…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版必修1物理下冊月考試卷407考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、甲、乙兩車沿同一方向同時由靜止開始做直線運動，兩車的速度﹣時間圖像如圖所示，圖像中的段與平行，段與平行；則下列說法中正確的是（）

A.時間內兩車的距離保持不變B.時間內甲車的平均速度大于乙車的平均速度C.時間內甲車的加速度和乙車的加速度始終不相等D.時刻甲車和乙車相遇2、如圖所示，由兩個相同材料物體組成的連接體在拉力F作用下沿斜面向上運動，當拉力F一定時，所受繩的拉力大小

A.與斜面傾角有關B.與斜面動摩擦因數有關C.與系統(tǒng)運動狀態(tài)有關D.僅與兩物體質量和有關3、如圖為沙漏中下落沙子的照片。由于相機存在固定的曝光時間；照片中呈現的下落的砂粒并非砂粒本身的形狀，而是成了一條條模糊的徑跡，砂粒的疏密分布也不均勻。若近似認為砂粒從出口下落的初速度為0。忽略空氣阻力，不計砂粒間的相互影響，設砂粒隨時間均勻漏下，以下推斷正確的是（）

A.出口下方處的徑跡長度約是處的2倍B.出口下方處的徑跡長度約是處的4倍C.出口下方范圍內的砂粒數約與范圍的砂粒數相等D.出口下方范圍內的砂粒數約與范圍的砂粒數相等4、有兩個大小不變的共點力，它們的合力F隨二力夾角θ的變化情況如圖所示，則二力的大小為：

A.4N、6NB.2N、10NC.2N、4ND.1N、5N5、平直公路上有一超聲波測速儀B，汽車A向B做直線運動，當兩者相距355m時刻，B發(fā)出超聲波，同時由于緊急情況A剎車，當B接收到反射回來的超聲波信號時，A恰好停止，此時刻AB相距335m.已知超聲波的聲速為340m/s，則汽車剎車的加速度為（）A.20m/s2B.10m/s2C.5m/s2D.無法確定6、某一物體從靜止開始做直線運動；其加速度隨時間變化的圖線如圖所示，則該物體前4s內（）

A.第1s內加速運動，第2、3s內減速運動，第3s末回到出發(fā)點B.第3s末離出發(fā)點最遠C.第2s末物體速度是4m/sD.第3s末速度為零，且此時開始改變運動方向評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、若一質點從t=0開始由原點出發(fā)沿直線運動，其速度一時間圍象如圖所示，則該質點（）

A.t=1s物體速度方向發(fā)生改變B.t=2s時離原點最遠C.t=4s的回到原點，路程為10mD.物體一直沿著某一方向運動8、自然界一切物體都處于永恒的運動中，要描述一個物體的運動，首先要選定參考系，下列關于參考系的選取正確的是A.“一江春水向東流”說的是水相對于岸(或地面)的運動B.“月亮在云中穿行”說的是月亮相對云的運動C.“太陽東升西落”說的是太陽相對地球的運動D.“坐地日行八萬里”說的是人相對于地面的運動9、在距離地面15m高的位置以10m/s的初速度豎直向上拋出一小球，小球上升5m后回落，最后落至地面。從小球被拋出到落至地面，共歷時3s，落地前瞬間小球速度的大小為20m/s。規(guī)定豎直向上為正方向。下列說法中正確的是（）

A.若以拋出點為坐標原點，則小球在最高點的坐標為5mB.從拋出點到落地點，小球的路程大小為15mC.從拋出點到落地點，小球的位移大小15mD.從拋出點到落地點，小球的速度變化量為10m/s10、如圖所示，用一根輕質細繩將一幅重畫框對稱懸掛在墻壁上的懸釘（光滑）處，畫框上兩個掛釘間的距離為已知細繩能承受的最大拉力為則下列說法正確的是（）

A.若縮短掛釘間細繩的長度，細繩對掛釘的拉力變大B.若縮短掛釘間細繩的長度，細繩對懸釘作用力的合力變大C.掛釘間細繩最短長度為D.若細繩長為則此時細繩的張力為11、如圖所示，一燈籠懸掛于兩墻壁之間，繩OA水平。若使懸掛點A向上移動并適當將繩OA延長，以保持O點的位置不變，則A點向上移動的過程中（）

