鎮(zhèn)海中學(xué)2024學(xué)年第一學(xué)期11月高考模擬考試物理姓名____________；準(zhǔn)考證號(hào)______________。本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共6頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。考生注意：1.答題前，請(qǐng)務(wù)必粘貼條形碼，并將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽宇筆或鋼筆分別填寫(xiě)在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答。在本試題卷或草稿紙上的作答一律無(wú)效?？荚嚱Y(jié)束時(shí)，只需要上交答題紙。3.未經(jīng)特殊說(shuō)明，本試卷中g(shù)均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本大題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.雷諾數(shù)Re是流體力學(xué)中表征流體的特征的數(shù)之一，它是一個(gè)無(wú)量綱量（即沒(méi)有單位的物理量）。已知雷諾數(shù)由四個(gè)變量決定：流體的流速v、流體的密度ρ、特征長(zhǎng)度d，黏性系數(shù)μ。已知黏性系數(shù)μ的單位是，則下列雷諾數(shù)的表達(dá)式可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)，可知A．若雷諾數(shù)的表達(dá)式為，則雷諾數(shù)的單位為故A錯(cuò)誤；B．若雷諾數(shù)的表達(dá)式為，則雷諾數(shù)的單位為故B正確；C．若雷諾數(shù)的表達(dá)式為，則雷諾數(shù)的單位為故C錯(cuò)誤；D．若雷諾數(shù)的表達(dá)式為，則雷諾數(shù)的單位為故D錯(cuò)誤。故選B。2.在剛剛結(jié)束的中華人民共和國(guó)第十四屆全運(yùn)會(huì)上各位運(yùn)動(dòng)員八仙過(guò)海各領(lǐng)風(fēng)騷，下列幾種關(guān)于比賽項(xiàng)目的描述正確的是（）A.在鉛球比賽中，要研究運(yùn)動(dòng)員鞏立姣的推球技術(shù)要領(lǐng)時(shí)，可以把她當(dāng)成“質(zhì)點(diǎn)”處理B.短跑名將蘇炳添的100m比賽成績(jī)是9秒95，“9秒95”指的是“時(shí)刻”C.男子標(biāo)槍冠軍徐家杰比賽成績(jī)是84.54m，“84.54m”指的既不是標(biāo)槍在空中運(yùn)動(dòng)的路程也不是標(biāo)槍的位移大小D.男子4×100米接力比賽中，由湯星強(qiáng)、謝震業(yè)、蘇炳添、吳智強(qiáng)組成的奧運(yùn)聯(lián)合隊(duì)在第8跑道以38秒50奪冠，則這支聯(lián)合隊(duì)在該過(guò)程的平均速度為零【答案】C【解析】【詳解】A．在鉛球比賽中，要研究運(yùn)動(dòng)員鞏立姣的推球技術(shù)要領(lǐng)時(shí)，不能忽略鞏立姣的肢體動(dòng)作，不能把她當(dāng)成“質(zhì)點(diǎn)”處理，故A錯(cuò)誤；B．短跑名將蘇炳添的100m比賽成績(jī)是9秒95，“9秒95”指的是時(shí)間間隔，故B錯(cuò)誤；C．男子標(biāo)槍冠軍徐家杰比賽成績(jī)是84.54m，“84.54m”指的是標(biāo)槍在地面上的直線距離，既不是標(biāo)槍在空中運(yùn)動(dòng)的路程也不是標(biāo)槍的位移大小，故C正確；D．男子4×100米接力比賽中，由湯星強(qiáng)、謝震業(yè)、蘇炳添、吳智強(qiáng)組成的奧運(yùn)聯(lián)合隊(duì)在第8跑道的起點(diǎn)和終點(diǎn)不同，位移不同，則這支聯(lián)合隊(duì)在該過(guò)程的平均速度不為零，故D錯(cuò)誤。故選C。3.下列有關(guān)物理學(xué)歷史或物理思想方法的說(shuō)法，錯(cuò)誤的是（）A.牛頓推導(dǎo)萬(wàn)有引力定律公式時(shí)，用到了開(kāi)普勒第二定律、牛頓第二定律和牛頓第三定律B.卡文迪許利用扭秤裝置測(cè)出萬(wàn)有引力常量，采用了放大的思想C.德國(guó)物理學(xué)家紐曼、韋伯在對(duì)理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，總結(jié)得出法拉第電磁感應(yīng)定律D.