河南省聯(lián)考2024屆高三新高考適應性測試物理試卷

一、單選題

1.如圖，在同一根軟繩上先后激發(fā)出a、b兩段同向傳播的簡諧波，則它們（）

A.波長相同B.振幅相同C.波速相同D.頻率相同

2.如圖，在平直路面上進行汽車剎車性能測試。當汽車速度為v時開始剎車，先后經(jīng)

0

過路面和冰面（結冰路面），最終停在冰面上。剎車過程中，汽車在路面與在冰面所

受阻力之比為7：1,位移之比為8：7o則汽車進入冰面瞬間的速度為（）

—?Po

路面冰面

-1

A.-vB.-vC.-vD.-v

2o3o8o9。

3.某光源包含不同頻率的光，光的強度與頻率的關系如圖所示。表中給出了一些金屬

的截止頻率v,用該光源照射這些金屬。貝U（）

0246810v/(10'Hz)

v/CouHz)

金屬

C

鈍4.69

鈉5.53

鋅8.06

鴇10.95

A.僅鈍能產(chǎn)生光電子B.僅鈉、鈉能產(chǎn)生光電子

C.僅鈉、鈉、鋅能產(chǎn)生光電子D.都能產(chǎn)生光電子

4.若兩顆人造衛(wèi)星M、N繞地球做勻速圓周運動，V、N到地心的距離之比為鼠忽

略衛(wèi)星之間的相互作用。在時間t內，衛(wèi)星〃與地心連線掃過的面積為S,衛(wèi)星N

M

與地心連線掃過的面積為S,則S與S的比值為（）

NMN

A.lB.kC.—k2D.'Jk

5.2023年4月，我國有“人造太陽”之稱的托卡馬克核聚變實驗裝置創(chuàng)造了新的世界紀

錄。其中磁約束的簡化原理如圖：在半徑為尺和R的真空同軸圓柱面之間，加有與軸

12

線平行的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，R=27?。假設氛核2H沿內環(huán)切線向左

211

進入磁場，氛核3H沿內環(huán)切線向右進入磁場，二者均恰好不從外環(huán)射出。不計重力及

1

二者之間的相互作用，則2H和3H的速度之比為（）

11

二、多選題

6.如圖，將一平面鏡置于某透明液體中，光線以入射瑾巧。進入液體，經(jīng)平面鏡反

射后恰好不能從液面射出。此時，平面鏡與水平面（液面）夾角為?,光線在平面鏡

上的入射角為夕。已知該液體的折射率為"，下列說法正確的是（）

A.p=30°

B.P=37.5。

C.若略微增大a,則光線可以從液面射出

D.若略微減小九則光線可以從液面射出

7.a粒子（4He）以一定的初速度與靜止的氧原子核（第。）發(fā)生正碰。此過程中，a

28

粒子的動量P隨時間，變化的部分圖像如圖所示，r時刻圖線的切線斜率最大。財）

1

A;時刻16。的動量為。-pB.t時刻16。的加速度達到最大

180118

C.t時刻160的動能達到最大D1時刻系統(tǒng)的電勢能最大

282

8.如圖（a）所示，“L”形木板。靜止于粗糙水平地面上，質量為1kg的滑塊尸以

6m/s的初速度滑上木板，f=2s時與木板相撞并粘在一起。兩者運動的v-f圖像如圖

（b）所示。重力加速度大小g取10m/s2,則（）

圖（a）

A.Q的質量為1kgB.地面與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.1

C.由于碰撞系統(tǒng)損失的機械能為L0JD.r=5.8s時木板速度恰好為零

三、實驗題

9.某同學用如圖（a）所示的裝置驗證機械能守恒定律。用細線把鋼制的圓柱掛在架

子上，架子下部固定一個小電動機，電動機軸上裝一支軟筆。電動機轉動時，軟筆尖

每轉一周就在鋼柱表面畫上一條痕跡（時間間隔為T）。如圖（b）,在鋼柱上從痕跡

。開始選取5條連續(xù)的痕跡A、B、C、D、E,測得它們到痕跡。的距離分別為

圖（a）圖（b）

（1）若電動機的轉速為3000r/min,則7=s。

（2）實驗操作時，應該。（填正確答案標號）

A.先打開電源使電動機轉動，后燒斷細線使鋼柱自由下落

B.先燒斷細線使鋼柱自由下落，后打開電源使電動機轉動

（3）畫出痕跡。時，鋼柱下落的速度v=（用題中所給物理量的字母表

D

示）

（4）設各條痕跡到。的距離為力，對應鋼柱的下落速度為v,畫出V2—4圖像，發(fā)現(xiàn)

