C2牛頓第二定律單位制【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆浙江省溫州市十校聯(lián)合體（溫州中學(xué)等）高三第一次月考（10）】20．如圖16，一個(gè)質(zhì)量為m的小球,以某一初速度從A點(diǎn)水平拋出，恰好從圓管BCD的B點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入圓弧，經(jīng)BCD從圓管的最高點(diǎn)D射出，恰好又落到B點(diǎn)。已知圓弧的半徑為R且A與D在同一水平線上，BC弧對(duì)應(yīng)的圓心角θ=600，不計(jì)空氣阻力．求：圖16圖16(1)（3分）小球從A點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0的大??；(2)（6分）在D點(diǎn)處管壁對(duì)小球的作用力N；(3)（3分）小球在圓管中運(yùn)動(dòng)時(shí)克服阻力做的功Wf．【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力．C2D4E2【答案解析】（1）（2）（3）解析：（1）小球從A到B：豎直方向則在B點(diǎn)，由速度關(guān)系 （2）小球從D到B：豎直方向解得：則小球從D點(diǎn)拋出的速度在D點(diǎn)，由向心力公式得：解得：方向豎直向上（3）從A到D全程應(yīng)用動(dòng)能定理：解得：【思路點(diǎn)撥】（1）根據(jù)幾何關(guān)系求出平拋運(yùn)動(dòng)下降的高度，從而求出豎直方向上的分速度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成和分解求出初速度的大?。?）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)求出小球在D點(diǎn)的速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出管壁對(duì)小球的彈力作用．（3）對(duì)A到D全程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出小球在圓管中運(yùn)動(dòng)時(shí)克服阻力做的功．本題綜合考查了平拋運(yùn)動(dòng)和圓周運(yùn)動(dòng)的基礎(chǔ)知識(shí)，難度不大，關(guān)鍵搞清平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，以及圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆浙江省溫州市十校聯(lián)合體（溫州中學(xué)等）高三第一次月考（10）】15．如圖10所示，輕桿一端固定在O點(diǎn)，另一端固定一小球，現(xiàn)讓小球在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)。小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，桿與小球間彈力大小為F，小球在最高點(diǎn)的速度大小為v，其F一v2圖象如圖11所示。則（）A．小球的質(zhì)量為 B．當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?C．v2=c時(shí)，小球?qū)U的彈力方向向下 D．v2=2b時(shí)，小球受到的彈力與重力大小相等【知識(shí)點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．C2D4【答案解析】D解析：A、B、由圖乙看出：在最高點(diǎn)，若v=0，則F=mg=a；若F=0，則mg=m，解得：g=，m=R，故A、B錯(cuò)誤；C、由圖可知：v2=b時(shí)F=0，向心力Fn=mg，根據(jù)向心力公式Fn=m，可知：當(dāng)v2＞b時(shí)，桿對(duì)小球彈力方向向下，所以當(dāng)v2=c時(shí)，桿對(duì)小球彈力方向向下，則小球?qū)U的彈力方向向上，故C錯(cuò)誤；D、若c=2b．則F+mg=m，解得：F=a，而a=mg，則得：F=mg，故D正確．故選D【思路點(diǎn)撥】在最高點(diǎn)，若v=0，則F=mg=a；若F=0，則mg=m，聯(lián)立即可求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮『托∏蛸|(zhì)量；由圖可知：當(dāng)v2＜b時(shí)，桿對(duì)小球彈力方向向上，當(dāng)v2＞b時(shí)，桿對(duì)小球彈力方向向下；若c=2b．根據(jù)向心力公式即可求解．本題主要考查了圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能根據(jù)圖象獲取有效信息，關(guān)鍵是讀圖時(shí)要抓住斜率、截距等數(shù)學(xué)知識(shí)分析圖象的意義．【首發(fā)—【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河南省洛陽(yáng)市高三上學(xué)期期中考試（10）word版】19.(12分)一豎直桿上相距l(xiāng)的A、B兩點(diǎn)拴著一根不可伸長(zhǎng)的輕繩，繩長(zhǎng)1.【知識(shí)點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．C2D4【答案解析】解析：設(shè)某時(shí)刻鐵環(huán)所在的位置為O點(diǎn)，.以O(shè)為原點(diǎn)建立正交坐標(biāo)系，對(duì)鐵環(huán)受力分析，如圖所示，鐵環(huán)在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)向心力加速度為a，軌道半徑為r。兩段繩對(duì)環(huán)的拉力大小相等，設(shè)為F.由牛頓第二定律得：①②由圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律得③ 由幾何關(guān)系得 ④⑤由方程①可知⑥由⑤和⑥聯(lián)立得⑦聯(lián)立得：【思路點(diǎn)撥】鐵環(huán)在某水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，對(duì)小環(huán)受力分析，根據(jù)牛頓第二定律及幾何關(guān)系列式即可求解．本題的關(guān)鍵是對(duì)小環(huán)進(jìn)行受力分析，能夠利用圓周運(yùn)動(dòng)相關(guān)公式結(jié)合幾何關(guān)系求解，難度適中．【首發(fā)—【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河南省洛陽(yáng)市高三上學(xué)期期中考試（10）word版】2.下列關(guān)于運(yùn)動(dòng)和力的敘述中，正確的是A.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，其加速度方向一定是變化的B.物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受的合力一定指向圓心C.物體所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，該物體一定做直線運(yùn)動(dòng)D.物體運(yùn)動(dòng)的速率在增加，所受合力方向一定與運(yùn)動(dòng)方向相同【知識(shí)點(diǎn)】物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件；牛頓第二定律．C2D1【答案解析】C解析：A、做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，其速度一定變化，但加速度不一定變化，比如平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、物體做圓周運(yùn)動(dòng)，所受的合力不一定指向圓心，當(dāng)是勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由于速度大小不變，所以加速度垂直于速度，因此合力一定指向圓心，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)物體所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，則一定做減速且直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、物體運(yùn)動(dòng)的速率在增加，則一定有加速度存在，但不一定與運(yùn)動(dòng)方向相同，比如平拋運(yùn)動(dòng)，合力方向與運(yùn)動(dòng)方向不相同．故D錯(cuò)誤；故選：C【思路點(diǎn)撥】曲線運(yùn)動(dòng)的條件是初速度與加速度不在一條直線上，速度不斷變化，它是變速運(yùn)動(dòng)，曲線運(yùn)動(dòng)有加速度不變的，也有加速度變化的．當(dāng)物體做圓周運(yùn)動(dòng)，其合力不一定指向圓心，若是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則合力一定指向圓心．曲線運(yùn)動(dòng)有加速度，所以必定是變速，可能是勻變速曲線，比如：平拋運(yùn)動(dòng)．也可能是速率不變，方向變化．比如：勻速圓周運(yùn)動(dòng)．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】19.(10分)如圖所示，水平傳送帶的右端與豎直面內(nèi)的用光滑鋼管彎成的“9"形固定軌道相接,鋼管內(nèi)徑很小。傳送帶的運(yùn)行速度為v0=6m/s，將質(zhì)量m=1.0kg的可看作質(zhì)點(diǎn)的滑塊無(wú)初速地放到傳送帶A端，傳送帶長(zhǎng)度為L(zhǎng)=12.0m,"9"字全高H=0.8m."9"字上半部分圓弧半徑為R=0.2m，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.3，重力加速度g=10(1)滑塊從傳送帶A端運(yùn)動(dòng)到B端所需要的時(shí)間；(4分)(2)滑塊滑到軌道最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道作用力的大小和方向;(3分)(3)若滑塊從“9”形軌道D點(diǎn)水平拋出后，恰好垂直撞在傾角=45°的斜面上P點(diǎn)，求P、D兩點(diǎn)間的豎直高度h。【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理；牛頓第二定律．C2E2【答案解析】（1）3s（2）90N向上（3）1.4m解析：（1）在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓定律μmg=ma得a=μg=3m/s2加速到與傳送帶達(dá)到共速所需要的時(shí)間t＝＝2s，前2s內(nèi)的位移x1＝at2＝6m，之后滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)的位移x2=L-x1=6m．所用的時(shí)間t2＝＝1s，故t=t1+t2=3s．

（2）滑塊由B到C的過(guò)程中動(dòng)能定理?mgH＝在C點(diǎn)，軌道對(duì)滑塊的彈力與其重力的合力為其做圓周運(yùn)動(dòng)提供向心力，設(shè)軌道對(duì)滑塊的彈力方向豎直向下，由牛頓第二定律得FN+mg＝m，

解得FN=90N，方向豎直向下，

由牛頓第三定律得，滑塊對(duì)軌道的壓力大小

90N，方向豎直向上．

（3）滑塊從B到D的過(guò)程中由動(dòng)能定理得?mg(H?2R)＝在P點(diǎn)vy＝，

又h＝，代入數(shù)據(jù)，解得h=1.4m．【思路點(diǎn)撥】（1）滑塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到傳送帶速度后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出滑塊從A端到達(dá)B端的時(shí)間．

（2）對(duì)B到C的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理求出C點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出軌道在C點(diǎn)對(duì)滑塊的彈力，從而得出滑塊對(duì)軌道的作用力大小和方向．