A.繩OB的拉力逐漸增大B.繩OB的拉力逐漸減小C.繩OA的拉力可能先減小后增大D.繩OA的拉力可能先增大后減小12、一個質量為m的人站在如圖所示的電梯上，電梯正在以加速度a勻加速運動，加速度的方向與水平方向的夾角為θ，此時人所受的支持力N和摩擦力f為（）

A.B.C.f=0D.評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、超重。

（1）定義：物體對支持物的壓力（或對懸掛物的拉力）______物體所受重力的現象。

（2）產生條件：物體具有______（選填“豎直向上”或“豎直向下”）的加速度。14、如圖所示，一小球從A點垂直向上拋出，到達最高點B后，返回落至地面C處，AB、AC間距離如圖所示。

(1)若以A點為坐標原點，豎直向上為正方向，A、B、C三點位置坐標分別為xA=______m，xB=______m，xC=______m。AB間位移△xAB=______m，BC間位移△xBC=______m，△xAB______△xBC；（填“>”“<”或“=”）

(2)若選地面C為坐標原點，豎直向上為正方向，則A、B、C三點的位置坐標分別為xA'=______m，xB'=______m，xC'=______m。AB間位移△xAB'=______m，BC間位移△xBC'=______m。15、___________16、如圖所示v-t圖象，表示質點做______運動，它的初速度為______，加速度為______，20s內經歷的位移是______．

17、如圖甲所示，豎直放置的箱子里，用輕彈簧支撐著一個重10N的物塊。物塊與箱頂間、物塊和箱底間分別裝有力傳感器P、Q，靜止時力傳感器P顯示壓力大小是5N，則此時力傳感器Q顯示壓力大小是_________N，若將箱子倒轉，使箱頂向下（如圖乙所示），靜止時力傳感器P、Q顯示的壓力大小依次是_________N和_________N，若將箱子側翻（如圖丙所示），由于摩擦作用，物塊和箱頂P間始終沒有發(fā)生相對滑動，靜止時力傳感器P、Q顯示的壓力大小依次是_________N和_________N。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)18、分別畫出下圖中A物體的受力示意圖。（圖中所有物體均靜止）

19、請根據實際情況畫出重力的分解圖，并求解各個分力，已知物體重力為G，夾角為．

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)20、如圖甲是某同學測量重力加速度的裝置；他將質量均為M的兩個重物用輕繩連接，放在光滑的輕質滑輪上，這時系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．該同學在左側重物上附加一質量為m的小重物，這時，由于小重物m的重力作用而使系統(tǒng)做初速度為零的緩慢加速運動，該同學用某種辦法測出系統(tǒng)運動的加速度并記錄下來．完成一次實驗后，換用不同質量的小重物，并多次重復實驗，測出不同m時系統(tǒng)的加速度a并作好記錄．

（1）若選定物塊從靜止開始下落的過程進行測量，則需要測量的物理量有()

A．小重物的質量mB．大重物的質量M

C．繩子的長度D．重物下落的距離及下落這段距離所用的時間。

（2）經過多次重復實驗，得到多組a、m數據，做出－圖像，如圖乙所示，已知該圖象斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當地的重力加速度g＝_______，并可求出重物質量M＝_________．（用k和b表示）21、某同學在做“練習使用打點計時器”實驗時打出的紙帶如圖所示，每兩個計數點之間還有四個計時點沒有畫出，圖中已標出相鄰兩計數點間的距離，打點計時器的電源頻率為50HZ．

（1）打點計時器是一種使用________（填“交流”或“直流”）電源，打點的時間間隔為______s．

（2）相鄰兩個計數點間的時間間隔為_________s．

（3）打第4個計數點時，紙帶的速度v4=_________m/s（保留三位有效數字）．

（4）拖動紙帶運動的物體的加速度a=________m/s2（保留三位有效數字）．22、要測量滑塊與長木板間的動摩擦因數；某同學設計了如圖甲所示的實驗裝置。

（1）要保證打點計時器正常工作，電源應采用____________（填“4-6V交流電”或“220V交流電”）；還需要的器材有____________（填“復寫紙”或“墨粉紙盤）。