圖線接近一條傾斜的直線，若該直線的斜率近似等于,則可認為鋼柱下落

過程中機械能守恒。

10.學生小組用放電法測量電容器的電容，所用器材如下：

電池（電動勢3V,內阻不計）；

待測電容器（額定電壓5V,電容值未知）；

微安表（量程200|iA,內阻約為1k。）；

滑動變阻器R（最大阻值為20Q）；

電阻箱R、R、R、R（最大阻值均為9999.9Q）；

1234

定值電阻R（阻值為50kQ）；

0

單刀單擲開關S、S,單刀雙擲開關S；

123

計時器；

導線若干。

Z/pA

圖（a）圖（b）圖（c）

（1）小組先測量微安表內阻，按圖（a）連接電路。

（2）為保護微安表，實驗開始前S、S斷開，滑動變阻器R的滑片應置于

12

（填“左''或"右"）端。將電阻箱R、R、R的阻值均置于1000.0Q,滑動變阻器R的滑

123

片置于適當位置。保持R、R阻值不變，反復調節(jié)R，使開關S閉合前后微安表的示

1322

數(shù)不變，則P、。兩點的電勢（填“相等”或“不相等”）。記錄此時R的示數(shù)

2

為1230.0Q,則微安表的內阻為Qo

（3）按照圖（b）所示連接電路，電阻箱R阻值調至615.0Q,將開關S擲于位置1,

43

待電容器充電完成后，再將開關S擲于位置2,記錄微安表電流/隨時間才的變化情

3

況，得到如圖（c）所示的圖像。當微安表的示數(shù)為100A時，通過電阻R的電流是

0

__________Ao

（4）圖（c）中每個最小方格面積所對應的電荷量為C（保留兩位有效數(shù)

字）。某同學數(shù)得曲線下包含150個這樣的小方格，則電容器的電容為F

（保留兩位有效數(shù)字）。

四、計算題

11.房間內溫度升高空氣外溢的過程可以抽象為如圖所示的汽缸模型。汽缸內活塞可

以無摩擦自由滑動，室內溫度升高空氣外溢，可視為空氣膨脹推動活塞向外滑動。室

內體積為V,初始溫度為T。室內溫度升高到T的過程中，活塞向外緩慢移至虛線位

00

置。室內外氣壓始終恒定且相等，空氣可視為理想氣體。求

活塞

室內

（1）汽缸內空氣升溫膨脹后的總體積V；

（2）升溫前后室內空氣質量之比。

12.如圖所示，一個帶正電的小球，質量為加，電荷量為q,固定于絕緣輕桿一端,

輕桿的另一端光滑較接于。點，重力加速度為g。

（1）未加電場時，將輕桿向左拉至水平位置，無初速度釋放，小球到達最低點時，求

輕桿對它的拉力大小。

（2）若在空間中施加一個平行于紙面的勻強電場，大小方向未知。將輕桿從左邊水平

位置無初速度釋放，小球到達最低點時，受到輕桿的拉力為4相g；將輕桿從右邊水平

位置無初速度釋放，小球到達最低點時，受到輕桿的拉力為8mgo求電場強度的水平

分量E和豎直分量E。

xy

13.如圖（a）所示，一個電阻不計的平行金屬導軌，間距L=lm,左半部分傾斜且粗

糙，傾角0=37。，處于沿斜面向下的勻強磁場中；右半部分水平且光滑，導軌之間存

在一個三角形勻強磁場區(qū)域，磁場方向豎直向下，其邊界與兩導軌夾角均為

a,tana=0.10右半部分俯視圖如圖（b）。導體棒。借助小立柱靜置于傾斜導軌上，

其與導軌的動摩擦因數(shù)pi=0.5。導體棒P以v=0.5m/s的速度向右進入三角形磁場區(qū)

0

域時，撤去小立柱，。棒開始下滑，同時對P棒施加一外力使其始終保持勻速運動。

運動過程中，兩棒始終垂直于導軌且接觸良好。已知兩磁場的磁感應強度大小均為

B=1T,兩棒的質量均為根=0.1kg,。棒電阻H=0.5Q,P棒電阻不計。重力加速度

大小取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8*以。棒開始下滑為計時起點。求

（1）撤去小立柱時，。棒的加速度大小a;