荷蘭物理學(xué)家惠更斯進(jìn)行了詳盡的研究，發(fā)現(xiàn)單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T與擺長(zhǎng)l的二次方根成正比，與重力加速度g的二次方根成反比，而與振幅、擺球質(zhì)量無(wú)關(guān)【答案】A【解析】【詳解】A．牛頓推導(dǎo)萬(wàn)有引力定律公式時(shí)，沒(méi)用到開(kāi)普勒第二定律，A錯(cuò)誤，A符合題意；B．卡文迪許利用扭秤裝置測(cè)出萬(wàn)有引力常量，采用了放大的思想，B正確，B不符合題意；C．紐曼、韋伯在對(duì)理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，先后指出：閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過(guò)這一電路的磁通量的變化率成正比，后人稱之為法拉第電磁感應(yīng)定律，C正確，C不符合題意；D．荷蘭物理學(xué)家惠更斯進(jìn)行了詳盡的研究，發(fā)現(xiàn)單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T與擺長(zhǎng)l的二次方根成正比，與重力加速度g的二次方根成反比，而與振幅、擺球質(zhì)量無(wú)關(guān)，D正確，D不符合題意。故選A。4.如圖所示，質(zhì)量為m的物體由兩根繩子吊在半空中處于靜止?fàn)顟B(tài)，右側(cè)繩子的另一端固定在高樓的A點(diǎn)且與豎直方向的夾角為，左側(cè)繩子由人拉著且與豎直方向的夾角為，當(dāng)人不動(dòng)而緩慢釋放繩子，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩根繩子對(duì)物體的合力變大 B.兩繩子的拉力都變小C.地面對(duì)人的支持力變小 D.地面對(duì)人的摩擦力變大【答案】B【解析】【詳解】A．兩根繩子對(duì)物體的合力與重力等大反向，不變。故A錯(cuò)誤；B．對(duì)物體受力分析，如圖由相似三角形得當(dāng)人不動(dòng)而緩慢釋放繩子，則AC增大，AO不變，OC減小，可知T減小，F(xiàn)減小。故B正確；C．對(duì)人，由平衡條件得F減小，增大，則N增大。故C錯(cuò)誤；D．對(duì)整體有T減小，減小，則f減小。故D錯(cuò)誤。故選B。5.以下關(guān)于傳感器的說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.圖a為電容式話筒的組成結(jié)構(gòu)示意圖，振動(dòng)膜片與固定電極間的距離發(fā)生變化，從而實(shí)現(xiàn)將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)B.圖b為電熨斗的構(gòu)造示意圖，熨燙絲綢衣物需要設(shè)定較低的溫度，此時(shí)應(yīng)降低升降螺釘?shù)母叨菴.圖c為加速度計(jì)示意圖，當(dāng)向右減速時(shí)，P點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)電勢(shì)D.圖d為應(yīng)變片測(cè)力原理示意圖。在梁的自由端施加向下的力F，則梁發(fā)生彎曲，上表面應(yīng)變片電阻變大，下表面應(yīng)變片電阻變小【答案】B【解析】【詳解】A．圖a為電容式話筒的組成結(jié)構(gòu)示意圖，振動(dòng)膜片與固定電極間的距離發(fā)生變化，從而實(shí)現(xiàn)將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)，故A正確；B．熨燙絲綢衣物需要設(shè)定較低的溫度，調(diào)溫旋鈕應(yīng)該向上旋，使得雙金屬片彎曲較小時(shí)，觸點(diǎn)就分離，這樣保證了溫度不會(huì)過(guò)高，故B錯(cuò)誤；C．圖c為加速度計(jì)示意圖，當(dāng)向右減速時(shí)，加速度向左，則滑片向右移動(dòng)，此時(shí)P點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)電勢(shì)，故C正確；D．在梁的自由端施加向下的力F，，上應(yīng)變片長(zhǎng)度變長(zhǎng)，電阻變大，下應(yīng)變片長(zhǎng)度變短，電阻變小，故D正確；本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)，故選B。6.2024年4月26日凌晨，神舟十八號(hào)載人飛船成功對(duì)接空間站，題中的照片拍攝于航天員葉光富、李聰、李廣蘇進(jìn)入天和核心艙的瞬間，我們可以看到：一個(gè)大質(zhì)量的包裹懸浮在核心艙中，針對(duì)這一情景，下列同學(xué)的觀點(diǎn)中正確的是（）A.