（3）對(duì)B到D的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出到達(dá)D點(diǎn)的速度，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出到達(dá)P點(diǎn)豎直方向上的分速度，結(jié)合速度位移公式求出P、D兩點(diǎn)間的高度．本題考查了多過(guò)程問(wèn)題，關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律、動(dòng)能定理進(jìn)行求解．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】12.如圖，軌道是由一直軌道和一半圓軌道組成，一個(gè)小滑塊從距軌道最低點(diǎn)B為h的A處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，滑塊質(zhì)量為m，不計(jì)一切摩擦。則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A.若滑塊能通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)D，h最小為2.5RB.若h=2R，當(dāng)滑塊到達(dá)與圓心等高的C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力為3mgC.若h=2R，滑塊會(huì)從C、D之間的某個(gè)位置離開(kāi)圓軌道做斜拋運(yùn)動(dòng)D.若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則hR【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力．C2D4E3【答案解析】B解析：A、要使物體能通過(guò)最高點(diǎn)，則由mg=m可得：v=，從A到D根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mg2R+mv2，解得h=2.5R，故A正確；B、若h=2R，從A到C根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mgR+mv2，在C點(diǎn)有：N=m，解得：N=2mg，故B錯(cuò)誤；C、若h=2R，小滑塊不能通過(guò)D點(diǎn)，在CD中間某一位置即做斜上拋運(yùn)動(dòng)離開(kāi)軌道，做斜拋運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則物塊在圓弧中運(yùn)動(dòng)的高度不能超過(guò)C點(diǎn)，否則就不能回到A點(diǎn)，則則h≤R，故D正確．故選B【思路點(diǎn)撥】物體進(jìn)入右側(cè)半圓軌道后做圓周運(yùn)動(dòng)，由圓周運(yùn)動(dòng)的臨界條件可知物體能到達(dá)D點(diǎn)的臨界值；再由機(jī)械能守恒定律可得出A點(diǎn)最小高度，分情況討論即可．機(jī)械能守恒定律與圓周運(yùn)動(dòng)的結(jié)合題目較為常見(jiàn)，在解題時(shí)一定要把握好豎直平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)的臨界值的分析．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】9.據(jù)河南日?qǐng)?bào)消息，京廣鐵路不久也將開(kāi)通時(shí)速達(dá)到300公里以上“動(dòng)車(chē)組”列車(chē)。屆時(shí)，乘列車(chē)就可以體驗(yàn)時(shí)速300公里的追風(fēng)感覺(jué)。我們把火車(chē)轉(zhuǎn)彎近似看成是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火車(chē)速度提高會(huì)使外軌受損。為解決火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損這一難題，你認(rèn)為以下措施可行的是()A.減小內(nèi)外軌的高度差 B.增加內(nèi)外軌的高度差C.減小彎道半徑 D.增大彎道半徑【知識(shí)點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．C2D4【答案解析】BD解析：A、對(duì)運(yùn)行的火車(chē)進(jìn)行受力分析如圖，得：mgtanθ＝m，由于θ較小，則tanθ≈sinθ≈，h為內(nèi)外軌道的高度差，L為路面的寬度．則mg＝，L、R一定，v增大，需要h增大．故A錯(cuò)誤，B正確．

C、設(shè)彎道半徑為R，路面的傾角為θ，由牛頓第二定律得

mgtanθ＝m，θ一定，v增大時(shí)，可增大半徑R．故C錯(cuò)誤，D正確．故選：BD【思路點(diǎn)撥】火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損，則拐彎所需要的向心力由支持力和重力的合力提供．根據(jù)牛頓第二定律分析．本題是實(shí)際應(yīng)用問(wèn)題，考查應(yīng)用物理知識(shí)分析處理實(shí)際問(wèn)題的能力，本題與圓錐擺問(wèn)題類似，基礎(chǔ)是對(duì)物體進(jìn)行受力分析．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】19.(10分)如圖所示，水平傳送帶的右端與豎直面內(nèi)的用光滑鋼管彎成的“9"形固定軌道相接,鋼管內(nèi)徑很小。傳送帶的運(yùn)行速度為v0=6m/s，將質(zhì)量m=1.0kg的可看作質(zhì)點(diǎn)的滑塊無(wú)初速地放到傳送帶A端，傳送帶長(zhǎng)度為L(zhǎng)=12.0m,"9"字全高H=0.8m."9"字上半部分圓弧半徑為R=0.2m，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.3，重力加速度g=10(1)滑塊從傳送帶A端運(yùn)動(dòng)到B端所需要的時(shí)間；(4分)(2)滑塊滑到軌道最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道作用力的大小和方向;(3分)(3)若滑塊從“9”形軌道D點(diǎn)水平拋出后，恰好垂直撞在傾角=45°的斜面上P點(diǎn)，求P、D兩點(diǎn)間的豎直高度h。【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理；牛頓第二定律．C2E2【答案解析】（1）3s（2）90N向上（3）1.4m解析：（1）在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓定律μmg=ma得a=μg=3m/s2加速到與傳送帶達(dá)到共速所需要的時(shí)間t＝＝2s，前2s內(nèi)的位移x1＝at2＝6m，之后滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)的位移x2=L-x1=6m．所用的時(shí)間t2＝＝1s，故t=t1+t2=3s．

（2）滑塊由B到C的過(guò)程中動(dòng)能定理?mgH＝在C點(diǎn)，軌道對(duì)滑塊的彈力與其重力的合力為其做圓周運(yùn)動(dòng)提供向心力，設(shè)軌道對(duì)滑塊的彈力方向豎直向下，由牛頓第二定律得FN+mg＝m，

解得FN=90N，方向豎直向下，

由牛頓第三定律得，滑塊對(duì)軌道的壓力大小

90N，方向豎直向上．

（3）滑塊從B到D的過(guò)程中由動(dòng)能定理得?mg(H?2R)＝在P點(diǎn)vy＝，

又h＝，代入數(shù)據(jù)，解得h=1.4m．【思路點(diǎn)撥】（1）滑塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到傳送帶速度后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出滑塊從A端到達(dá)B端的時(shí)間．

（2）對(duì)B到C的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理求出C點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出軌道在C點(diǎn)對(duì)滑塊的彈力，從而得出滑塊對(duì)軌道的作用力大小和方向．

（3）對(duì)B到D的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出到達(dá)D點(diǎn)的速度，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出到達(dá)P點(diǎn)豎直方向上的分速度，結(jié)合速度位移公式求出P、D兩點(diǎn)間的高度．本題考查了多過(guò)程問(wèn)題，關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律、動(dòng)能定理進(jìn)行求解．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】12.如圖，軌道是由一直軌道和一半圓軌道組成，一個(gè)小滑塊從距軌道最低點(diǎn)B為h的A處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，滑塊質(zhì)量為m，不計(jì)一切摩擦。則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A.若滑塊能通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)D，h最小為2.5RB.若h=2R，當(dāng)滑塊到達(dá)與圓心等高的C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力為3mgC.若h=2R，滑塊會(huì)從C、D之間的某個(gè)位置離開(kāi)圓軌道做斜拋運(yùn)動(dòng)D.若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則hR【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力．C2D4E3【答案解析】B解析：A、要使物體能通過(guò)最高點(diǎn)，則由mg=m可得：v=，從A到D根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mg2R+mv2，解得h=2.5R，故A正確；B、若h=2R，從A到C根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mgR+mv2，在C點(diǎn)有：N=m，解得：N=2mg，故B錯(cuò)誤；C、若h=2R，小滑塊不能通過(guò)D點(diǎn)，在CD中間某一位置即做斜上拋運(yùn)動(dòng)離開(kāi)軌道，做斜拋運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則物塊在圓弧中運(yùn)動(dòng)的高度不能超過(guò)C點(diǎn)，否則就不能回到A點(diǎn)，則則h≤R，故D正確．故選B【思路點(diǎn)撥】物體進(jìn)入右側(cè)半圓軌道后做圓周運(yùn)動(dòng)，由圓周運(yùn)動(dòng)的臨界條件可知物體能到達(dá)D點(diǎn)的臨界值；再由機(jī)械能守恒定律可得出A點(diǎn)最小高度，分情況討論即可．機(jī)械能守恒定律與圓周運(yùn)動(dòng)的結(jié)合題目較為常見(jiàn)，在解題時(shí)一定要把握好豎直平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)的臨界值的分析．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】9.據(jù)河南日?qǐng)?bào)消息，京廣鐵路不久也將開(kāi)通時(shí)速達(dá)到300公里以上“動(dòng)車(chē)組”列車(chē)。屆時(shí)，乘列車(chē)就可以體驗(yàn)時(shí)速300公里的追風(fēng)感覺(jué)。我們把火車(chē)轉(zhuǎn)彎近似看成是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火車(chē)速度提高會(huì)使外軌受損。為解決火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損這一難題，你認(rèn)為以下措施可行的是()A.減小內(nèi)外軌的高度差 B.增加內(nèi)外軌的高度差C.減小彎道半徑 D.增大彎道半徑【知識(shí)點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．C2D4【答案解析】BD解析：A、對(duì)運(yùn)行的火車(chē)進(jìn)行受力分析如圖，得：mgtanθ＝m，由于θ較小，則tanθ≈sinθ≈，h為內(nèi)外軌道的高度差，L為路面的寬度．則mg＝，L、R一定，v增大，需要h增大．故A錯(cuò)誤，B正確．