0

（2）Q棒中電流隨時間變化的關系式；

（3）。棒達到的最大速度v及所用時間

m1

參考答案

1.答案：C

2.答案：B

3.答案：C

4.答案：D

5.答案：A

6.答案：BD

解析：AB.根據(jù)網(wǎng)￡

sinr

解得光線在射入液面時的折射角為r=30°

光線經(jīng)平面鏡反射后，恰好不能從液面射出，光路圖如圖

解得NC=45。

由幾何關系可得2P+（90°-r）+（90°-C）=180°

解得p=37.5°

故A錯誤；B正確；

C.若略微增大a,則光線在平面鏡上的入射角A將變大，根據(jù)上面分析的各角度關系

可知光線射出液面的入射角變大，將大于臨界角，所以不可以從液面射出。故C錯

誤；

D.同理，若略微減小九則減小，導致光線在平面鏡上的入射角僅減小，可知光線射出

液面的入射角變小，將小于臨界角，可以從液面射出。故D正確。

故選BDo

7.答案：AB

解析：

8.答案：AC

解析：A.兩者碰撞時，取滑塊尸的速度方向為正方向，設尸的質量為m=1kg,。的質量

為M,由系統(tǒng)動量守恒定律得mv+Mv=(加+M)v

123

根據(jù)vT圖像可知，v=3m/s,v=lm/s,v=2m/s,代入上式解得Af=lkg

123

故A正確；

B.設p與。之間的動摩擦因數(shù)為|i,Q與地面之間的動摩擦因數(shù)為|i,根據(jù)UT圖像

?12

可知，0?2s內尸與。的加速度分別為a=1.5m/s2,

p

a=0.5m/S2,對P、。分別受力分析，由牛頓第二定律得［Img=ma

Q1P

|Limg-(m+Af)g=Ma

12Q

聯(lián)立解得口=0.05

2

故B錯誤；

C.由于碰撞系統(tǒng)損失的機械能為AE=J-mv2+J-A/v2-I(m+M)v2

212223

代入數(shù)據(jù)解得AE=L0J

故C正確；

D.對碰撞后整體受力分析，由動量定理得-四(m+M)gf=0-(m+M)v

223

代入數(shù)據(jù)解得t=4s

2

因此木板速度恰好為零的時刻為t^t+t=2s+4s=6s

12

故D錯誤

故選AC.

卜_卜

9.答案：(1)0.02；(2)A；(3)3_G.；(4)2g

2T

解析：(1)由于電動機的轉速為3000r/min,則其頻率為/=1?"Hz=50Hz

60

則T'=-LS=0.02S

f50

(2)實驗操作時，為了使軟筆在鋼柱表面畫上一條痕跡條數(shù)多一些，應該先打開電源

使電動機轉動，后燒斷細線使鋼柱自由下落。故選A.

(3)根據(jù)勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則畫出痕跡。

時，鋼柱下落的速度為v=仁仁

D2T

（4）鋼制的圓柱下落過程中，只有重力做功，重力勢能的減小等于動能的增加，即

mgh--mv2

可得V2=2gh

若V2—/z圖線為一條傾斜直線，且直線的斜率近似等于2g,則可認為鋼柱下落過程中

機械能守恒。

10.答案：（2）左；相等；1230.0；（3）300；（4）4.80x10-4；1.60x10-4

解析：（2）為保護微安表，實驗開始前S、S斷開，滑動變阻器R的滑片應置于左

12

端。

由題知，使開關S閉合前后微安表的示數(shù)不變，則說明E。兩點的電勢相等，根據(jù)

2

電橋平衡可知，此微安表的內阻為1230.0Q.

（3）由于微安表與R并聯(lián)，則當微安表的示數(shù)為lOOpA時，R分擔的電流為

44

則通過電阻R的電流/=1+/=300pA

0總4

（4）圖（c）中每個最小方格面積所對應的電荷量為

q-8|iAx0.4s=3.2（iC=3.2x10-6C

則150個這樣的小方格為總電荷量為Q=wxq=150x3.2xl0-6C=4.80xl0-4C

則根據(jù)電容的定義式可知電容器的電容為C=2=9WF=L60X10-4F

U3

11.答案：（1）-V

解析：（1）由題知室內外氣壓始終恒定且相等，則由蓋一呂薩克定律有匕=匚

―y---------

TT

解得v=

（2）根據(jù)氣體變化前后質量相等有pV=pV

解得p=^p°

則升溫前后室內空氣質量之比為叱=4

pvT

00

12.答案：（1）3mg

（2）E工E=吧

yqxq

解析：（1）未加電場，則從水平位置無初速度釋放到最低點時，有mgL=,V2

-p2

則小球在最低點有歹-〃zg=m—

TL

解得尸=3mg

T

（2）加電場后，無論輕桿從哪邊釋放小球到達最低點時受到的拉力均比無電場時大,

則說明電場在豎直方向的分量向下；而輕桿從左邊釋放小球到最低點受到的拉力小于

輕桿從右邊釋放小球到最低點受到的拉力，則說明電場在水平方向的分量向左，則桿

從左邊水平位置無初速度釋放，到小球到達最低點的過程中有

mgL-EqL+EqL=—mv2

xy21

p2

則小球在最低點有F-mg—Eq=m;