懸浮的包裹受到地球的吸引力相對(duì)于地表可以忽略B.若推動(dòng)包裹，航天員所需的推力幾乎為零C.天宮號(hào)空間站的加速度比北斗系列同步衛(wèi)星的加速度小D.只記錄空間站運(yùn)行周期可估算地球的密度【答案】B【解析】【詳解】A．依題意，空間站的高度與地球半徑相比，相差較大，根據(jù)，可知懸浮的包裹受到地球的吸引力相對(duì)于地表不可以忽略。故A錯(cuò)誤；B．包裹隨空間站做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可知，若推動(dòng)包裹，使包裹具有加速度，航天員所需的推力幾乎為零。故B正確；C．根據(jù)解得天宮號(hào)空間站的軌道半徑比北斗系列同步衛(wèi)星的小，所以加速度較大。故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)又聯(lián)立，解得可知只記錄空間站的運(yùn)行周期不能估算地球的密度。故D錯(cuò)誤。故選B。7.汽車(chē)行駛中經(jīng)常會(huì)經(jīng)過(guò)一些凹凸不平的路面，其凹凸部分路面可以看作圓弧的一部分，如圖所示的A、B、C處，其中B處的曲率半徑最大，A處的曲率半徑為，C處的曲率半徑為，，重力加速度為。若有一輛可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為的小汽車(chē)與路面之間各處的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，當(dāng)該車(chē)以恒定的速率沿這段凹凸路面行駛經(jīng)過(guò)A、B、C三點(diǎn)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.汽車(chē)在A處受到的摩擦力大小為B.汽車(chē)經(jīng)過(guò)A處時(shí)處于失重狀態(tài)，經(jīng)過(guò)C處時(shí)處于超重狀態(tài)C.汽車(chē)在A點(diǎn)的行駛速度小于時(shí)，汽車(chē)將做平拋運(yùn)動(dòng)D.汽車(chē)經(jīng)過(guò)C處時(shí)所受的向心力最小【答案】B【解析】【詳解】A．汽車(chē)在A處得汽車(chē)在A處受到摩擦力大小故A錯(cuò)誤；B．汽車(chē)經(jīng)過(guò)A處時(shí)，加速度向下，處于失重狀態(tài)，經(jīng)過(guò)C處時(shí)，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故B正確；C．要使車(chē)安全行駛，則不得離開(kāi)地面，故經(jīng)過(guò)A處時(shí)恰不離開(kāi)地面有即安全行駛的速度不得超過(guò)，汽車(chē)在A點(diǎn)的行駛速度大于時(shí)，汽車(chē)將做平拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．該車(chē)以恒定速率，汽車(chē)所受向心力B處的曲率半徑最大，汽車(chē)經(jīng)過(guò)B處時(shí)所受的向心力最小，故D錯(cuò)誤。故選B。8.高樓都裝有避雷針。某次雷雨天氣閃電擊中避雷針，避雷針發(fā)生尖端放電現(xiàn)象。若避雷針?lè)烹姇r(shí)的電場(chǎng)線分布如圖所示，在空間取一條水平線abc和一條圓弧線adc，bd連線為ac連線的中垂線，電場(chǎng)線關(guān)于直線bd對(duì)稱，以下說(shuō)法正確的是（）A.圓弧adc是一條等勢(shì)線B.a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相同C.a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同D.同一正點(diǎn)電荷在b點(diǎn)的電勢(shì)能比在d點(diǎn)大【答案】B【解析】【詳解】A．圓弧線adc在a、c處與電場(chǎng)線不垂直，所以圓弧線不是等勢(shì)線，A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)、c兩點(diǎn)關(guān)于bd直線對(duì)稱，所以這兩點(diǎn)的電勢(shì)相同，B正確；C．電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，其方向沿電場(chǎng)線的切線方向，結(jié)合圖可知，a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向不相同，所以a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，C錯(cuò)誤；D．