C、設(shè)彎道半徑為R，路面的傾角為θ，由牛頓第二定律得

mgtanθ＝m，θ一定，v增大時(shí)，可增大半徑R．故C錯(cuò)誤，D正確．故選：BD【思路點(diǎn)撥】火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損，則拐彎所需要的向心力由支持力和重力的合力提供．根據(jù)牛頓第二定律分析．本題是實(shí)際應(yīng)用問(wèn)題，考查應(yīng)用物理知識(shí)分析處理實(shí)際問(wèn)題的能力，本題與圓錐擺問(wèn)題類似，基礎(chǔ)是對(duì)物體進(jìn)行受力分析．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】11．某電場(chǎng)的部分電場(chǎng)線如圖所示，A、B是一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)軌跡(圖中虛線)上的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是A．粒子一定是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)B．粒子在A點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度C．粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能D．電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)線；牛頓第二定律；電勢(shì)．C2I1【答案解析】B解析：A、帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，粒子可能是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，也有可能是從A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的，故A錯(cuò)誤．B、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，粒子在A點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力大，故B正確．C、帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，假設(shè)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力與軌跡上每一點(diǎn)的切線方向也就是速度方向成鈍角，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，所以粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能大于它在B點(diǎn)的動(dòng)能，粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能．反之一樣．故C錯(cuò)誤．D、帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，所以粒子帶正電，由于粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能，所以電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤．故選B．【思路點(diǎn)撥】根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合外力指向其軌跡的內(nèi)側(cè)來(lái)判斷電場(chǎng)力方向，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，電場(chǎng)力做正功時(shí)，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加．解決這類帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場(chǎng)力方向，然后利用電場(chǎng)線、電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、電場(chǎng)力做功等之間的關(guān)系進(jìn)一步判斷各個(gè)物理量的變化情況．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】9．下列各圖是反映汽車(chē)(額定功率P額)從靜止開(kāi)始勻加速啟動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，其速度隨“時(shí)間以及加速度、牽引力和功率隨速度變化的圖像，其中正確的是【知識(shí)點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；牛頓第二定律．A5C2E1【答案解析】ACD解析：汽車(chē)開(kāi)始做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)達(dá)到額定功率時(shí)，勻加速結(jié)束，然后做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，直至最后運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)．開(kāi)始勻加速時(shí)：F-f=ma

設(shè)勻加速剛結(jié)束時(shí)速度為v1，有：P額=Fv1最后勻速時(shí)：F=f，，有：F額=Fvm由以上各式解得：勻加速的末速度為：v1＝，最后勻速速度為：vm＝．在v-t圖象中斜率表示加速度，汽車(chē)開(kāi)始加速度不變，后來(lái)逐漸減小，故A正確；汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中開(kāi)始加速度不變，后來(lái)加速度逐漸減小，最后加速度為零，故B錯(cuò)誤；汽車(chē)牽引力開(kāi)始大小不變，然后逐漸減小，最后牽引力等于阻力，故C正確；開(kāi)始汽車(chē)功率逐漸增加，P=Fv=Fat，故為過(guò)原點(diǎn)直線，后來(lái)功率恒定，故D正確．故選ACD．【思路點(diǎn)撥】汽車(chē)以恒定牽引力啟動(dòng)時(shí)，汽車(chē)開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由P=Fv可知汽車(chē)功率逐漸增大，當(dāng)達(dá)到額定功率時(shí)，隨著速度的增大，牽引力將減小，汽車(chē)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，汽車(chē)開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，明確了整個(gè)汽車(chē)啟動(dòng)過(guò)程，即可正確解答本題．對(duì)于機(jī)車(chē)啟動(dòng)問(wèn)題，要根據(jù)牛頓第二定律和汽車(chē)功率P=Fv進(jìn)行討論，弄清過(guò)程中速度、加速度、牽引力、功率等變化情況．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】7．“快樂(lè)向前沖”節(jié)目，中有這樣一種項(xiàng)目，選手需要借助懸掛在高處的繩飛躍到鴻溝對(duì)面的平臺(tái)上，如果已知選手的質(zhì)量為m，選手抓住繩由靜止開(kāi)始擺動(dòng)，此時(shí)繩與豎直方向夾角為，繩的懸掛點(diǎn)O距平臺(tái)的豎直高度為H，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，不考慮空氣阻力和繩的質(zhì)量，下列說(shuō)法正確的是A．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)處于失重狀態(tài)B．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)所受繩子的拉力為C．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)所受繩子的拉力大小大于選手對(duì)繩子的拉力大小D．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，其運(yùn)動(dòng)可分解為水平方向的勻加速運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的勻加速運(yùn)動(dòng)【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；超重和失重；向心力．C2C3D4【答案解析】B解析：：A、失重時(shí)物體有向下的加速度，超重時(shí)物體有向上的加速度，選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)向心加速度豎直向上，因此處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B、擺動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，有：mgl(1?cosθ)＝mv2

①設(shè)繩子拉力為T(mén)，在最低點(diǎn)有：T?mg＝

m

②聯(lián)立①②解得：T=（3-2cosα）mg，故B正確；C、繩子對(duì)選手的拉力和選手對(duì)繩子的拉力屬于作用力和反作用力，因此大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤；D、選手?jǐn)[到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，沿繩子方向有向心加速度，沿垂直繩子方向做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)不能分解為水平方向的勻加速運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的勻加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選B．【思路點(diǎn)撥】選手向下擺動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，在最低點(diǎn)時(shí)繩子拉力和重力的合力提供向心力，選手在最低點(diǎn)松手后，做平拋運(yùn)動(dòng)，明確了整個(gè)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，依據(jù)所遵循的規(guī)律即可正確求解．本題屬于圓周運(yùn)動(dòng)與平拋運(yùn)動(dòng)的結(jié)合，對(duì)于這類問(wèn)題注意列功能關(guān)系方程和向心力公式方程聯(lián)合求解．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】19.(10分)如圖所示，水平傳送帶的右端與豎直面內(nèi)的用光滑鋼管彎成的“9"形固定軌道相接,鋼管內(nèi)徑很小。傳送帶的運(yùn)行速度為v0=6m/s，將質(zhì)量m=1.0kg的可看作質(zhì)點(diǎn)的滑塊無(wú)初速地放到傳送帶A端，傳送帶長(zhǎng)度為L(zhǎng)=12.0m,"9"字全高H=0.8m."9"字上半部分圓弧半徑為R=0.2m，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.3，重力加速度g=10(1)滑塊從傳送帶A端運(yùn)動(dòng)到B端所需要的時(shí)間；(4分)(2)滑塊滑到軌道最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道作用力的大小和方向;(3分)(3)若滑塊從“9”形軌道D點(diǎn)水平拋出后，恰好垂直撞在傾角=45°的斜面上P點(diǎn)，求P、D兩點(diǎn)間的豎直高度h。【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理；牛頓第二定律．C2E2【答案解析】（1）3s（2）90N向上（3）1.4m解析：（1）在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓定律μmg=ma得a=μg=3m/s2加速到與傳送帶達(dá)到共速所需要的時(shí)間t＝＝2s，前2s內(nèi)的位移x1＝at2＝6m，之后滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)的位移x2=L-x1=6m．所用的時(shí)間t2＝＝1s，故t=t1+t2=3s．

（2）滑塊由B到C的過(guò)程中動(dòng)能定理?mgH＝在C點(diǎn)，軌道對(duì)滑塊的彈力與其重力的合力為其做圓周運(yùn)動(dòng)提供向心力，設(shè)軌道對(duì)滑塊的彈力方向豎直向下，由牛頓第二定律得FN+mg＝m，

解得FN=90N，方向豎直向下，

由牛頓第三定律得，滑塊對(duì)軌道的壓力大小

90N，方向豎直向上．

（3）滑塊從B到D的過(guò)程中由動(dòng)能定理得?mg(H?2R)＝在P點(diǎn)vy＝，

又h＝，代入數(shù)據(jù)，解得h=1.4m．【思路點(diǎn)撥】（1）滑塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到傳送帶速度后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出滑塊從A端到達(dá)B端的時(shí)間．

（2）對(duì)B到C的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理求出C點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出軌道在C點(diǎn)對(duì)滑塊的彈力，從而得出滑塊對(duì)軌道的作用力大小和方向．