T1yL

其中/=4mg

T1（

桿從右邊水平位置無初速度釋放，到小球到達最低點的過程中有

mgL+EqL+EqL=—mv2

Xy22

-p2

則小球在最低點有F-mg-Eq=m-^-

T2yL

其中廠=Smg

T2

聯(lián)立解得E=吧，E=2芻

yqxq

13.答案：（1）2m/s2

（2）7=0.It（A）

(3)4m/s；4s

解析：（1）撤去小立柱時，導體棒尸剛剛進入三角形磁場區(qū)域，沒有感應電動勢，則

對。棒受力分析

a="%-n9__=gsin0一|igcos0=(10x0.6-0.5xlOx0.8)m/s2=2m/s2

0m

(2)只有p棒在切割磁感線，所以感應電動勢為石=竺=0竺

NtNt

磁場穿過閉合電路的面積與時間的關系為S=1(vt)(2tanaxv0=tanoc-v2^2

2000

所以竺=sr=2tana?vU

0

七=2=^￡=28tana2t=2x1x0.1x0.52/=O.O5/(V)

△tA?0

,E0.05r八，小

I=—=-------AA=0.1t(A；

R0.5

(3)對Q棒受力分析ma=mgsin0-p.(jngcos0+BIL)

當Q棒速度達到最大時mgsin0=cos0+BIL)

解得此時/=0.4A,t=4s

1

三角形磁場總長有L=2￡m=5m

>0.1

而尸棒在4s內運動的位移為2m,小于L。

1

。棒的加速度與時間的關系為a=gsin。-pigcosO+(2-0.5%)ITI/S2

畫出。棒的圖，則。棒速度的變化量等于圖線下方與坐標軸圍成的面積，則。棒

7yd.

達到的最大速度u為v=Av=------m/s=4m/s

mm2

所用時間％=4s。

高考質量提升是一項系統(tǒng)工程，涉及到多個方面、各個維度，關鍵是

要抓住重點、以點帶面、全面突破，收到事半功倍的效果。

一、備考策略務必精準

高三備考的不同階段，目標和任務各不相同，就像打仗一樣，攻克不

同的山頭有不同的打法，只有抓住要領，才能打贏主動仗。一是細化“作

戰(zhàn)地圖”。從現(xiàn)在到一?？荚嚽?，主要任務是過課本、串教材，把基礎知

識再夯實，為專題復習奠定堅實基礎。各學科組教師要認真學習新課程、

新課標、《中國考試評價體系及說明》和近三年高考原題，把高考考點和

試題變化點做成“作戰(zhàn)地圖”，平時考試、練習要對照“作戰(zhàn)地圖”進行

選題，并在“作戰(zhàn)地圖”上一一標注，確保考點訓練無死角、考點覆蓋無

遺漏。二是組織集體攻堅。發(fā)揮學科組集體備考的優(yōu)勢，學科組內任務分

解、責任到人，每次考試變式訓練的預測由組長把關。學科組堅持“一課

一研”、“一考一研”，新老教師步調一致，節(jié)奏有序，充分發(fā)揮分工協(xié)

作的集體教研智慧。三是找準學科增分點。認真研究本省、本市、本校近

年來的高考數(shù)據(jù)，細化到每一個知識點的得失分情況，找準突破點和增分

點，有目的進行專項訓練和突破提升。英語的閱讀理解和小作文、語文的

古文分析和作文、理科的做題速度、文科的答題思路等，都要制定詳細的

訓練方案和突破的方法策略，在實踐中調整提升，打破制約瓶頸，找到質

量提升的突破口。

二、課堂教學務必高效。課堂是教育教學是主陣地。高三年級教學時

間緊，教學任務重，更要切實發(fā)揮課堂40分鐘的作用。一是上好微專題

課。春節(jié)前后，一輪復習進入后期，學生不會的知識點逐步浮出水面。這

些薄弱知識點如果解決不好，將直接影響到二輪復習的效果。高三年級要

圍繞浮現(xiàn)出來的問題，上好微專題或微微專題課，針對某一個點或幾個點

精講、講透，觸類旁通。微專題課怎么上？可以針對學生不會的問題，每

節(jié)課重點解決1-2個知識點，專題強調，專點訓練，不貪多，順一個點

“追祖宗八代”，剖析透!微微專題，則更精、更準、更小、更有效，可

以一節(jié)課只講一