將正電荷從b點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以同一正點(diǎn)電荷在b點(diǎn)的電勢(shì)能比在d點(diǎn)小，D錯(cuò)誤。故選B。9.靜止在O點(diǎn)的原子核發(fā)生衰變的同時(shí)，空間中出現(xiàn)如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)。之后衰變產(chǎn)物A、B兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡OA、OB如圖虛線所示，不計(jì)重力和兩粒子間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是（）A.A粒子為粒子B.原子核發(fā)生的是衰變C.兩粒子始終處同一等勢(shì)面上D.經(jīng)過(guò)相等時(shí)間A、B粒子位移比為2:5【答案】A【解析】【詳解】B．根據(jù)A、B兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，可知其所受電場(chǎng)力均與電場(chǎng)方向相同，即兩粒子均帶正電，可知，原子核發(fā)生的是衰變，B錯(cuò)誤；A．根據(jù)上述，該衰變的核反應(yīng)方程為衰變過(guò)程動(dòng)量守恒，則有可知，質(zhì)量越大，速度越小，即的初速度小于的初速度，粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有，解得根據(jù)圖像可知，當(dāng)豎直分位移大小相等時(shí)，的初速度小，電荷量多，則水平分位移小一些，可知A粒子為粒子，A正確；C．根據(jù)上述有可知，若時(shí)間相等，的比荷小于的比荷，即經(jīng)歷相等時(shí)間，的豎直分位移小于的豎直分位移，即兩粒子飛出后不在同一等勢(shì)面上，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)上述有，解得，經(jīng)過(guò)相等時(shí)間A、B粒子水平分位移比為可知，經(jīng)歷相等時(shí)間A、B粒子水平分位移比為2:5，位移之比并不等于2:5，D錯(cuò)誤。故選A。10.如圖所示，一束由兩種色光混合的復(fù)色光沿PO方向射向一上下表面平行的厚玻璃磚的上表面，得到三束光線I、II、III，若玻璃磚的上下表面足夠?qū)?，下列說(shuō)法正確的是（）A.光束I、光束II、光束III均為單色光B.玻璃對(duì)光束Ⅲ的折射率大于對(duì)光束Ⅱ的折射率C.改變?chǔ)两?，光束II、III與I不平行D.光束II、III在玻璃磚中運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間可能相同【答案】D【解析】【詳解】A．兩種色光都在玻璃磚的上表面發(fā)生了反射，入射角相同，由反射定律知，它們的反射角相同，可知光束Ⅰ是復(fù)色光，而光束Ⅱ、Ⅲ由于折射率的不同導(dǎo)致偏折分離，所以光束Ⅱ、Ⅲ為單色光。故A錯(cuò)誤；B．由圖知：光束Ⅱ的偏折程度大于比光束Ⅲ的偏折程度，根據(jù)折射定律可知玻璃對(duì)光束Ⅱ的折射率大于光束Ⅲ的折射率，故B錯(cuò)誤C．一束由兩種色光混合的復(fù)色光沿PO方向射出，經(jīng)過(guò)反射、再折射后，光線仍是平行，因?yàn)楣獾姆瓷鋾r(shí)入射角與反射角相等。所以由光路可逆可得出射光線平行。改變?chǔ)两牵饩€I、II、III仍保持平行，故C錯(cuò)誤；D．光束在玻璃磚中運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間為玻璃磚的上下表面間的厚度，為折射角，當(dāng)或60°時(shí)，兩者可能相同。故D正確。故選D。11.電磁波發(fā)射電路中的電磁振蕩電路如圖所示，某時(shí)刻電路中正形成圖示方向的電流，此時(shí)電容器的下極板帶正電，上極板帶負(fù)電，下列說(shuō)法正確的是（）A.線圈中的磁場(chǎng)方向向上且電流正在減小B.極板間的電勢(shì)差正在變大、電場(chǎng)能正在變小C.若在線圈中插入鐵芯，則發(fā)射的電磁波頻率變小D.若增大電容器極板間的正對(duì)面積，則發(fā)射的電磁波波長(zhǎng)變短【答案】C【解析】【詳解】A．由圖可知，電容器正在放電，電流變大，線圈中的磁場(chǎng)方向向上且電流正在變大，故A錯(cuò)誤；B．電容器中的電場(chǎng)方向向上，由于電容器正在放電，則帶電量減小，由可知極板間的電勢(shì)差正在變小，所以電場(chǎng)能正在變小，故B錯(cuò)誤；C．