（2）實驗需要注意的地方有___________。

A．應調節(jié)定滑輪的高度；使連接滑塊的細線與長木板平行。

B.應保持砝碼的質量遠小于滑塊的質量。

C.應在接通電源的同時釋放紙帶。

D.應將長木板沒有定滑輪的一端適當墊高；保證輕推后滑塊在長木板上勻速滑動。

（3）當裝置安裝正確，實驗操作符合要求后，實驗打出的一條紙帶如圖乙所示，圖中相鄰計數點間還有四個點未畫出，其中x1=7.05cm，x2=7.68cm，x3=8.33cm，x4=8.96cm，x5=9.60cm，x6=10.24cm，已知交流電的頻率為50Hz，則小車運動的加速度a=___________m/s2。（結果保留三位有效數字）

（4）若測得滑塊的質量M，砝碼的質量為m，當地的重力加速度為g，則滑塊與長木板間的動摩擦因數為μ=___________（用已知和測得的物理量符號表示），因未考慮砝碼盤的質量，導致測量的結果比真實值___________（填“偏大”或“偏小”）。評卷人得分六、解答題(共4題，共36分)23、某同學用力傳感器來“探究彈力F與彈簧長度L的關系”。在彈簧彈性限度范圍內；測量出兩組數據用“?！睒擞洺鰜?，如圖所示。請根據圖示數據，求：

（1）彈簧的原長為多少？

（2）彈簧的勁度系數為多大？

（3）若彈簧的長度為時；彈簧的彈力大??？

24、如圖，平直公路有兩條車道，某駕駛員以速度v1=72km/h開著他的豐田小汽車，前方距離S1=29m處有一輛大卡車以速度v2=36km/h勻速行駛，在右邊車道有一臺五菱宏光小客車，以速度v3=54km/h勻速行駛，五菱宏光距離大卡車S2=20m，豐田車的長度為L=4m。

(1)豐田車開始剎車，做勻減速直線運動，加速度大小為a0=2m/s2；是否會撞上大卡車？

(2)若豐田車駕駛員不想長時間跟在大卡車后面緩慢行駛，他立刻深踩油門加速超過五菱宏光，然后迅速變到右側車道，從而完成對五菱宏光的超車?？紤]行車安全，汽車在正常行駛或者變道的時候，與前車以及旁邊車道的后車距離都不能小于S=3m；求他安全超車的最小加速度（豐田車超車時，做勻加速直線運動）。

25、5G自動駕駛是基于5G通信技術實現網聯(lián)式全域感知、協(xié)同決策與智慧云控，相較傳統(tǒng)“單車式”無人駕駛，具有革命性演進。通常，無人駕駛單靠傳感器，視野局限在100-300米，有了5G技術加持，相當于有了“千里眼”的感知能力。同時，5G網絡超低延時的特性，讓“汽車大腦”可以實時接收指令，極大提高了汽車運行的安全性。A、B兩輛5G自動駕駛測試車，在同一直線上向右勻速運動，B車在A車前，A車的速度大小為B車的速度大小為如圖所示。當A、B兩車相距時，B車因前方突發(fā)情況緊急剎車（已知剎車過程的運動可視為勻減速直線運動），加速度大小為從此時開始計時，求：

（1）A車追上B車之前；兩者相距的最大距離？

（2）A車追上B車所用的時間？

26、A、B兩車在同一水平直線上向右勻速運動，B車在A車前，A車的速度大小為v1=6m/s，B車的速度大小為v2=20m/s，如圖所示。當A、B兩車相距x0=26m時，B車因前方突發(fā)情況緊急剎車（剎車過程的運動可視為勻減速直線運動），加速度大小為a=2m/s2；從此時開始計時，求：

(1)A車追上B車所用的時間；

(2)從安全行駛的角度考慮；為避免兩車相撞，在題設條件下，A車在B車剎車的同時也應剎車的最小加速度。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

A．根據速度圖線與時間軸包圍的面積表示位移，可知，t1-t2時間內兩車的距離即位移之差不斷增大；故A錯誤。

B．由圖知，0-t3時間內甲車的位移大于乙車的位移，時間相等，則0-t3時間內甲車的平均速度大于乙車的平均速度；故B正確。

C．t1-t2時間內；兩圖線平行，斜率相等，加速度相等，故C錯誤。

D．因為初始間距不確定，無法判斷時刻甲車和乙車是否相遇；故D錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

