敘"2Q40

P運動Xo時，加速度為零，則

mpgcosθ-μpmpcosθ-kxo=0

Q下滑2皿時，加速度為零，則

mQgsinθ-μQmQgcosθ-k?2xo=0

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得

1

mPmQ

MP=0.5

5

μQ=%

故B正確，ACD錯誤。

二、不定項選擇題（本題共3小題，每小題4分，共12分，在每小題給出的四個選項中，

有一個或一個以上答案符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不選

的得0分）

14.下列說法正確的是（）

A.牛頓在伽利略和笛卡兒等科學家研究的基礎上提出了牛頓第一定律

B.開普勒經(jīng)過二十多年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，得出了行星運動規(guī)律

C.在對自由落體運動的研究過程中，伽利略直接用實驗驗證了自由落體運動的速度與下落時間成正比

D.美國科學家富蘭克林發(fā)現(xiàn)自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.牛頓在伽利略的理想斜面實驗和笛卡兒對物體運動研究的基礎上總結得出了牛頓第一定律，

故A正確；

B.第谷經(jīng)過二十年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，開普勒通過分析第谷的數(shù)據(jù)，得出了行星運動

的規(guī)律，故B錯誤；

C.伽利略在研究自由落體運動時，猜想運動速度與下落時間成正比，但沒有直接用實驗進行驗證，故C

錯誤；

D.美國科學家富蘭克林發(fā)現(xiàn)自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷，故

D正確。

故選

ADo

15.如圖所示，左邊是一個原先不帶電的導體，右邊C是后來靠近導體的帶正電金屬球，則下列結論正確

zz?

A.B端感應出負電，A端感應出正電

B.感應電荷在AB內(nèi)部產(chǎn)生的電場強度處處為零

C.若用絕緣工具沿圖示某條虛線將導體切開，分為A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量的絕對值分別為

QA、QB，沿任意一條虛線切開，都有QB=QA

D.當C逐漸遠離AB時，AB內(nèi)部的場強逐漸減小

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.導體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導體中的自由電子向8端移動，使端多帶了

電子而帶負電，A端失去電子帶正電，故A正確；

BD.AB處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部場強處處為零，感應電荷在AB內(nèi)部產(chǎn)生的電場強度不是處處為零，當

C逐漸遠離AB時，AB內(nèi)部的場強始終為零不變，故BD錯誤。

C.由題意可知，靜電感應現(xiàn)象使得A帶正電，B帶負電，導體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，

導體中的自由電子向8部分移動，使B部分多帶了電子而帶負電；A部分少了電子而帶正電，根據(jù)電荷

守恒可知，4部分轉移的電子數(shù)目和B部分多余的電子數(shù)目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，由電

荷守恒定律知，兩部分的電荷量總是相等的，故C正確。

故選ACo

16.某地區(qū)常年有風，風速基本保持在8m∕s,該地區(qū)有一風力發(fā)電機，其葉片轉動可形成半徑為IOm的

圓面，若保持風垂直吹向葉片，空氣密度為1.25kg∕m3,風的動能轉化為電能的效率為20%。下列結論正

確的是（）

A.每秒流經(jīng)該渦輪機空氣的動能約為20OkJ

B.該風力發(fā)電機的功率約為20kW

C.若風速變?yōu)?4m∕s,則該風力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?倍

D.某純電動家用汽車每充36kW?h的電能，可以行駛500公里，一般家用汽車的年行駛里程約I（X）Oo公

里。則這臺風力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.每秒流經(jīng)該渦輪機空氣的動能約為

Ek=；my2=g夕?乃/Ut?V2≈1OOkJ

故A錯誤；

B.該風力發(fā)電機的功率約為

P=西=2OkW

t

故B正確；

C.該風力發(fā)電機的功率為

12122

口-mv~?η—O'πr"vt-V23

P_嗚-2/_22n_ElPr-

ttt2

可知若風速變?yōu)?4m∕s,則該風力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?7倍，故C錯誤；

D.根據(jù)能量守恒有

20x365x24kW?h="36kW?h

500

解得

n≈243

故這臺風力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能，故D正確。

故選BD0

第∏卷（非選擇題共49分）

17.（1）在“探究加速度與力、質量的關系”實驗時，

①關于“補償阻力”的說法中正確的是（多選）

A.“補償阻力”的本質就是讓小車受到的摩擦力為零；

B.“補償阻力”的本質就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；

C.只要“補償阻力”，小車所受的合力就一定等于所掛槽碼的重力；

D.“補償阻力”是否成功，可根據(jù)實驗正確操作后，紙帶上的點跡間距是否均勻而確定。

②小明同學在實驗中獲得的其中一條紙帶如圖甲所示，A、B、C、D、E、尸是紙帶上的6個計數(shù)點，每

兩個相鄰計數(shù)點間均有四個點沒有畫出。實驗所用交流電頻率為50Hz,則小車運動的加速度為

m∕s2（計算結果保留兩位有效數(shù)字）。

J~TB^^c~DEF7

?I.............I.............I'…1..............I..............IT

OCm12345

圖甲

另一同學還做了如下實驗：如圖乙所示，不改變小車質量和槽碼個數(shù)，撤去打點計時器及小車后面的紙

帶，將具有加速度測量功能的智能手機固定在小車上來測量加速度，測量的結果比用打點計時器測得的

要小，從以下選項中選出一個最合適解釋。

B.因為在小車上放置了智能手機后，沒有重新“補償阻力”