若在線圈中插入鐵芯，則L變大，根據(jù)則發(fā)射的電磁波頻率變小，故C正確；D．若增大電容器極板間的正對(duì)面積，則電容器電容C增大，根據(jù)則發(fā)射的電磁波波長(zhǎng)變長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。故C。12.氫原子能級(jí)如圖甲所示，大量處于某高能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)只能發(fā)出a、b、c三種可見(jiàn)光，分別用這些可見(jiàn)光照射圖乙電路的陰極K，均發(fā)生光電效應(yīng)。已知可見(jiàn)光能量范圍約為1.65eV到3.1eV之間，a光的光子能量為2.86eV，下列說(shuō)法正確的是（）A.a光光子動(dòng)量最小B.當(dāng)滑片P向a端移動(dòng)時(shí)，光電流Ⅰ增大C.若a、b、c三種可見(jiàn)光的光照強(qiáng)度相同時(shí)，a光的飽和電流最大D.b、c的遏止電壓為和，一定有【答案】D【解析】【詳解】A．可見(jiàn)光能量范圍約為1.65eV到3.1eV之間，即從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，只能發(fā)出a、b、c三種可見(jiàn)光，則高能級(jí)的氫原子處于n=5能級(jí)。三種可見(jiàn)能量分別為2.86eV、2.55eV和1.89eV。根據(jù)，，得可知，a光光子動(dòng)量最大。故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)滑片P向a端移動(dòng)時(shí)，接入反向電壓，光電流I減小。故B錯(cuò)誤；C．若a、b、c三種可見(jiàn)光的光照強(qiáng)度相同時(shí)，由于a光的能量最大，即頻率最大，則飽和電流最小。故C錯(cuò)誤；D．若b、c光的能量分別為2.55eV和1.89eV。則聯(lián)立解得故D正確。故選D。13.如圖甲所示，在均勻介質(zhì)中有三個(gè)完全相同的振源A、B、C位于一橢圓上，長(zhǎng)軸，短軸。時(shí)刻，三個(gè)振源同時(shí)開(kāi)始振動(dòng)，振動(dòng)圖像如圖乙所示，振動(dòng)方向與橢圓平面垂直，已知它們發(fā)出的三列波的波長(zhǎng)均為4m。下列說(shuō)法正確的是（）A.三列波的波速均為2m/sB.時(shí)，D處的質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)C.時(shí)，D處質(zhì)點(diǎn)與平衡位置的距離為4cmD.0~7s內(nèi)，D處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的總路程為16cm【答案】C【解析】【詳解】A．由得，三列波的波速均為A錯(cuò)誤；B．由幾何關(guān)系得，兩點(diǎn)的振動(dòng)最先到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)得時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)，B錯(cuò)誤；C．時(shí)，兩處的振動(dòng)傳到處并振動(dòng)了，剛好均處于平衡位置。處的振動(dòng)傳到處并振動(dòng)了，剛好處于正向最大位移處，因此此時(shí)處質(zhì)點(diǎn)與平衡位置的距離為，C正確；D．內(nèi)D處質(zhì)點(diǎn)不振動(dòng)；5~6s內(nèi)，處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的總路程為，內(nèi)，處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的總路程為，因此內(nèi)，處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的總路程為，D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本大題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，選對(duì)但不全的得2分，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）14.下列說(shuō)法中正確的是（）A.當(dāng)處于電諧振時(shí)，所有電磁波仍能在接收電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流B.泊松亮斑是光通過(guò)小圓孔時(shí)發(fā)生的衍射現(xiàn)象C.