2025屆惠州市重點中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為l.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開關(guān)S后，電動機轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A．則以下判斷中正確的是（）A．電動機兩端的電壓為1.0VB．電動機的機械功率為12WC．電動機產(chǎn)生的熱功率4.0WD．電源輸出的電功率為24W2、如圖所示是一個平行板電容器,其板間距為,電容為,帶電荷量為Q,上極板帶正電.現(xiàn)將一個試探電荷由兩極間的點移動到點,如圖所示,兩點間的距離為,連線與極板間的夾角為30°,則電場力對試探電荷所做的功等于(

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A． B．C． D．3、三個阻值相同的電阻R，額定功率均為10W．接入如圖電路，改變電壓U，使各電阻實際功率均不超過額定功率，則三電阻最大總功率為（）A．30W B．20W C．15W D．10W4、如圖所示，用絕緣細線懸掛一個導(dǎo)線框，導(dǎo)線框是由兩同心半圓弧導(dǎo)線和直導(dǎo)線ab、cd(ab、cd在同一水平直線上)連接而成的閉合回路，導(dǎo)線框中通有圖示方向的電流，處于靜止?fàn)顟B(tài).在半圓弧導(dǎo)線的圓心處沿垂直于導(dǎo)線框平面的方向放置一根長直導(dǎo)線P.當(dāng)P中通以方向向外的電流時A．導(dǎo)線框?qū)⑾蜃髷[動 B．導(dǎo)線框?qū)⑾蛴覕[動C．從上往下看，導(dǎo)線框?qū)㈨槙r針轉(zhuǎn)動 D．從上往下看，導(dǎo)線框?qū)⒛鏁r針轉(zhuǎn)動5、以下物體一定能看成質(zhì)點的是（）A．研究公轉(zhuǎn)時的地球 B．研究自轉(zhuǎn)時的地球C．質(zhì)量很小的物體 D．體積很小的物體6、如圖所示，P、M、N三點在同一直線上，將一個帶正電的點電荷置于P點，關(guān)于該電荷產(chǎn)生的電場，下列說法正確的是（）A．M點的電場強度大于N點的電場強度 B．M、N兩點的電場強度相等C．M點的電勢低于N點的電勢 D．M、N兩點的電勢相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個面積為S＝4×10－2m2、匝數(shù)為n＝100匝的線圈放在勻強磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖所示，則下列判斷正確的是()A．在開始的2s內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化率等于0.08Wb/sB．在開始的2s內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化量等于零C．在開始的2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小等于8VD．在第3s末線圈中的感應(yīng)電動勢等于零8、如圖所示，把一個架在絕緣支架上的枕形導(dǎo)體放在正電荷形成的電場中，導(dǎo)體處于靜電平衡時，下敘說法正確的是（）A．A、B兩點場強相等，且都為零B．A、B兩點的場強不相等C．A、B兩點的電勢相等D．當(dāng)電鍵K閉合時，電子從大地沿導(dǎo)線向?qū)w移動．9、如圖是密立根油滴實驗的示意圖．油滴從噴霧器的噴嘴噴出，落到圖中的勻強電場中，調(diào)節(jié)兩板間的電壓，通過顯微鏡觀察到某一油滴靜止在電場中．下列說法正確的是()A．油滴帶正電B．油滴帶負電C．只要測出兩板間的距離和電壓就能求出油滴的電量D．該實驗測得油滴所帶電荷量等于元電荷的整數(shù)倍10、用多用電表測電阻時，若選擇“×100”的歐姆檔測量發(fā)現(xiàn)（）A．指針指在電阻刻度較靠近0Ω的某刻度線上，則應(yīng)換用“×1k”的歐姆檔測量B．指針指在電阻刻度較靠近0Ω的某刻度線上，則應(yīng)換“×10”或“×1”歐姆檔測量C．指針指在電阻刻度較靠近∝的某刻度線上，則應(yīng)換用“×1k”的歐姆檔測量D．指針在電阻刻度較靠近∝的某刻度線上，則應(yīng)換用“×10”或“×1”的歐姆檔測量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在做測金屬絲電阻率的實驗中，取一根粗細均勻的、長度為L的康銅絲，先用螺旋測微器測出康銅絲的直徑d；然后由伏安法測出康銅絲的電阻；最后求出康銅絲的電阻率．（1）測康銅絲的直徑時螺旋測微器的示數(shù)如圖甲所示，可知康銅絲的直徑d=__mm．（2）圖乙是測量康銅絲電阻的原理圖，根據(jù)原理圖在圖丙所示的實物圖中畫出連線__．（3）利用上面的電路圖測出的電阻值比真實值__（填“偏大”或“偏小”），這種誤差叫作__誤差（填“偶然”或“系統(tǒng)”）．（4）若調(diào)節(jié)滑動變阻器，通過多次測量求平均值的方法得到康銅絲的電阻值為R，請寫出求康銅絲的電阻率的表達式為__（用L、d、R等已知字母表示）．