…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版必修3物理上冊(cè)月考試卷905考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、空間有一均勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)中建立如圖所示的直角坐標(biāo)系M、N、P為電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，M點(diǎn)的坐標(biāo)N點(diǎn)的坐標(biāo)為P點(diǎn)的坐標(biāo)為已知電場(chǎng)方向平行于直線MN，M點(diǎn)電勢(shì)為0，N點(diǎn)電勢(shì)為1V，則P點(diǎn)的電勢(shì)為（）

A.B.C.D.2、如圖所示，矩形abcd的邊長(zhǎng)bc是ab的2倍，兩細(xì)長(zhǎng)直導(dǎo)線通有大小相等、方向相反的電流，垂直穿過矩形平面，與平面交于e、f兩點(diǎn)，其中e、f分別為ad、bc的中點(diǎn)。下列說法正確的是（）

A.a點(diǎn)與b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.a點(diǎn)與c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同C.a點(diǎn)與d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同D.a點(diǎn)與b、c、d三點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度均不相同3、.如圖所示的電路可將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)，該電路中，b是固定不動(dòng)的金屬板，a是能在聲波驅(qū)動(dòng)下沿水平方向振動(dòng)的鍍有金屬層的振動(dòng)膜，構(gòu)成了一個(gè)電容器，且通過導(dǎo)線與恒定電源兩極相接，若聲源S做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；則（）

A.a振動(dòng)過程中，板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變B.a振動(dòng)過程中，板所帶的電荷量不變C.a振動(dòng)過程中，電路中始終有方向不變的電流D.a板向右位移最大時(shí)，電容器的電容最大4、如圖所示，實(shí)線表示某電場(chǎng)的電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出），虛線是一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，設(shè)點(diǎn)和點(diǎn)的電勢(shì)分別為粒子在和時(shí)加速度大小分別為場(chǎng)強(qiáng)大小分別為電勢(shì)能分別為下列判斷正確的是（）

A.B.C.D.5、示波管是示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成。某時(shí)刻在熒光屏上的P點(diǎn)出現(xiàn)亮斑；如圖所示。則此時(shí)（）

A.電極X和Y應(yīng)帶正電B.電極X′和Y應(yīng)帶正電C.電極X′和Y′應(yīng)帶正電D.電極X和Y′應(yīng)帶正電6、物理學(xué)方法是理解物理新思想、揭示物理本質(zhì)規(guī)律的紐帶和橋梁。下列有關(guān)物理學(xué)研究方法的敘述中，正確的是（）A.△t→0時(shí)的平均速度可看成瞬時(shí)速度運(yùn)用了等效替代法B.探究力的合成滿足平行四邊定則運(yùn)用了控制變量法C.庫侖通過扭秤實(shí)驗(yàn)的研究得到庫侖定律運(yùn)用了微小量放大法D.伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)運(yùn)用了理想模型法7、如圖所示，在正方體abcd-a′b′c′d′空間內(nèi)的b點(diǎn)和d′點(diǎn)分別放置等量異種點(diǎn)電荷+Q和-Q，已知a點(diǎn)、c點(diǎn)、b′點(diǎn)電勢(shì)為20V，a′點(diǎn)、c′點(diǎn)、d點(diǎn)電勢(shì)為-20V；則以下說法正確的（）

A.平面abb′a′對(duì)角線ab′上各點(diǎn)電勢(shì)都是20VB.a點(diǎn)和c′點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.粒子從a點(diǎn)沿不同路徑到達(dá)c′點(diǎn)，電場(chǎng)力做功相同，其大小為40eVD.粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能為20eV8、離子發(fā)動(dòng)機(jī)是利用電場(chǎng)加速離子形成高速離子流而產(chǎn)生推力的航天發(fā)動(dòng)機(jī)，這種發(fā)動(dòng)機(jī)適用于航天器的姿態(tài)控制、位置保持等。某航天器質(zhì)量為M，單個(gè)離子質(zhì)量為2m，帶電量為q，加速電場(chǎng)的電壓為U，高速離子形成的等效電流強(qiáng)度為I，根據(jù)以上信息計(jì)算該航天器發(fā)動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的推力為（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示電路中,電源內(nèi)阻忽略不計(jì),R0的阻值小于R1的總電阻。閉合開關(guān)S,電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為I;在滑動(dòng)變阻器R1的滑片P由b端滑到a端的過程中。

A.電流表示數(shù)I先變小后變大B.電壓表示數(shù)U先變大后變小C.電壓表示數(shù)U變化量與電流表示數(shù)I變化量比值等于R3D.電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I比值先變大后變小10、如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻恒定，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器；當(dāng)滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)時(shí)()

A.R1的功率將增大B.R2的功率將增大C.電源的總功率將減小D.電源的效率將減小11、A、B是一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，若在A點(diǎn)釋放一初速為零的電子，電子僅受電場(chǎng)力作用，并沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B，其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示。設(shè)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為EA、EB，電勢(shì)分別為A、B，電子在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能分別為EpA、EpB，則（）