偏振光的振動(dòng)方向與偏振片的透振方向成45°夾角時(shí)，偏振光無(wú)法透過(guò)偏振片D.在液晶顯示技術(shù)中給上下基板加較強(qiáng)電場(chǎng)后液晶會(huì)失去旋光性而呈現(xiàn)暗態(tài)【答案】AD【解析】【詳解】A．當(dāng)處于電諧振時(shí)，所有的電磁波仍能在接收電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，只不過(guò)頻率跟調(diào)諧電路固有頻率相等的電磁波，在接收電路中激起的感應(yīng)電流最強(qiáng)，故A正確；B．泊松亮斑是光通過(guò)不透明的小圓盤(pán)發(fā)生衍射時(shí)形成的，而不是圓孔衍射，故B錯(cuò)誤；C．光振動(dòng)方向和偏振片透振方向平行的光才能夠通過(guò)偏振片，光振動(dòng)方向和偏振片透振方向垂直的光不能夠通過(guò)偏振片，故C錯(cuò)誤；D．在液晶顯示技術(shù)中給上下基板加較強(qiáng)電場(chǎng)后液晶會(huì)失去旋光性而呈現(xiàn)暗態(tài)，故D正確。故選AD。15.如圖為高鐵供電流程的簡(jiǎn)化圖。牽引變電所的理想變壓器將高壓降壓；動(dòng)力車(chē)廂內(nèi)的理想變壓器再將較高的電壓降至后為動(dòng)力車(chē)廂內(nèi)的動(dòng)力系統(tǒng)供電；某段時(shí)間，發(fā)電廠輸出電流為，動(dòng)力系統(tǒng)電流為。已知兩個(gè)理想變壓器的匝數(shù)，則（）A. B.C. D.【答案】BD【解析】【詳解】AB．由理想變壓器原、副線圈的電壓比等于匝數(shù)比，兩變壓器則有可得可得由題意可知，由于輸電線上有電壓降，因此則有，又有，可得A錯(cuò)誤，B正確；CD．由理想變壓器原、副線圈的電流比等于匝數(shù)的反比，兩變壓器則有可得可得由于，，可得C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。非選擇題部分三、解答題（本大題共5小題，共55分）16.在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的探究實(shí)驗(yàn)中，圖1是該實(shí)驗(yàn)裝置。（1）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺(tái)（含鐵夾）、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、導(dǎo)線及開(kāi)關(guān)外，在下列器材中，還必須使用的器材是_______。A.低壓交流電源 B.刻度尺 C.天平（含砝碼）（2）該實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是_______。A先釋放紙帶再接通電源B.用手托住重物由靜止釋放C.重物下落的初始位置應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（3）按照正確的操作得到圖2所示的一條紙帶，在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測(cè)得它們到起始點(diǎn)O的距離分別為、、，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為T(mén)。設(shè)重物的質(zhì)量為m。從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能的減少量_______，動(dòng)能的增加量________?！敬鸢浮浚?）AB（2）C（3）①.②.【解析】【小問(wèn)1詳解】實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器還必須使用的器材是低壓交流電源，要測(cè)量下降的高度還需要刻度尺。故選AB。【小問(wèn)2詳解】A．實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源再釋放紙帶，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．要用手捏住紙帶上端，保持紙帶豎直，然后由靜止釋放，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．重物下落的初始位置應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，以充分利用紙帶，選項(xiàng)C正確。故選C。【小問(wèn)3詳解】[1]從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能的減少量[2]動(dòng)能的增加量17.