（3）對(duì)B到D的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出到達(dá)D點(diǎn)的速度，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出到達(dá)P點(diǎn)豎直方向上的分速度，結(jié)合速度位移公式求出P、D兩點(diǎn)間的高度．本題考查了多過(guò)程問(wèn)題，關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律、動(dòng)能定理進(jìn)行求解．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】12.如圖，軌道是由一直軌道和一半圓軌道組成，一個(gè)小滑塊從距軌道最低點(diǎn)B為h的A處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，滑塊質(zhì)量為m，不計(jì)一切摩擦。則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A.若滑塊能通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)D，h最小為2.5RB.若h=2R，當(dāng)滑塊到達(dá)與圓心等高的C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力為3mgC.若h=2R，滑塊會(huì)從C、D之間的某個(gè)位置離開(kāi)圓軌道做斜拋運(yùn)動(dòng)D.若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則hR【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力．C2D4E3【答案解析】B解析：A、要使物體能通過(guò)最高點(diǎn)，則由mg=m可得：v=，從A到D根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mg2R+mv2，解得h=2.5R，故A正確；B、若h=2R，從A到C根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mgR+mv2，在C點(diǎn)有：N=m，解得：N=2mg，故B錯(cuò)誤；C、若h=2R，小滑塊不能通過(guò)D點(diǎn)，在CD中間某一位置即做斜上拋運(yùn)動(dòng)離開(kāi)軌道，做斜拋運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則物塊在圓弧中運(yùn)動(dòng)的高度不能超過(guò)C點(diǎn)，否則就不能回到A點(diǎn)，則則h≤R，故D正確．故選B【思路點(diǎn)撥】物體進(jìn)入右側(cè)半圓軌道后做圓周運(yùn)動(dòng)，由圓周運(yùn)動(dòng)的臨界條件可知物體能到達(dá)D點(diǎn)的臨界值；再由機(jī)械能守恒定律可得出A點(diǎn)最小高度，分情況討論即可．機(jī)械能守恒定律與圓周運(yùn)動(dòng)的結(jié)合題目較為常見(jiàn)，在解題時(shí)一定要把握好豎直平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)的臨界值的分析．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】9.據(jù)河南日?qǐng)?bào)消息，京廣鐵路不久也將開(kāi)通時(shí)速達(dá)到300公里以上“動(dòng)車(chē)組”列車(chē)。屆時(shí)，乘列車(chē)就可以體驗(yàn)時(shí)速300公里的追風(fēng)感覺(jué)。我們把火車(chē)轉(zhuǎn)彎近似看成是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火車(chē)速度提高會(huì)使外軌受損。為解決火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損這一難題，你認(rèn)為以下措施可行的是()A.減小內(nèi)外軌的高度差 B.增加內(nèi)外軌的高度差C.減小彎道半徑 D.增大彎道半徑【知識(shí)點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．C2D4【答案解析】BD解析：A、對(duì)運(yùn)行的火車(chē)進(jìn)行受力分析如圖，得：mgtanθ＝m，由于θ較小，則tanθ≈sinθ≈，h為內(nèi)外軌道的高度差，L為路面的寬度．則mg＝，L、R一定，v增大，需要h增大．故A錯(cuò)誤，B正確．

C、設(shè)彎道半徑為R，路面的傾角為θ，由牛頓第二定律得

mgtanθ＝m，θ一定，v增大時(shí)，可增大半徑R．故C錯(cuò)誤，D正確．故選：BD【思路點(diǎn)撥】火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損，則拐彎所需要的向心力由支持力和重力的合力提供．根據(jù)牛頓第二定律分析．本題是實(shí)際應(yīng)用問(wèn)題，考查應(yīng)用物理知識(shí)分析處理實(shí)際問(wèn)題的能力，本題與圓錐擺問(wèn)題類似，基礎(chǔ)是對(duì)物體進(jìn)行受力分析．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】11．某電場(chǎng)的部分電場(chǎng)線如圖所示，A、B是一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)軌跡(圖中虛線)上的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是A．粒子一定是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)B．粒子在A點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度C．粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能D．電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)線；牛頓第二定律；電勢(shì)．C2I1【答案解析】B解析：A、帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，粒子可能是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，也有可能是從A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的，故A錯(cuò)誤．B、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，粒子在A點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力大，故B正確．C、帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，假設(shè)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力與軌跡上每一點(diǎn)的切線方向也就是速度方向成鈍角，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，所以粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能大于它在B點(diǎn)的動(dòng)能，粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能．反之一樣．故C錯(cuò)誤．D、帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，所以粒子帶正電，由于粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能，所以電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤．故選B．【思路點(diǎn)撥】根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合外力指向其軌跡的內(nèi)側(cè)來(lái)判斷電場(chǎng)力方向，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，電場(chǎng)力做正功時(shí)，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加．解決這類帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場(chǎng)力方向，然后利用電場(chǎng)線、電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、電場(chǎng)力做功等之間的關(guān)系進(jìn)一步判斷各個(gè)物理量的變化情況．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】9．下列各圖是反映汽車(chē)(額定功率P額)從靜止開(kāi)始勻加速啟動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，其速度隨“時(shí)間以及加速度、牽引力和功率隨速度變化的圖像，其中正確的是【知識(shí)點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；牛頓第二定律．A5C2E1【答案解析】ACD解析：汽車(chē)開(kāi)始做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)達(dá)到額定功率時(shí)，勻加速結(jié)束，然后做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，直至最后運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)．開(kāi)始勻加速時(shí)：F-f=ma

設(shè)勻加速剛結(jié)束時(shí)速度為v1，有：P額=Fv1最后勻速時(shí)：F=f，，有：F額=Fvm由以上各式解得：勻加速的末速度為：v1＝，最后勻速速度為：vm＝．在v-t圖象中斜率表示加速度，汽車(chē)開(kāi)始加速度不變，后來(lái)逐漸減小，故A正確；汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中開(kāi)始加速度不變，后來(lái)加速度逐漸減小，最后加速度為零，故B錯(cuò)誤；汽車(chē)牽引力開(kāi)始大小不變，然后逐漸減小，最后牽引力等于阻力，故C正確；開(kāi)始汽車(chē)功率逐漸增加，P=Fv=Fat，故為過(guò)原點(diǎn)直線，后來(lái)功率恒定，故D正確．故選ACD．【思路點(diǎn)撥】汽車(chē)以恒定牽引力啟動(dòng)時(shí)，汽車(chē)開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由P=Fv可知汽車(chē)功率逐漸增大，當(dāng)達(dá)到額定功率時(shí)，隨著速度的增大，牽引力將減小，汽車(chē)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，汽車(chē)開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，明確了整個(gè)汽車(chē)啟動(dòng)過(guò)程，即可正確解答本題．對(duì)于機(jī)車(chē)啟動(dòng)問(wèn)題，要根據(jù)牛頓第二定律和汽車(chē)功率P=Fv進(jìn)行討論，弄清過(guò)程中速度、加速度、牽引力、功率等變化情況．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】7．“快樂(lè)向前沖”節(jié)目，中有這樣一種項(xiàng)目，選手需要借助懸掛在高處的繩飛躍到鴻溝對(duì)面的平臺(tái)上，如果已知選手的質(zhì)量為m，選手抓住繩由靜止開(kāi)始擺動(dòng)，此時(shí)繩與豎直方向夾角為，繩的懸掛點(diǎn)O距平臺(tái)的豎直高度為H，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，不考慮空氣阻力和繩的質(zhì)量，下列說(shuō)法正確的是A．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)處于失重狀態(tài)B．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)所受繩子的拉力為C．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)所受繩子的拉力大小大于選手對(duì)繩子的拉力大小D．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，其運(yùn)動(dòng)可分解為水平方向的勻加速運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的勻加速運(yùn)動(dòng)【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；超重和失重；向心力．C2C3D4【答案解析】B解析：：A、失重時(shí)物體有向下的加速度，超重時(shí)物體有向上的加速度，選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)向心加速度豎直向上，因此處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B、擺動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，有：mgl(1?cosθ)＝mv2

①設(shè)繩子拉力為T(mén)，在最低點(diǎn)有：T?mg＝

m

②聯(lián)立①②解得：T=（3-2cosα）mg，故B正確；C、繩子對(duì)選手的拉力和選手對(duì)繩子的拉力屬于作用力和反作用力，因此大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤；D、選手?jǐn)[到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，沿繩子方向有向心加速度，沿垂直繩子方向做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)不能分解為水平方向的勻加速運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的勻加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選B．【思路點(diǎn)撥】選手向下擺動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，在最低點(diǎn)時(shí)繩子拉力和重力的合力提供向心力，選手在最低點(diǎn)松手后，做平拋運(yùn)動(dòng)，明確了整個(gè)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，依據(jù)所遵循的規(guī)律即可正確求解．本題屬于圓周運(yùn)動(dòng)與平拋運(yùn)動(dòng)的結(jié)合，對(duì)于這類問(wèn)題注意列功能關(guān)系方程和向心力公式方程聯(lián)合求解．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆四川省成都七中高三上學(xué)期入學(xué)摸底考試（09）】10.研究表明，一般人的剎車(chē)反應(yīng)時(shí)間（即圖甲中“反應(yīng)過(guò)程”所用時(shí)間）t0=0.4s，但飲酒會(huì)導(dǎo)致反應(yīng)時(shí)間延長(zhǎng)，在某次試驗(yàn)中，志愿者少量飲酒后駕車(chē)以v1=72km/h的速度在試驗(yàn)場(chǎng)的水平路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車(chē)停止，行駛距離L=39m，減速過(guò)程中汽車(chē)位移x與速度v的關(guān)系曲線如同乙所示，此過(guò)程可視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，取重力加速度的大小g=10m/s2，求：