12．（12分）為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，提供以下實驗器材：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V(量程3V，內(nèi)阻3kΩ)電流表A(量程0.5A，內(nèi)阻約0.5Ω)電阻箱R0(0～9999.9Ω)滑動變阻器R1(阻值0～5Ω，2A)滑動變阻器R2(阻值0～200Ω，1A)學(xué)生電源E(電動勢4V，內(nèi)阻不計)開關(guān)S及導(dǎo)線若干．（1）關(guān)于控制電路中滑動變阻器的連接方法，應(yīng)選擇_______A．分壓式連接B．限流式連接（2）為了減小系統(tǒng)誤差，關(guān)于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應(yīng)選擇________A．安培表內(nèi)接法B．安培表外接法（3）實驗提供的電壓表量程小于小燈泡的額定電壓，需要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應(yīng)將電阻箱阻值調(diào)至_________Ω，并與題中所給電壓表___________.(選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)（4）請在方框中畫出該實驗的電路圖______．（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應(yīng)選擇_______(選填R1或R2)．你的選擇理由是___________.（6）實驗中得到小燈泡的伏安特性曲線曲線如下圖（a）所示，由實驗曲線可知，隨著電壓的增加小燈泡的電阻______(填“增大”“不變”或“減小”)（7）現(xiàn)將與題中完全相同的兩個小燈泡與另一電源E0(電動勢4V，內(nèi)阻1．0Ω)和一阻值為9Ω的定值電阻連接成如圖（b）所示電路．此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為_________V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點平滑連接．在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強電場．現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為＋q的小球從水平軌道上A點由靜止釋放，小球運動到C點離開圓軌道后，經(jīng)界面MN上的P點進入電場(P點恰好在A點的正上方，如圖所示．小球可視為質(zhì)點，小球運動到C點之前電荷量保持不變，經(jīng)過C點后電荷量立即變?yōu)榱?．已知A、B間距離為2R，重力加速度為g．在上述運動過程中，求(1)電場強度E的大?。?2)小球在圓軌道上運動時的最大速率(3)小球?qū)A軌道的最大壓力的大小14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第四象限有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B＝2.0T．一質(zhì)量為m＝5.0×10－8kg、電量為q＝1.0×10－6C的帶電粒子從P點沿圖示方向以v＝20m/s的速度進入磁場，從x軸上的Q點離開磁場（Q點未畫出）．已知OP＝30cm，(粒子重力不計，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，求：(1)OQ的距離；(2)若粒子不能進入x軸上方，求磁感應(yīng)強度B′滿足的條件．15．（12分）如圖甲所示，相距d＝15cm的A、B兩極板是在真空中平行放置的金屬板，當(dāng)給他們加上電壓后，它們之間的電場可視為勻強電場．今在A、B兩板之間加上如圖乙所示的交變電壓，交變電壓的周期T＝1.0×10－6s，t＝0時A板的電勢比B板的電勢高，且U0＝1080V，一個比荷的帶負電荷的粒子在t＝0時刻從B板附近由靜止開始運動不計重力．(1)當(dāng)粒子的位移為多大時，速度第一次達到最大，最大值是多少？(2)粒子運動過程中，將與某一極板相碰撞，求粒子碰撞極板時速度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：A、電路中電流表的示數(shù)為2．3A，所以電動機的電壓為：U=E﹣U內(nèi)﹣UR3=22﹣Ir﹣IR3=22﹣2×2﹣2×2．5=7V，電動機的總功率為：P總=UI=7×2=24W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×3．5=2W，所以電動機的輸出功率為：P出=24W﹣2W=22W，所以A錯誤，B正確，C錯誤；D、電源的輸出的功率為：P輸出=EI﹣I2R=22×2﹣22×2=23W，所以D錯誤．故選B．考點：電功、電功率．2、C【解析】