C.因為在小車上放置了智能手機后，繩的拉力變小

（2）在“探究平拋運動的特點”實驗中，下列說法正確的是

A.如圖丙所示的演示實驗中，1球落地時與2球相碰，就可以說明平拋運動的軌跡是一條拋物線

B.用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M必須光滑且其末端水平

C.用圖丁裝置進行實驗，小鋼球應從斜槽M上同一位置靜止?jié)L下

【答案】①.BD##DB②.0.20-0.23③.AC

【解析】

【詳解】（1）口］“補償阻力”的本質就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；在檢

驗“補償阻力”是否成功時，讓小車不掛槽碼，懸掛上紙帶，打開打點計時器，輕推小車，如果打點計

時器在紙帶上打下均勻的點，說明小車勻速運動，“補償阻力”成功。

故選BDo

⑵相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔

T=0.1s

根據(jù)

Δx=αT2

可知

[3]“補償阻力”成功之后，即使改變小車的質量，也不需要重新補償阻力，之所以加速度變小，是由于

小車上放置了智能手機后，整體的質量變大造成的；而由于加速度減小，槽碼所受的合力減小，繩子拉

力將變大。

故選Ao

（2）[4]A.球1落地時與球2相碰，說明平拋運動在豎直方向上是自由落體運動，A錯誤；

BC.用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M不必須光滑，但末端必須水平，只要每次釋放小球的位置固定，

且從靜止釋放，就能保證小球每次的平拋初速度相同，B錯誤，C正確。

故選C。

18.某同學要測量一定值電阻號的阻值：

（1）該同學先用多用電表歐姆擋粗測該電阻的阻值，先用“x100”擋測量，發(fā)現(xiàn)指針指在圖甲中虛線位

置，這時他應該選用“”擋進行測量，調(diào)整好擋位并進行歐姆調(diào)零后再次測量，指針指在圖甲中實

線位置，則a的阻值為

乙

（2）為了進一步準確測量RV的阻值，該同學選用下表中器材設計實驗電路進行測量

電池組E（電動勢3V,內(nèi)電阻很?。┗瑒幼冏杵黠w（0?20kC,額定電流IA）

電壓表V（量程0~3V,內(nèi)電阻約3kC）滑動變阻器&（0~20Ω,額定電流2A）

電流表A∣（量程0~10mA,內(nèi)電阻約6C）開關S

電流表A2（量程0~0.6A,內(nèi)電阻約0.2C）導線若干

①電流表應選用,滑動變阻器應選用（均填寫字母代號）；

②若該同學已正確選用器材，并連接好部分實驗電路，如圖乙所示，請用筆畫線代替導線補充完成實物

圖。

③閉合開關，移動滑片測得多組數(shù)據(jù)，可求出&的阻值。

【答案】

①.XlO②,300③.A1

【解析】

【詳解】（1）該同學先用多用電表歐姆擋粗測該電阻的阻值，選用“xl00”擋測量，發(fā)現(xiàn)指針指在題

圖中虛線位置，指針偏角過大，說明倍率擋選擇的過大，這時他應該選用“X10”擋進行測量；RX的阻值為

30x100=30OC

（2）①[3]電路中可能出現(xiàn)的最大電流為

—=A=IOmA

maxR300

可知電流表選擇Ai；

⑷為了得出多組數(shù)據(jù)，滑動變阻器采用分壓式連接，滑動變阻器選擇最大阻值較小的&；

②⑸因待測電阻的阻值300Ω遠大于電流表的內(nèi)阻6C,可知應該采用電流表內(nèi)接，實物連接圖如圖所示

19.如圖所示，質量m=lkg的滑塊以％=16m∕s的初速度沿傾角為。（未知）的足夠長斜面上滑，滑

塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為〃（未知）?；瑝K向上滑行位移x=16m后到達最高點，隨即下滑，返回到出發(fā)

點時的速度為y=8m∕s,不計空氣阻力。求：

（1）滑塊上滑過程的加速度田；

（2）滑塊下滑過程所用時間r；

（3）斜面的傾角，以及滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為〃。

【解析】

【詳解】（1）滑塊向上做勻減速直線運動，以沿斜面方向為正方向

O-vθ-2a↑x

解得

4=-8m/s2

即加速度大小為8m∕s2,方向沿斜面向下；

（2）下滑過程，滑塊做勻加速直線運動，根據(jù)運動學方程

V=—=4m∕s

2

又

x=v?t

得

片4s

(3)下滑過程，滑塊做勻加速直線運動，根據(jù)運動學方程

2

V=2a1x

解得

2

a2=2m∕s

上、下滑過程，根據(jù)牛頓第二定律

-(mgsinθ+f)=ma]