（1）減速過(guò)程汽車(chē)加速度的大小及所用時(shí)間；

（2）飲酒使志愿者反應(yīng)時(shí)間比一般人增加了多少；

（3）減速過(guò)程汽車(chē)對(duì)志愿者作用力的大小與志愿者重力大小的比值．【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．A2A7C【答案解析】（1）2.5s．（2）0.3S．(3）．解析：：（1）設(shè)剎車(chē)加速度為a，由題可知?jiǎng)x車(chē)初速度v0=20m/s，末速度

vt=0

位移x=25m

＝2ax

t＝

由①②式可得：a=8m/s

t=2.5s

（2）反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移為x′=L-x=14m

則反應(yīng)時(shí)間為t′=＝0.7s

則反應(yīng)的增加量為△t=0.7-0.4=0.3s

（3）設(shè)志愿者所受合外力的大小為F，汽車(chē)對(duì)志愿者的作用力的大小為F0，志愿者質(zhì)量為m，由牛頓第二定律得

F=ma

由平行四邊形定則得：＝F2+m2g2----④

由③④式可得：【思路點(diǎn)撥】（1）由圖中所給數(shù)據(jù)結(jié)合位移速度公式可求得加速度，進(jìn)而由速度變化與加速度求得減速時(shí)間．（2）由行駛距離與剎車(chē)距離可求得反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)距離，再求出反應(yīng)時(shí)間進(jìn)行比較．（3）對(duì)志愿者受力分析由牛頓第二定律求減速過(guò)程汽車(chē)對(duì)志愿者作用力的大小與志愿者重力大小的比值．考查運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，正確應(yīng)用速度位移公式求加速度是解題的關(guān)鍵，注意受力分析．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】19.(10分)如圖所示，水平傳送帶的右端與豎直面內(nèi)的用光滑鋼管彎成的“9"形固定軌道相接,鋼管內(nèi)徑很小。傳送帶的運(yùn)行速度為v0=6m/s，將質(zhì)量m=1.0kg的可看作質(zhì)點(diǎn)的滑塊無(wú)初速地放到傳送帶A端，傳送帶長(zhǎng)度為L(zhǎng)=12.0m,"9"字全高H=0.8m."9"字上半部分圓弧半徑為R=0.2m，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.3，重力加速度g=10(1)滑塊從傳送帶A端運(yùn)動(dòng)到B端所需要的時(shí)間；(4分)(2)滑塊滑到軌道最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道作用力的大小和方向;(3分)(3)若滑塊從“9”形軌道D點(diǎn)水平拋出后，恰好垂直撞在傾角=45°的斜面上P點(diǎn)，求P、D兩點(diǎn)間的豎直高度h?！局R(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理；牛頓第二定律．C2E2【答案解析】（1）3s（2）90N向上（3）1.4m解析：（1）在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓定律μmg=ma得a=μg=3m/s2加速到與傳送帶達(dá)到共速所需要的時(shí)間t＝＝2s，前2s內(nèi)的位移x1＝at2＝6m，之后滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)的位移x2=L-x1=6m．所用的時(shí)間t2＝＝1s，故t=t1+t2=3s．

（2）滑塊由B到C的過(guò)程中動(dòng)能定理?mgH＝在C點(diǎn)，軌道對(duì)滑塊的彈力與其重力的合力為其做圓周運(yùn)動(dòng)提供向心力，設(shè)軌道對(duì)滑塊的彈力方向豎直向下，由牛頓第二定律得FN+mg＝m，

解得FN=90N，方向豎直向下，

由牛頓第三定律得，滑塊對(duì)軌道的壓力大小

90N，方向豎直向上．

（3）滑塊從B到D的過(guò)程中由動(dòng)能定理得?mg(H?2R)＝在P點(diǎn)vy＝，

又h＝，代入數(shù)據(jù)，解得h=1.4m．【思路點(diǎn)撥】（1）滑塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到傳送帶速度后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出滑塊從A端到達(dá)B端的時(shí)間．

（2）對(duì)B到C的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理求出C點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出軌道在C點(diǎn)對(duì)滑塊的彈力，從而得出滑塊對(duì)軌道的作用力大小和方向．

（3）對(duì)B到D的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出到達(dá)D點(diǎn)的速度，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出到達(dá)P點(diǎn)豎直方向上的分速度，結(jié)合速度位移公式求出P、D兩點(diǎn)間的高度．本題考查了多過(guò)程問(wèn)題，關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律、動(dòng)能定理進(jìn)行求解．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】12.如圖，軌道是由一直軌道和一半圓軌道組成，一個(gè)小滑塊從距軌道最低點(diǎn)B為h的A處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，滑塊質(zhì)量為m，不計(jì)一切摩擦。則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A.若滑塊能通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)D，h最小為2.5RB.若h=2R，當(dāng)滑塊到達(dá)與圓心等高的C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力為3mgC.若h=2R，滑塊會(huì)從C、D之間的某個(gè)位置離開(kāi)圓軌道做斜拋運(yùn)動(dòng)D.若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則hR【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力．C2D4E3【答案解析】B解析：A、要使物體能通過(guò)最高點(diǎn)，則由mg=m可得：v=，從A到D根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mg2R+mv2，解得h=2.5R，故A正確；B、若h=2R，從A到C根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgh=mgR+mv2，在C點(diǎn)有：N=m，解得：N=2mg，故B錯(cuò)誤；C、若h=2R，小滑塊不能通過(guò)D點(diǎn)，在CD中間某一位置即做斜上拋運(yùn)動(dòng)離開(kāi)軌道，做斜拋運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、若要使滑塊能返回到A點(diǎn)，則物塊在圓弧中運(yùn)動(dòng)的高度不能超過(guò)C點(diǎn)，否則就不能回到A點(diǎn)，則則h≤R，故D正確．故選B【思路點(diǎn)撥】物體進(jìn)入右側(cè)半圓軌道后做圓周運(yùn)動(dòng)，由圓周運(yùn)動(dòng)的臨界條件可知物體能到達(dá)D點(diǎn)的臨界值；再由機(jī)械能守恒定律可得出A點(diǎn)最小高度，分情況討論即可．機(jī)械能守恒定律與圓周運(yùn)動(dòng)的結(jié)合題目較為常見(jiàn)，在解題時(shí)一定要把握好豎直平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)的臨界值的分析．【全網(wǎng)首發(fā)--【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試（10）word版】9.據(jù)河南日?qǐng)?bào)消息，京廣鐵路不久也將開(kāi)通時(shí)速達(dá)到300公里以上“動(dòng)車(chē)組”列車(chē)。屆時(shí)，乘列車(chē)就可以體驗(yàn)時(shí)速300公里的追風(fēng)感覺(jué)。我們把火車(chē)轉(zhuǎn)彎近似看成是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火車(chē)速度提高會(huì)使外軌受損。為解決火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損這一難題，你認(rèn)為以下措施可行的是()A.減小內(nèi)外軌的高度差 B.增加內(nèi)外軌的高度差C.減小彎道半徑 D.增大彎道半徑【知識(shí)點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．C2D4【答案解析】BD解析：A、對(duì)運(yùn)行的火車(chē)進(jìn)行受力分析如圖，得：mgtanθ＝m，由于θ較小，則tanθ≈sinθ≈，h為內(nèi)外軌道的高度差，L為路面的寬度．則mg＝，L、R一定，v增大，需要h增大．故A錯(cuò)誤，B正確．

C、設(shè)彎道半徑為R，路面的傾角為θ，由牛頓第二定律得

mgtanθ＝m，θ一定，v增大時(shí)，可增大半徑R．故C錯(cuò)誤，D正確．故選：BD【思路點(diǎn)撥】火車(chē)高速轉(zhuǎn)彎時(shí)不使外軌受損，則拐彎所需要的向心力由支持力和重力的合力提供．根據(jù)牛頓第二定律分析．本題是實(shí)際應(yīng)用問(wèn)題，考查應(yīng)用物理知識(shí)分析處理實(shí)際問(wèn)題的能力，本題與圓錐擺問(wèn)題類似，基礎(chǔ)是對(duì)物體進(jìn)行受力分析．【首發(fā)—【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆湖南省長(zhǎng)沙市長(zhǎng)郡中學(xué)高三上學(xué)期第二次月考（10）word版】17.（14分）如圖所示，一輕質(zhì)彈簧左端固定在A點(diǎn)，自然狀態(tài)時(shí)其右端位于O點(diǎn).水平向右側(cè)有一豎直光滑圓形軌道在C點(diǎn)與水平面平滑連接，圓心為,半徑R=0.4m.另一輕質(zhì)彈簧一端固定在點(diǎn)的軸上，一端栓著一個(gè)小球，彈簧的原長(zhǎng)為=0.5m，勁度系數(shù)k=100N/m.用質(zhì)量m1=0.4kg的物體將彈簧緩慢壓縮到B點(diǎn)（物體與彈簧不栓接），物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，釋放后物塊恰運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)停止，BC間距離L=2m.換同種材料、質(zhì)量m2=0.2kg的物塊重復(fù)上述過(guò)程.（物塊、小球均視為質(zhì)點(diǎn)，g=10m/s2）求：（1）物塊m2到C點(diǎn)時(shí)的速度大小;(2)若小球的質(zhì)量也為m2，物塊與小球碰撞后交換速度，論證小球是否能通過(guò)最高點(diǎn)D.若能通過(guò)，求出最高點(diǎn)軌道對(duì)小球的彈力N；若不能通過(guò)，求出小球離開(kāi)軌道時(shí)的位置和連線與豎直方向的夾角；（3）在（2）問(wèn)的基礎(chǔ)上，若將拴著小球的彈簧換為勁度系數(shù)=10N/m的彈簧，再次求解.【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理；向心力．C2E2【答案解析】（1）vC4m/s（2）8N；（3）為arccos解析：：（1）m1從B到C的過(guò)程：EP=μm1gLm2從B到C的過(guò)程：EP＝μm2gL+聯(lián)立解得：vC=4m/s