由電容的定義式C=Q/U得板間電壓U=Q/C，板間場強E=U/d=Q/Cd．試探電荷q由A點移動到B點，電場力做功為：，選項C正確，ABD錯誤，故選C?！军c睛】本題只要抓住電場力具有力的一般性質(zhì)，根據(jù)功的一般計算公式就可以很好地理解電場力做功，并能正確計算功的大小．3、C【解析】

當(dāng)兩電阻并聯(lián)后與第三個電阻串聯(lián)，假設(shè)額定電流為I，則電路中的電流最大值為I，根據(jù)功率公式有：P額=I2R=10W，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點可知，通過兩并聯(lián)電阻的電流均為：，則AB間允許消耗的最大功率：，故C正確，ABD錯誤．4、D【解析】

試題分析：根據(jù)右手螺旋定則可得ab處的磁場方向豎直向上，cd處的磁場豎直向下，根據(jù)左手定則可得ab邊受到垂直紙面向外的安培力，cd邊受到垂直紙面向里的安培力，從上往下看，導(dǎo)線框?qū)⒛鏁r針轉(zhuǎn)動，C正確．考點：考查了安培力【名師點睛】先由安培定則判斷通電直導(dǎo)線P在導(dǎo)線ab、cd處的磁場方向，然后由左手定則判斷導(dǎo)線ab、cd所受的安培力，通過微元法解決，判斷導(dǎo)體的運動的規(guī)律常用的方法還有：等效法，特殊位置法，結(jié)論法5、A【解析】

研究公轉(zhuǎn)時的地球，地球的大小相對于地球到太陽的距離很小，影響可忽略不計，地球可以看成質(zhì)點．故A正確．研究自轉(zhuǎn)時的地球，地球不能看成質(zhì)點，地球的大小和形狀影響很大，如把地球看成質(zhì)點就無法分辨地球的轉(zhuǎn)動．故B錯誤．質(zhì)量很小的物體不一定能看成質(zhì)點，如其大小和形狀對所研究的問題影響很大，就不能看成質(zhì)點．故C錯誤．體積很小的物體不一定能看成質(zhì)點，如其大小和形狀對所研究的問題影響很大，就不能看成質(zhì)點．故D錯誤．故選A．【點睛】物體能否看成質(zhì)點，不是看物體絕對質(zhì)量或體積，而是看物體的大小和形狀對所研究的問題影響能否忽略不計．6、A【解析】

AB．結(jié)合正點電荷的電場線與等勢面的特點可知，離點電荷越近電場強度越大，所以M點的電場強度大于N點的電場強度，故A正確，B錯誤；CD．沿電場線的方向電勢降低，由于電場線從正電荷出發(fā)到負電荷，所以M點的電勢高于N點的電勢，故C錯誤，D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB．由B-t圖象可求出2s的斜率，因此2s內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化率為：故A正確，B錯誤；C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：可知2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為8V，故C正確；D．由圖看出，第3s末線圈中的磁通量為零，但磁通量的變化率不為零，感應(yīng)電動勢也不等于零，故D錯誤；故選AC。8、ACD【解析】

枕形導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會定向移動移動，當(dāng)點電荷移走后，電荷恢復(fù)原狀；【詳解】A、B枕形導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布，因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，內(nèi)部電場強度處處為零，故A正確，B錯誤；C、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是等勢體，表面為等勢面，即A、B兩點的電勢相等，故選項C正確；D、當(dāng)電鍵S閉合時，電子從大地沿導(dǎo)線移向?qū)w中和枕形導(dǎo)體右端的正電荷，相當(dāng)于右端正電荷流向遠端，故D正確?！军c睛】處于靜電感應(yīng)現(xiàn)象的導(dǎo)體，內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且導(dǎo)體是等勢體。9、BD【解析】試題分析：電容器板間電場方向向下，油滴所受的電場力向上，則知油滴帶負電，故A錯誤，B正確；根據(jù)油滴受力平衡得，得，所以要測出兩板間的距離、電壓和油滴的質(zhì)量才能求出油滴的電量，故C錯誤；根據(jù)密立根油滴實驗研究知，該實驗測得油滴所帶電荷量等于元電荷的整數(shù)倍，故D正確．考點：本題考查了電場中的物體平衡10、BC【解析】