(1)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中：圖甲圖乙①為完成實(shí)驗(yàn)，在圖甲提供的實(shí)驗(yàn)器材中，除了①②⑥⑨以外，還需要_____（填圖中序號(hào)），共需要_____根導(dǎo)線；②小燈泡的規(guī)格是“2.5V，0.75W”，某次測(cè)量時(shí)電流表和電壓表的示數(shù)如圖乙所示，則電流____A，電壓______V；(2)在學(xué)習(xí)了伏安法測(cè)電阻后，小明用電流表內(nèi)接法和外接法分別測(cè)量了同一個(gè)定值電阻的電流、電壓，并將得到的數(shù)據(jù)描繪到圖上，如圖丙所示：圖丙①其中“×”組數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)滑動(dòng)變阻器的_________接法；（填“分壓”或“限流”）②在圖中，由電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用_________（填“·”或“×”）表示的；【答案】①.④⑦⑧②.8③.④.⑤.分壓⑥.×【解析】【詳解】(1)[1]本實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量電壓和電流，需要電流表和電壓表；同時(shí)本實(shí)驗(yàn)需要從零開(kāi)始測(cè)量燈泡的電壓和電流，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了調(diào)解方便，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇小阻值的，故選④⑦⑧。[2]電路圖如下可知，需要8根導(dǎo)線。[3]根據(jù)可知，燈泡的最大電流0.3A，故電流表選用小量程，電流表示數(shù)為0.20A。[4]電壓表選用小量程，電壓值為1.52V。(2)[5]“×”組數(shù)據(jù)從零開(kāi)始，對(duì)應(yīng)滑動(dòng)變阻器的分壓式接法。[6]電流表采用內(nèi)接法，電流表讀數(shù)為燈泡的實(shí)際電流，電壓測(cè)量值包含了電流表的分壓，電壓值偏大。相同電流值，“×”數(shù)據(jù)的電壓值較小，故電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用“×”表示的。18.如圖所示是“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）判斷感應(yīng)電流的方向時(shí)________（選填“需要”或“不需要）確定線圈的繞法，為了弄清楚靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與電流流向的關(guān)系，可以用多用電表的________（選填“電壓擋”、“電流擋”或“歐姆擋”）進(jìn)行檢測(cè)。（2）強(qiáng)磁鐵快速插入線圈后保持靜止，此過(guò)程中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)情況可能是________A.一直在“0”刻度位置B.從“0”刻度開(kāi)始向右偏轉(zhuǎn)到最大并維持此角度不變C.從“0”刻度開(kāi)始向右偏轉(zhuǎn)再向左偏轉(zhuǎn)并越過(guò)“0”最后右偏回到“0”位置【答案】（1）①.需要②.歐姆檔（2）C【解析】【小問(wèn)1詳解】[1]判斷感應(yīng)電流方向時(shí)需要用到楞次定律結(jié)合安培定則進(jìn)行判斷，右手四指環(huán)繞的方向即為感應(yīng)電流的方向，因此需要確定線圈的繞法；[2]多用電表內(nèi)部含有直流電源的為歐姆擋，因此可用電表的歐姆擋對(duì)電流進(jìn)行測(cè)試?！拘?wèn)2詳解】強(qiáng)磁鐵快速插入線圈的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生改變，回路中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，靈敏電流計(jì)指針將從“0”刻度開(kāi)始偏轉(zhuǎn)，磁鐵插入線圈中保持靜止后，磁通量不再改變，最終靈敏電流計(jì)指針將回到“0”刻度位置。故選C。19.某款智能手機(jī)可以直接顯示手機(jī)所處環(huán)境的壓強(qiáng)和溫度，某科創(chuàng)小組想利用智能手機(jī)的這種功能測(cè)量一形狀不規(guī)則又易溶于水的物體密度，他們自制了“測(cè)量筒”，測(cè)量筒由上端開(kāi)口的隔熱性良好且可電加熱的圓柱形氣缸和橫截面積為的隔熱輕質(zhì)活塞組成。