（2）碰后交換速度，小球以vC=4m/s向上運(yùn)動(dòng)，假設(shè)能到高點(diǎn)，從C到D的過(guò)程：＝?m2g?2R

解得：vD=0m/s對(duì)D點(diǎn)：N+m2g-k（l0-R）=0

解得：N=8N，求解結(jié)果的合理性，說(shuō)明假設(shè)是正確的，小球可以通過(guò)最高點(diǎn)

（3）假設(shè)能到高點(diǎn)，最高點(diǎn)彈力：N'+m2g-k'（l

小球離開(kāi)軌道時(shí)的位置E和O'連線與豎直方向的夾角θ，此時(shí)小球速度vE

由動(dòng)能定理：＝?m2g(R+Rcosθ)

對(duì)E點(diǎn)：m2gcosθ?k′(l0?R)＝m2聯(lián)立解得：cosθ＝，

即：θ＝arccos【思路點(diǎn)撥】（1）從B到C有動(dòng)能定理可求得到達(dá)C點(diǎn)速度；（2）假設(shè)通過(guò)最高點(diǎn)，從C到D由動(dòng)能定理求的D點(diǎn)速度，在D點(diǎn)由牛頓第二定律即可判斷；（3）假設(shè)通過(guò)最高點(diǎn)，從C到D由動(dòng)能定理求的D點(diǎn)速度，在D點(diǎn)由牛頓第二定律即可判斷，在利用動(dòng)能定理即可求的夾角。本題是動(dòng)能定理與向心力公式的綜合應(yīng)用來(lái)處理圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題．利用功能關(guān)系解題的優(yōu)點(diǎn)在于不用分析復(fù)雜的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，只關(guān)心初末狀態(tài)即可，平時(shí)要加強(qiáng)訓(xùn)練深刻體會(huì)這一點(diǎn)．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆浙江省紹興一中高三上學(xué)期回頭考試（09）】20．（12分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長(zhǎng)8cm，兩板間距離d＝8cm，A板比B板電勢(shì)高300V，一帶正電的粒子電荷量q＝10-10C，質(zhì)量m＝10-20kg，沿電場(chǎng)中心線RO垂直電場(chǎng)線飛入電場(chǎng)，初速度υ0＝2×106m/s，粒子飛出平行板電場(chǎng)后經(jīng)過(guò)界面MN、PS間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域后，進(jìn)入固定在O點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)區(qū)域，（設(shè)界面PS右邊點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布不受界面的影響），已知兩界面MN、PS相距為12cm，D是中心線RO與界面PS的交點(diǎn)，O點(diǎn)在中心線上，距離界面PS為9cm，粒子穿過(guò)界面PS最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上．（靜電力常數(shù)k=9.0×109N·m（1）求粒子穿過(guò)界面MN時(shí)偏離中心線RO的距離多遠(yuǎn)？（2）電場(chǎng)力做的功為多大？到達(dá)PS界面時(shí)離D點(diǎn)多遠(yuǎn)？（3）大致畫(huà)出帶點(diǎn)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡（4）確定點(diǎn)電荷Q的電性并求其電荷量的大?。局R(shí)點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力．C2D4I3【答案解析】（1）0.03m（2）0.12m（3）如圖（4）解析：（1）帶電粒子穿過(guò)界面MN時(shí)偏離中心線的距離，即側(cè)向位移：（2）電場(chǎng)力做的功為：，y=0.12m（3）4分（4）帶電粒子的速度離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度及穿過(guò)PS進(jìn)入點(diǎn)電荷電場(chǎng)的速度：此時(shí)的速度方向與水平方向成θ，帶電粒子在離開(kāi)電場(chǎng)后將做勻速直線運(yùn)動(dòng)打在PS上的a點(diǎn)（如圖），則a點(diǎn)離中心線的距離為y：則a點(diǎn)與點(diǎn)電荷所在位置的連線與PS的夾角為β，則，帶電粒子進(jìn)入點(diǎn)電荷的電場(chǎng)時(shí)，速度與點(diǎn)電荷對(duì)粒子的庫(kù)侖力垂直，由題的描述：粒子穿過(guò)界面PS最后垂直打在與A板在同一水平線上的熒光屏bc上，由此可以做出判斷：該帶電粒子在穿過(guò)界面PS后將繞點(diǎn)電荷Q作勻速圓周運(yùn)動(dòng)。帶正電的粒子必定受到Q的吸引力，所以Q帶負(fù)電。半徑由庫(kù)侖定律和勻速周運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：（1分）得：【思路點(diǎn)撥】（1）帶電粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)后，只受電場(chǎng)力，做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．由牛頓定律求出加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出粒子飛出電場(chǎng)時(shí)的側(cè)移h，由幾何知識(shí)求解粒子穿過(guò)界面PS時(shí)偏離中心線RO的距離．