對整體分析，根據牛頓第二定律得：隔離m2分析，設物體間的拉力為T，由牛頓第二定律得：T-m2gsinθ-μm2gcosθ=m2a，解得：由上數據分析知：繩子的拉力與θ無關，與動摩擦因數無關，與運動狀態(tài)無關，僅與兩物體的質量有關．故ABC錯誤，D正確．故選D．3、D【分析】【詳解】

AB．根據

可知出口下方10cm處的速度約是5cm處的倍，可知出口下方10cm處的痕跡長度約是5cm處的倍；故AB錯誤；

CD．根據初速度為零的勻變速運動在相鄰相等時間內的位移之比為可知從出口下落與的時間是相等的，因砂粒隨時間均勻漏下，可知出口下方范圍內的砂粒數約與范圍的砂粒數相等；故C錯誤，D正確。

故選D。4、C【分析】【分析】

由圖讀出兩力夾角分別為360°（0°）和180°時合力大小．當兩力夾角為0時；合力等于兩分力之和．當兩力夾角為180°時，合力大小等于兩力之差，由此列式求解．

【詳解】

由圖可知：當兩力夾角為180°時，兩力的合力為2N，即①，而當兩力夾角為360°時，兩力的合力為6N，即②，解得F1=2N，F2=4N，C正確．5、B【分析】【詳解】

設汽車的加速度為a，運動的時間為t，勻減速運動直到靜止可以看成初速度為零的勻加速直線運動，則有：超聲波來回的時間為t，則單程的時間為根據得：知超聲波與汽車相遇時的位移：所以解得：所以汽車的加速度大小為故B正確，A；C、D錯誤；

故選B．6、C【分析】【詳解】

A．第1s內，物體從靜止開始朝正方向做勻加速直線運動，第1s末的速度為

第2、3s內，加速度為負值，物體朝正方向做勻減速直線運動，當速度減小為零時所用時間為

故3s末物體的速度為零；所以第3s末物體沒有回到出發(fā)點，A錯誤；

C．第2s末的速度為

C正確；

BD．第4s內物體又朝正方向做勻加速直線運動；所以在第4s末物體離出發(fā)點最遠，可知第3s末物體沒有改變運動方向，BD錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)7、B:C【分析】【詳解】

速度的正負表示運動方向，從圖中可知在1s前后物體的速度都為正，故速度方向沒有變化，A錯誤；在t=2s之前物體速度恒為正，即一直朝著正方向運動，t=2s之后物體反向運動，故在2s時距原點最遠，B正確D錯誤；速度與時間圖像與時間軸圍成的面積表示位移，在時間軸上方為正位移，在坐標軸下方為負位移，所以在4s末的位移為即回到坐標原點，路程為C正確；

【點睛】

在速度時間圖像中，需要掌握三點，一、速度的正負表示運動方向，看運動方向是否發(fā)生變化，只要考慮速度的正負是否發(fā)生變化，二、圖像的斜率表示物體運動的加速度，三、圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，在坐標軸上方表示正方向位移，在坐標軸下方表示負方向位移8、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．“一江春水向東流”參考系是河岸；說的是水相對于岸(或地面)的運動，選項A正確；