AB．指針指在電阻刻度較靠近0Ω的某刻度線上，所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，應(yīng)換用“×10”或“×1”的歐姆檔，故A錯誤，B正確；CD．指針指在電阻刻度較靠近∝的某刻度線上，說明所選擋位太小，為準確測量電阻阻值，則應(yīng)換用“×1k”的歐姆檔，故C正確，D錯誤；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）0.281；（2）電路圖如圖所示（3）偏小，系統(tǒng)；（4）【解析】

（1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)．（2）根據(jù)電路圖連接實物電路圖．（3）根據(jù)電路圖應(yīng)用歐姆定律分析實驗誤差，由于實驗數(shù)據(jù)導(dǎo)致的誤差是系統(tǒng)誤差．（4）根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達式．【詳解】（1）由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0mm+28.1×0.01mm=0.281mm；

（2）根據(jù)圖乙所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：

（3）由圖示電路圖可知，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用所測電流偏大，由歐姆定律可知，電阻的測量值小于真實值；該誤差是由于實驗設(shè)計造成的，屬于系統(tǒng)誤差．

（4）電阻阻值：，電阻率：；【點睛】本題考查了螺旋測微器讀數(shù)、連接電路圖、實驗誤差分析、求電阻率表達式，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀．12、（1）A（2）B（3）1000.0串聯(lián)（4）（5）R1選擇R1時，移動滑片，小燈泡兩端的電壓示數(shù)變化比較均勻（線性關(guān)系較好）（6）增大；（7）1.1V【解析】

（1）因要得到從零開始連續(xù)可調(diào)的多組電壓，則控制電路中滑動變阻器的連接方法，應(yīng)選擇分壓式連接，故選A.（2）小燈泡的電阻，則為了減小系統(tǒng)誤差，關(guān)于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應(yīng)選擇安培表外接法，故選B.（3）電壓表的量程為3V，內(nèi)阻為3kΩ，則要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應(yīng)將電阻箱阻值調(diào)至，并與題中所給電壓表串聯(lián).（4）實驗的電路圖：（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應(yīng)選擇阻值較小的R1．選擇理由是：選擇R1時，移動滑片，小燈泡兩端的電壓示數(shù)變化比較均勻（線性關(guān)系較好）.（6）由實驗曲線可知，隨著電壓的增加I-U線的切線的斜率逐漸減小，則小燈泡的電阻增大.（7）設(shè)每個燈泡兩端電壓為U，電流為I，則由閉合電路的歐姆定律：E=2U+I(r+R)，即4=2U+10I，即：U=2-5I，將此函數(shù)關(guān)系畫在燈泡的伏安特性曲線上，如圖；交點坐標(biāo)為U=1.1V，即此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為1.1V.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）E=；（2）；（3）F=（2+3）mg【解析】

（1）設(shè)電場強度為E，小球從A到C由動能定理：qE?3R?mg?2R=mvc2，小球過C點時速度大小為vc，小球離開C點后做平拋運動到P點：R=gt2，2R=vct聯(lián)立解得：E=，即電場強度E的大小為；（2）設(shè)小球運動到圓周D點時速度最大為v，此時OD與豎直線OB夾角為α，小球從A運動到D過程，根據(jù)動能定理：qE(2R+Rsinα)-mgR(1-cosα)=mv2，即：mv2=mgR(sinα+cosα+1)根據(jù)數(shù)學(xué)知識可得，當(dāng)α=45°時動能最大，由此可得：，即小球在圓軌道上運動時的最大速率為．(3)由于小球在D點時速度最大且電場力與重力的合力恰好沿半徑方向，故小球在D點對圓軌道的壓力最大，設(shè)此壓力大小為F，由牛頓第三定律可知小球在D點受到的軌道彈力大小也為F，在D點對小球進行受力分析，并建立如圖所示坐標(biāo)系由牛頓第二定律：F?qEsinα?mgcosα=解得：F=（2+3）mg即小球?qū)A軌道的最大壓力的大?。?+3）mg.【點睛】（1）對小球從A到C過程運用動能定理列式；小球從C平拋運動到P過程，對水平和豎直分運動分別根據(jù)位移公式列式；（2）小球在圓弧右下段某個位置速度最大，根據(jù)動能定理求出速度的一般表達式，然后根據(jù)數(shù)學(xué)知識求最大值；（3）當(dāng)速度最大時，小球?qū)壍赖膲毫ψ畲?，根?jù)牛頓第二定律和向心力公式列式求解．14、（1）0.90m；（2）B′>T＝5.33T；【解析】試題分析：（1）帶電粒