（2）帶電粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)后，只受電場(chǎng)力，做類平拋運(yùn)動(dòng)，在MN、PS間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域做勻速直線運(yùn)動(dòng)，界面PS右邊做圓周運(yùn)動(dòng)，最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上，根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況即可畫(huà)出圖象．（3）根據(jù)受力分析畫(huà)圖（4）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出粒子飛出電場(chǎng)時(shí)速度的大小和方向．粒子穿過(guò)界面PS后將繞電荷Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由庫(kù)侖力提供向心力，由幾何關(guān)系求出軌跡半徑，再牛頓定律求解Q的電量．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆浙江省嘉興市高三上學(xué)期學(xué)科基礎(chǔ)測(cè)試（09）】20.(14分)如圖所示，邊長(zhǎng)L=0.2m的正方形，abcd區(qū)域(含邊界)內(nèi)，存在著垂直于區(qū)域表面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5.0X10-2T。帶電平行金屬板MN、PQ間形成了勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E(不考慮金屬板在其他區(qū)域形成的電場(chǎng))，MN放在ad邊上，兩板左端M、P恰在ab邊上，兩板右端N、Q間有一塊開(kāi)有小孔O的絕緣擋板，金屬板長(zhǎng)度、板間距、擋板長(zhǎng)度均為l=0.Im。在M和P的中間位置有一離子源S，能夠正對(duì)孔0不斷發(fā)射各種速度的帶負(fù)電離子，離子的電荷量均為q=3.2X10-18C，質(zhì)量均為m=6.4X10(不計(jì)離子重力，不考慮離子之間相互作用力，離子打到金屬板或檔板上后將不反彈)(1)為使離子能沿SO連線穿過(guò)孔0，則哪塊金屬板帶正電?當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度E=106N/C時(shí)，求穿過(guò)孔O的離子的速率;(2)為使沿SO連線穿過(guò)O并進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的離子直接從bc邊射出，求滿足此條件的電場(chǎng)強(qiáng)度r的取值范圍;(3)在電場(chǎng)強(qiáng)度取第(2)問(wèn)中滿足條件的最小值的情況下，緊貼磁場(chǎng)邊緣cd內(nèi)側(cè)，從c點(diǎn)沿cd方向入射一電荷量也為q、質(zhì)量也為m的帶正電離子，要保證磁場(chǎng)中能夠發(fā)生正、負(fù)離子的相向正碰(碰撞時(shí)兩離子的速度方向恰好相反)，求該正離子入射的速率。【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力．C2D4K2K4【答案解析】（1）（2）（3）解析：（1）MN板帶正電穿過(guò)孔O的離子在金屬板間需滿足：（2）穿過(guò)孔O的離子在金屬板間仍需滿足：離子穿過(guò)孔O后在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從bc邊射出的離子，其臨界軌跡如圖中的①②，軌跡半徑的范圍：（3）當(dāng)E取最小值時(shí)，離子軌跡如圖中的②，發(fā)生同向正碰，即兩離子的軌跡圓應(yīng)內(nèi)切，如圖：設(shè)從c進(jìn)入磁場(chǎng)的離子運(yùn)動(dòng)的半徑為r’,速率為v’,則：又因?yàn)椤舅悸伏c(diǎn)撥】（1）由平衡條件可以求出離子速度．（2）作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，求得粒子的運(yùn)動(dòng)半徑范圍，從而求得電場(chǎng)強(qiáng)度的范圍（3）根據(jù)幾何知識(shí)求出離子軌道半徑，由牛頓第二定律求出離子速率．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆浙江省嘉興市高三上學(xué)期學(xué)科基礎(chǔ)測(cè)試（09）】19.(12分)如圖所示，一根電阻為R的電阻絲做成一個(gè)半徑為r的圓形線框，豎直放置在水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里。現(xiàn)有一根質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的導(dǎo)體棒，自圓形線框最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿線框下落，在下落過(guò)程中始終與線框良好接觸，且保持水平。已知下落距離為時(shí)，棒的速度大小為v1，加速下落至圓心O時(shí)，棒的速度大小為v2。試求:(1)金屬棒下落距離為時(shí)，金屬棒中感應(yīng)電流的大小和方向；(2)金屬棒下落距離為時(shí)的加速度大??；（3）金屬棒下落至圓心O時(shí)，整個(gè)線框的發(fā)熱功率。【知識(shí)點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；牛頓第二定律；安培力；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．C2L2L【答案解析】（1）水平向右（2）（3）解析：(1)由右手定則得，金屬棒中的感應(yīng)電流方向?yàn)椋核较蛴医尤腚娐分械膶?dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：此時(shí)電路的總電阻：(2)金屬棒上的安培力:(3)金屬棒上的安培力：P熱=PA=P熱【思路點(diǎn)撥】棒下落距離為r時(shí)，棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)幾何知識(shí)求出棒的有效切割長(zhǎng)度，即可求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律和安培力公式結(jié)合求出安培力，根據(jù)牛頓第二定律可求得加速度．求得下落到圓心時(shí)的瞬時(shí)速度，從而求得瞬時(shí)安培力和速率，從而求得熱功率?！尽驹瓌?chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆浙江省嘉興市高三上學(xué)期學(xué)科基礎(chǔ)測(cè)試（09）】4.某實(shí)驗(yàn)小組利用DIS系統(tǒng)在電梯內(nèi)研究超重和失重現(xiàn)象。他們?cè)陔娞莸匕迳戏胖靡粋€(gè)壓力傳感器，在傳感器上放一個(gè)質(zhì)量為2kg的布娃娃，如圖甲所示。實(shí)驗(yàn)中計(jì)算機(jī)顯示出傳感器所受壓力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖乙所示。則A.從到，布娃娃處于失重狀態(tài)B.從到，布娃娃處于超重狀態(tài)C.電梯可能先停在低樓層，經(jīng)加速向上、勻速向上、減速向上過(guò)程，最后停在高樓層D.電梯可能先停在高樓層，經(jīng)加速向下、勻速向下、減速向下過(guò)程，最后停在低樓層【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用-超重和失重．C2C3【答案解析】C解析：A、從時(shí)該t1到t2，物體受到的壓力大于重力時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，加速度向上，故A錯(cuò)誤；B、從時(shí)刻t3到t4，物體受到的壓力小于重力，物塊處于失重狀態(tài)，加速度向下，故B錯(cuò)誤；C、如果電梯開(kāi)始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層，那么應(yīng)該從圖象可以得到，壓力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C正確；D、如果電梯開(kāi)始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層，那么應(yīng)該是壓力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D錯(cuò)誤；故選：C．【思路點(diǎn)撥】當(dāng)物體受到的壓力大于重力時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，加速度向上；當(dāng)物體受到的壓力小于重力時(shí)，物體處于失重狀態(tài)，加速度向下；根據(jù)圖象并結(jié)合實(shí)際情況得到壓力變化規(guī)律，從而得到物體的運(yùn)動(dòng)情況．本題關(guān)鍵是根據(jù)壓力的變化情況，得到超、失重情況，然后與實(shí)際情況向?qū)φ?，得到電梯的運(yùn)動(dòng)情況．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】11．某電場(chǎng)的部分電場(chǎng)線如圖所示，A、B是一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)軌跡(圖中虛線)上的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是A．粒子一定是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)B．粒子在A點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度C．粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能D．電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)線；牛頓第二定律；電勢(shì)．C2I1【答案解析】B解析：A、帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，粒子可能是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，也有可能是從A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的，故A錯(cuò)誤．B、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，粒子在A點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力大，故B正確．C、帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，假設(shè)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力與軌跡上每一點(diǎn)的切線方向也就是速度方向成鈍角，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，所以粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能大于它在B點(diǎn)的動(dòng)能，粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能．反之一樣．故C錯(cuò)誤．D、帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，所以粒子帶正電，由于粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能，所以電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤．故選B．【思路點(diǎn)撥】根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合外力指向其軌跡的內(nèi)側(cè)來(lái)判斷電場(chǎng)力方向，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，電場(chǎng)力做正功時(shí)，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加．解決這類帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場(chǎng)力方向，然后利用電場(chǎng)線、電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、電場(chǎng)力做功等之間的關(guān)系進(jìn)一步判斷各個(gè)物理量的變化情況．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】9．下列各圖是反映汽車(chē)(額定功率P額)從靜止開(kāi)始勻加速啟動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，其速度隨“時(shí)間以及加速度、牽引力和功率隨速度變化的圖像，其中正確的是【知識(shí)點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；牛頓第二定律．A5C2E1【答案解析】ACD解析：汽車(chē)開(kāi)始做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)達(dá)到額定功率時(shí)，勻加速結(jié)束，然后做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，直至最后運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)．開(kāi)始勻加速時(shí)：F-f=ma

設(shè)勻加速剛結(jié)束時(shí)速度為v1，有：P額=Fv1最后勻速時(shí)：F=f，，有：F額=Fvm由以上各式解得：勻加速的末速度為：v1＝，最后勻速速度為：vm＝．在v-t圖象中斜率表示加速度，汽車(chē)開(kāi)始加速度不變，后來(lái)逐漸減小，故A正確；汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中開(kāi)始加速度不變，后來(lái)加速度逐漸減小，最后加速度為零，故B錯(cuò)誤；汽車(chē)牽引力開(kāi)始大小不變，然后逐漸減小，最后牽引力等于阻力，故C正確；開(kāi)始汽車(chē)功率逐漸增加，P=Fv=Fat，故為過(guò)原點(diǎn)直線，后來(lái)功率恒定，故D正確．故選ACD．【思路點(diǎn)撥】汽車(chē)以恒定牽引力啟動(dòng)時(shí)，汽車(chē)開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由P=Fv可知汽車(chē)功率逐漸增大，當(dāng)達(dá)到額定功率時(shí)，隨著速度的增大，牽引力將減小，汽車(chē)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，汽車(chē)開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，明確了整個(gè)汽車(chē)啟動(dòng)過(guò)程，即可正確解答本題．對(duì)于機(jī)車(chē)啟動(dòng)問(wèn)題，要根據(jù)牛頓第二定律和汽車(chē)功率P=Fv進(jìn)行討論，弄清過(guò)程中速度、加速度、牽引力、功率等變化情況．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省師大附中高三第一次模擬考試（09）】7．“快樂(lè)向前沖”節(jié)目，中有這樣一種項(xiàng)目，選手需要借助懸掛在高處的繩飛躍到鴻溝對(duì)面的平臺(tái)上，如果已知選手的質(zhì)量為m，選手抓住繩由靜止開(kāi)始擺動(dòng)，此時(shí)繩與豎直方向夾角為，繩的懸掛點(diǎn)O距平臺(tái)的豎直高度為H，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，不考慮空氣阻力和繩的質(zhì)量，下列說(shuō)法正確的是A．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)處于失重狀態(tài)B．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)所受繩子的拉力為C．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)所受繩子的拉力大小大于選手對(duì)繩子的拉力大小D．選手?jǐn)[到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，其運(yùn)動(dòng)可分解為水平方向的勻加速運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的勻加速運(yùn)動(dòng)【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；超重和失重；向心力．C2C3D4【答案解析】B解析：：A、失重時(shí)物體有向下的加速度，超重時(shí)物體有向上的加速度，選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)向心加速度豎直向上，因此處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B、擺動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，有：mgl(1?cosθ)＝mv2

①設(shè)繩子拉力為T(mén)，在最低點(diǎn)有：T?mg＝

m

②聯(lián)立①②解得：T=（3-2cosα）mg，故B正確；C、繩子對(duì)選手的拉力和選手對(duì)繩子的拉力屬于作用力和反作用力，因此大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤；D、選手?jǐn)[到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，沿繩子方向有向心加速度，沿垂直繩子方向做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)不能分解為水平方向的勻加速運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的勻加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選B．【思路點(diǎn)撥】選手向下擺動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，在最低點(diǎn)時(shí)繩子拉力和重力的合力提供向心力，選手在最低點(diǎn)松手后，做平拋運(yùn)動(dòng)，明確了整個(gè)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，依據(jù)所遵循的規(guī)律即可正確求解．本題屬于圓周運(yùn)動(dòng)與平拋運(yùn)動(dòng)的結(jié)合，對(duì)于這類問(wèn)題注意列功能關(guān)系方程和向心力公式方程聯(lián)合求解．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三第一次診斷性考試（09）】16．(16分)如圖所示，用內(nèi)壁光滑的薄壁細(xì)管彎成的“S”形軌道固定于豎直平面內(nèi)，其彎曲部分是由兩個(gè)半徑均為R=0．2m的半圓平滑對(duì)接而成(圓的半徑遠(yuǎn)大于細(xì)管內(nèi)徑)，軌道底端D點(diǎn)與粗糙的水平地面相切．現(xiàn)有一輛質(zhì)量為m=1Kg的玩具小車(chē)以恒定的功率從E點(diǎn)由靜止開(kāi)始行駛，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間t=4s后，出現(xiàn)了故障，發(fā)動(dòng)機(jī)自動(dòng)關(guān)閉，小車(chē)在水平地面繼續(xù)運(yùn)動(dòng)并進(jìn)入“S”形軌道，從軌道的最高點(diǎn)飛出后，恰好垂直撞在固定斜面B上的C點(diǎn)，C點(diǎn)與下半圓的圓心O等高．已知小車(chē)與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，ED之間的距離為，斜面的傾角為30°.求：（g=10m/s2）(1)小車(chē)到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為多少；(2)在A點(diǎn)小車(chē)對(duì)軌道的壓力大小是多少，方向如何；(3)小車(chē)的恒定功率是多少．【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力．C2D4E2【答案解析】(1)4m/s(2)10N豎直向上（3）5W解析：(1)把C點(diǎn)的速度分解為水平方向的vA和豎直方向的vy，有： 解得vc=4m/s 注：用其他思路，結(jié)果正確同樣給分(2)（共6分）由(1)知小車(chē)在A點(diǎn)的速度大小vA＝eq\r(2gR)=2 m/s 因?yàn)関A＝eq\r(2gR)>eq\r(gR)，對(duì)外軌有壓力，軌道對(duì)小車(chē)的作用力向下 mg＋FN＝meq\f(v\o\al(2,A),R) 解得FN =10N 根據(jù)牛頓第三定律得，小車(chē)對(duì)軌道的壓力大小FN′＝FN=10N 方向豎直向上 (3)（共4分）從E到A的過(guò)程中，由動(dòng)能定理：Pt－μmgx0－mg4R＝ 解得P＝eq\f(μmgx0＋5mgR,t) =5W 【思路點(diǎn)撥】（1）小車(chē)離開(kāi)A后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直方向的分運(yùn)動(dòng)可以求出小車(chē)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間與豎直分速度，然后在C點(diǎn)根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解可以求出小車(chē)的速度；