具體操作如下：第一步：如圖甲所示，將手機(jī)放入測(cè)量筒，放上活塞，手機(jī)穩(wěn)定顯示壓強(qiáng)；第二步：如圖乙所示，在活塞上輕放待測(cè)物體，穩(wěn)定后，手機(jī)顯示壓強(qiáng)；第三步：如圖丙所示，把待測(cè)物體也放入氣缸里，再放上活塞，待手機(jī)穩(wěn)定顯示溫度時(shí)，測(cè)得活塞到汽缸底部高度。然后開(kāi)啟電熱絲加熱一段時(shí)間，待手機(jī)穩(wěn)定顯示溫度時(shí)，測(cè)得活塞上升了。（封閉的空氣視為理想氣體，忽略一切摩擦，待測(cè)物體的體積始終不變，不計(jì)電熱絲和手機(jī)的體積）。求：（1）第二步中，筒內(nèi)氣體在放上待測(cè)物前后的兩種穩(wěn)定狀態(tài)進(jìn)行比較，放上待測(cè)物后筒內(nèi)氣體分子的平均速率____（填“增大”、“減小”、“不變”），氣體的內(nèi)能____（填“增加”、“減少”、“不變”）：（2）待測(cè)物體的質(zhì)量____；（3）待測(cè)物體的體積_____?！敬鸢浮竣?增大②.增加③.④.【解析】【詳解】（1）[1][2]絕熱條件下，外界對(duì)氣體做功，由可知，氣體的內(nèi)能增加，溫度升高，故氣體分子的平均速率增大（2）對(duì)活塞有解得待測(cè)物的質(zhì)量為（3）在對(duì)氣體緩慢加熱的過(guò)程中，氣體的壓強(qiáng)保持不變，由等壓變化規(guī)律可得設(shè)待測(cè)物的體積為，可得代入數(shù)據(jù)解得20.圖甲為某游戲項(xiàng)目模型，由彈性發(fā)射裝置P、傾角長(zhǎng)的固定斜面AB、質(zhì)量的表面為四分之一光滑圓弧的滑塊M和質(zhì)量長(zhǎng)度的平板小車(chē)等四部分組成。圓弧CD的半徑，最低點(diǎn)C與小車(chē)等高。當(dāng)P把的小物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）以速度水平彈出，恰好由A點(diǎn)沿斜面方向進(jìn)入斜面，不考慮其運(yùn)動(dòng)時(shí)通過(guò)各連接點(diǎn)間的動(dòng)能損失。小物塊與AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)，忽略小車(chē)和M下表面與地面的摩擦。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求水平彈出點(diǎn)離A點(diǎn)的豎直高度；（2）若鎖定平板小車(chē)，小物塊與小車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)。求小物塊滑上M時(shí)對(duì)C點(diǎn)的壓力F及上滑的最大高度；（3）現(xiàn)解除小車(chē)鎖定，并在小車(chē)上表面噴涂一種特殊材料（不計(jì)噴涂材料的質(zhì)量），使小物塊與小車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)能從右（B端）向左隨距離變化，如圖乙所示。若小物塊仍以速度水平彈出，試分析小物塊能否通過(guò)C點(diǎn)？并說(shuō)明理由?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）能通過(guò)點(diǎn)，見(jiàn)解析【解析】【詳解】（1）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)功率，在A點(diǎn)有其中解得（2）物塊在A點(diǎn)速度從A到B過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有解得從B到C過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有解得在圓軌道點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)牛頓第三定律可知，小物塊滑上時(shí)對(duì)點(diǎn)的壓力解得方向豎直向下。設(shè)小物塊滑上的最大高度時(shí)，小物塊與共速，由動(dòng)量守恒守律有由機(jī)械能守恒得解得（3）物塊從B到C過(guò)程，克服摩擦力做功若到點(diǎn)共速，則有解得則有故能通過(guò)點(diǎn)21.如圖1所示為永磁式徑向電磁阻尼器，由永磁體、定子、驅(qū)動(dòng)軸和轉(zhuǎn)子組成，永磁體安裝在轉(zhuǎn)子上，驅(qū)動(dòng)軸驅(qū)動(dòng)轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)動(dòng)，定子上的線圈切割“