B．“月亮在云中穿行”參考系是云；說的是月亮相對云的運動，選項B正確；

C．“太陽東升西落”說的是太陽相對地球的運動；選項C正確；

D．“坐地日行八萬里”說的是人相對于地球以外的其它星體是運動，選項D錯誤．9、A:C【分析】【詳解】

A．若以拋出點為坐標原點；則小球在最高點的坐標為5m，選項A正確；

B．從拋出點到落地點；小球的路程大小為5m+5m+15m=25m，選項B錯誤；

C．從拋出點到落地點；小球的位移大小15m，方向向下，選項C正確；

D．從拋出點到落地點，小球的速度變化量為?v=-20m/s-10m/s=-30m/s

選項D錯誤。

故選AC。10、A:C【分析】【詳解】

A．設左側繩子和水平方向夾角為受力分析可知

若縮短繩子長度，則減??；則拉力變大，故A正確；

B．細繩對懸釘的合力等于畫框重力；故合力保持不變，故B錯誤；

C．當拉力最大時，細繩長度最短，此時

根據幾何關系可知

解得

故C正確；

D．若細繩長為有幾何關系可知則

解得

故D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

以O點為研究對象，O處于平衡狀態(tài)，根據受力平衡，則OA上的力與OB上的力的合力與重力大小相等；方向相反，如圖所示。

由圖可知，在A點向上移動的過程中，繩子OB上的拉力F2逐漸減小，OA上的拉力F1先減小后增大。

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

AB．在豎直方向上由牛頓第二定律得

解得

A錯誤；B正確；

CD．在水平方向上由牛頓第二定律得

解得

C錯誤；D正確。

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.大于②.豎直向上14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5][6]若以A點為坐標原點；豎直向上為正方向，則A點的坐標為0；B點的坐標為5m；C點的坐標為-3m；AB間的位移。

BC間的位移。

所以

[7][8][9][10][11]若選地面C為坐標原點；豎直向上為正方向，則A點的坐標為3m；B點的坐標為8m；C點的坐標為0m；AB間的位移。

BC間的位移。

【解析】05-35-8<3805-815、略

【分析】【詳解】

根據速度單位換算關系有【解析】10m/s16、略

【分析】【詳解】

[1]．如圖所示v-t圖象；速度隨時間均勻減小，表示質點做勻減速直線運動；

[2]．由圖可以讀出t=0時的速度即它的初速度為30m/s；

[3]．加速度為

[4]．20s內的位移是

【點睛】

速度圖象反映物體的速度隨時間的變化情況，由圖象直接讀出速度及其變化情況．圖線的斜率等于加速度．【解析】勻減速直線17、略

【分析】【詳解】

[1]對甲圖物體受力分析可知彈簧彈力大小為

所以力傳感器Q顯示壓力大小為15N。

[2][3]若將箱子倒轉，使箱頂向下（如圖乙所示），由于彈簧長度不變，故彈簧彈力不變，即傳感器Q顯示壓力大小為15N，此時傳感器P顯示壓力大小為

[4][5]若將箱子側翻（如圖丙所示），由于彈簧長度不變，故彈簧彈力不變，彈簧對兩端物體的彈力均為15N，即傳感器P、Q顯示壓力大小均為15N。【解析】1525151515四、作圖題(共2題，共6分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

第1個圖：物體A受到重力和彈力；

第2個圖：A受到重力；推力、摩擦力以及墻壁的彈力；

第3個圖：物體A受到重力和彈力；

第4個圖：物體A受到重力、容器對A豎直向上的支持力、豎直墻對A垂直向右的支持力和B對A的彈力。

【解析】見解析19、略

【分析】【詳解】

根據平行四邊形定則；重力的分解圖如下圖所示。

根據函數關系，重力的兩個分力．

考點：力的分解。

點評：一個力可以有無數個分力，但具體問題中，要根據實際情況分解．所謂實際情況，可理解為實際效果和實際需要．【解析】五、實驗題(共3題，共27分)20、略

【分析】【詳解】

(1)對整體分析,根據牛頓第二定律得：

計算得出

根據得：

所以需要測量的物理量有:小重物的質量m,重物下落的距離及下落這段距離所用的時間.故AD正確.

(2)因為則

知圖線的斜率

計算得出【解析】AD1/bk/2b21、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]打點計時器是一種使用交流電源的儀器，打點計時器的電源頻率為50HZ；打點的時間間隔為0.02s．

(2)[3]每兩個計數點之間還有四個計時點沒有畫出，所以相鄰兩個計數點間的時間間隔為

(3)[4]打第4個計數點時，紙帶的速度

(4)[5]拖動紙帶運動的物體的加速度【解析】交流0.020.11.201.9822、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]因為是電火花打點計時器；因此需要電源為220V交流電，同時需要墨粉紙盤。

（2）[3]A．為了使細線對滑塊的拉力恒定；必須使連接滑塊的細線與長木板平行，A項正確；

B．不需要使砝碼的質量遠小于滑塊的質量；B