（2）小車(chē)在A點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律求出求出軌道對(duì)小車(chē)的支持力，然后由牛頓第三定律求出小車(chē)對(duì)軌道的壓力；

（3）從D到A只有重力做功，機(jī)械能守恒，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律可以求出D點(diǎn)的速度，從E到D應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出小車(chē)的功率．小車(chē)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程較為復(fù)雜，分析清楚小車(chē)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是正確解題的前提與關(guān)鍵；對(duì)小車(chē)應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解、牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律、動(dòng)能定理即可正確解題．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三第一次診斷性考試（09）】4．一升降機(jī)在箱底裝有若干個(gè)彈簧，設(shè)在某次事故中，升降機(jī)吊索在空中斷裂，忽略摩擦力，則升降機(jī)在從彈簧下端觸地后直到最低點(diǎn)的一段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A．升降機(jī)的速度不斷減小B．升降機(jī)的加速度不斷變大C．先是彈力做的負(fù)功小于重力做的正功，然后是彈力做的負(fù)功大于重力做的正功D．升降機(jī)對(duì)彈簧的壓力始終大于彈簧對(duì)升降機(jī)的支持力【知識(shí)點(diǎn)】功的計(jì)算；牛頓第二定律．C2E1【答案解析】C解析：A、升降機(jī)在從彈簧下端觸地后直到最低點(diǎn)的一段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，開(kāi)始階段，重力大于彈力，加速度方向向下，向下做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力和彈力相等后，彈力大于重力，加速度方向向上，向下做減速運(yùn)動(dòng)，加速度的大小先減小后增大，速度先增大后減小．故A、B錯(cuò)誤．

C、開(kāi)始階段，速度增大，根據(jù)動(dòng)能定理，重力做的正功大于彈力做的負(fù)功；然后速度減小，根據(jù)動(dòng)能定理得，彈力做的負(fù)功大于重力做的正功．故C正確．

D、升降機(jī)對(duì)彈簧的壓力始終大于彈簧對(duì)升降機(jī)的支持力是作用力與反作用力，大小相等方向相反，故D錯(cuò)誤．故選：C．【思路點(diǎn)撥】當(dāng)物體所受合力方向與速度方向相同時(shí)，速度增加，當(dāng)物體所受合力方向與速度方向相反時(shí)，速度減小，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的方向和大小變化．解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化，會(huì)根據(jù)加速度方向與速度方向的關(guān)系判斷速度的變化．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆山東省臨沂市重點(diǎn)中學(xué)高三上學(xué)期十月月考（10）】12.在光滑水平面上有一物塊受水平恒力F的作用而運(yùn)動(dòng)，在其正前方固定一個(gè)足夠長(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧，如圖所示，在物塊與彈簧接觸后，將彈簧壓縮到最短的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A．物塊接觸彈簧后立即做減速運(yùn)動(dòng)B．物塊接觸彈簧后先加速后減速C．當(dāng)彈簧處于壓縮量最大時(shí)，物塊的加速度等于零D．當(dāng)物塊的速度最大時(shí)，它所受到的合力為零【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；動(dòng)能和勢(shì)能的相互轉(zhuǎn)化．C2E2【答案解析】BD解析：A、物體接觸彈簧后，受到彈簧彈力的作用，物體受到的合外力改變（合外力變小）由牛頓第二定律可知物體仍然向右加速．故A錯(cuò)誤．B、由牛頓第二定律可以加速度和合外力同時(shí)變化，物體從接觸彈簧到壓縮量最大的過(guò)程中，合外力先減小到零，加速度也減小到零，而速度再增加；然后合外力再反向增大，加速度反向增大此時(shí)加速度和速度反向，速度逐漸減小．故B正確．C、當(dāng)彈簧處于壓縮量最大時(shí)，彈力大于拉力，合外力不為零，加速度不為零．故C錯(cuò)誤．D、當(dāng)物體受到合外力為零時(shí)，是物體加速度逐漸減小到零的一個(gè)平衡狀態(tài)（也是速度增加到最大的狀態(tài)）此時(shí)速度最大，加速度為零．故D正確．故選BD．【思路點(diǎn)撥】根據(jù)彈簧的特點(diǎn)可知，隨著彈簧收縮量的增大，物體受到向外的彈力越大；F為恒力所以合外力逐漸減小并且合外力的方向會(huì)發(fā)生變化．物體開(kāi)始接觸彈簧合外力向右，隨著壓縮量的增大，合外力減小，當(dāng)拉力等于彈力時(shí)，合外力為零此時(shí)速度最大，根據(jù)牛頓第二定律可知物體的加速度為零．物體繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈力大于恒力，則合外力逐漸增大，加速度增大方向向左加速度增大速度逐漸減小知道減速到零．本題主要考察對(duì)于物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和受力關(guān)系分析能力．做好此題的關(guān)鍵是分析清楚物體的受力和運(yùn)動(dòng)情況，而二者之間的紐帶是牛頓第二定律．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆四川省成都七中高三上學(xué)期入學(xué)摸底考試（09）】10.研究表明，一般人的剎車(chē)反應(yīng)時(shí)間（即圖甲中“反應(yīng)過(guò)程”所用時(shí)間）t0=0.4s，但飲酒會(huì)導(dǎo)致反應(yīng)時(shí)間延長(zhǎng)，在某次試驗(yàn)中，志愿者少量飲酒后駕車(chē)以v1=72km/h的速度在試驗(yàn)場(chǎng)的水平路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車(chē)停止，行駛距離L=39m，減速過(guò)程中汽車(chē)位移x與速度v的關(guān)系曲線如同乙所示，此過(guò)程可視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，取重力加速度的大小g=10m/s2，求：

（1）減速過(guò)程汽車(chē)加速度的大小及所用時(shí)間；

（2）飲酒使志愿者反應(yīng)時(shí)間比一般人增加了多少；

（3）減速過(guò)程汽車(chē)對(duì)志愿者作用力的大小與志愿者重力大小的比值．【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．A2A7C【答案解析】（1）2.5s．（2）0.3S．(3）．解析：：（1）設(shè)剎車(chē)加速度為a，由題可知?jiǎng)x車(chē)初速度v0=20m/s，末速度

vt=0

位移x=25m

＝2ax

t＝

由①②式可得：a=8m/s

t=2.5s

（2）反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移為x′=L-x=14m

則反應(yīng)時(shí)間為t′=＝0.7s

則反應(yīng)的增加量為△t=0.7-0.4=0.3s

（3）設(shè)志愿者所受合外力的大小為F，汽車(chē)對(duì)志愿者的作用力的大小為F0，志愿者質(zhì)量為m，由牛頓第二定律得

F=ma

由平行四邊形定則得：＝F2+m2g2----④

由③④式可得：【思路點(diǎn)撥】（1）由圖中所給數(shù)據(jù)結(jié)合位移速度公式可求得加速度，進(jìn)而由速度變化與加速度求得減速時(shí)間．（2）由行駛距離與剎車(chē)距離可求得反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)距離，再求出反應(yīng)時(shí)間進(jìn)行比較．（3）對(duì)志愿者受力分析由牛頓第二定律求減速過(guò)程汽車(chē)對(duì)志愿者作用力的大小與志愿者重力大小的比值．考查運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，正確應(yīng)用速度位移公式求加速度是解題的關(guān)鍵，注意受力分析．【【原創(chuàng)純word版精品解析】物理卷·屆云南省玉溪一中高三上學(xué)期第一次月考（09）】13、（12分）研究表明，一般人的剎車(chē)反應(yīng)時(shí)間（即圖甲中“反應(yīng)過(guò)程”所用時(shí)間），但飲酒會(huì)導(dǎo)致反應(yīng)時(shí)間延長(zhǎng)，在某次試驗(yàn)中，志愿者少量飲酒后駕車(chē)以的速度在試驗(yàn)場(chǎng)的水平路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車(chē)停止，行駛距離L＝39m。減速過(guò)程中汽車(chē)位移s與速度v的關(guān)系曲線如圖乙所示，此過(guò)程可視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)。取