A.EA=EBB.EAEBC.ABD.EpAEpB12、如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)阻，和均為定值電阻，且阻值與電源內(nèi)阻相等。為滑動(dòng)變阻器，當(dāng)?shù)幕瑒?dòng)觸點(diǎn)在a端時(shí)合上開關(guān)S，此時(shí)三個(gè)電表和V的示數(shù)分別為和U，電表和V的示數(shù)變化量絕對(duì)值為和將的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)的過程中；下列判斷正確的是（）

A.電源的輸出功率一定增加B.電源的效率一定增加C.變化量小于變化量D.比值一定不變13、下列說法中正確的是（）A.根據(jù)電勢(shì)的定義式可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與試探電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能成正比B.由知，電容C與電容器所帶電荷量Q成正比，與電容器兩端的電壓U成反比C.安培認(rèn)為在原子、分子內(nèi)部總存在著一種環(huán)形電流——分子電流D.電動(dòng)勢(shì)表征了電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)14、如圖所示；將一大一小兩個(gè)不太大的正方形閉合導(dǎo)線框水平固定在同一高度上，兩個(gè)線框的中心重合。在它們的上方某處有一條形磁鐵由靜止開始下落，磁鐵在下落過程中正好從兩個(gè)線框的中心穿過而不與線框接觸，磁鐵最終落在水平地面上。在磁鐵穿過線框的過程中，下面說法正確的是（）

A.穿過兩個(gè)線框的磁通量都一直在增大B.兩個(gè)線框中都會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流C.當(dāng)條形磁鐵的中心正好和線框的中心重合時(shí)，大線框中的磁通量大于小線框中的磁通量D.當(dāng)條形磁鐵的中心正好和線框的中心重合時(shí)，大線框中的磁通量小于小線框中的磁通量15、如圖所示，質(zhì)量為M=4kg的木板靜止在光滑水平面上，一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的小滑塊以初速度v0=5m/s從木板的左端向右滑上木板；小滑塊始終未離開木板．則下面說法正確的是。

A.從開始到小滑塊與木板相對(duì)靜止這段時(shí)間內(nèi),小滑塊和木板的加速度大小之比為1:4B.整個(gè)過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為10JC.可以求出木板的最小長(zhǎng)度是3.5mD.從開始到小滑塊與木板相對(duì)靜止這段時(shí)間內(nèi)，小滑塊與木板的位移之比是6:1評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、可見光________（選填“是”或“不是”）電磁波的一部分；電磁波在真空中的傳播速度_______m/s；在人類歷史上首先捕捉到電磁波的科學(xué)家是_________（選填“麥克斯韋”或“赫茲”）。17、如圖所示的A、B、C、D四組靜電實(shí)驗(yàn)中，能使左邊的驗(yàn)電器的金箔張開的是______組和______組（A；B兩組實(shí)驗(yàn)中小球的手柄均為絕緣手柄；D組實(shí)驗(yàn)中虛線框表示金屬網(wǎng)罩）。

A.B.C.D.18、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)電阻為r，R1、R3分別為兩個(gè)定值電阻．閉合電鍵S，當(dāng)變阻器R2的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，伏特表V1的示數(shù)逐漸________________（選填“增大”、“減小”、“不變”）．若移動(dòng)P的過程中，電流表示數(shù)變化量的大小為ΔI，則伏特表V2示數(shù)變化量的大小ΔU2＝________________．

19、半徑為r、電流為的通電圓環(huán)圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在圓環(huán)下方距圓心a處水平放置一根電流為的無限長(zhǎng)直導(dǎo)線時(shí)，圓環(huán)圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)榱悖O(shè)圓環(huán)平面和長(zhǎng)直導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，如圖所示，根據(jù)對(duì)稱性，直導(dǎo)線電流在導(dǎo)線下方距導(dǎo)線a處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為________，方向_________．

20、相距為a的A、B兩點(diǎn)分別放著等量異種電荷＋Q、－Q，在A、B連線中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度___________N/C,方向__________（指向A或B）21、某同學(xué)用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器分別測(cè)量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數(shù)。該金屬圓片的直徑的測(cè)量值為_______mm,厚度的測(cè)量值為_______mm。

22、用螺旋測(cè)微器測(cè)圓柱體的直徑時(shí)，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為______mm，用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量某物體的厚度時(shí)，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為______mm。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)23、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場(chǎng)的電場(chǎng)線；并保留作圖時(shí)所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實(shí)線表示電場(chǎng)線）。

24、如圖所示是某電場(chǎng)中的電場(chǎng)線，請(qǐng)畫出點(diǎn)a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向和電荷-q在b點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共15分)25、某同學(xué)要測(cè)量一個(gè)由均勻新材料制成的圓柱體的電阻阻值。

（1）首先用多用電表的電阻“×1”擋，按正確的操作步驟測(cè)此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為___________Ω；

（2）為更精確地測(cè)量其電阻；可供選擇的器材如下：

電流表A1（量程600mA；內(nèi)阻約為2Ω）；

電流表A2（量程150mA；內(nèi)阻約為10Ω）；

電壓表V1（量程1V，內(nèi)阻r=1000Ω）；

電壓表V2（量程15V；內(nèi)阻約為3000Ω）；

定值電阻R0=3000Ω；

滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為5Ω）；

滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為1000Ω）；

電源E（電動(dòng)勢(shì)約為4V，內(nèi)阻r約為1Ω）；

開關(guān)；導(dǎo)線若干。

為了使測(cè)量盡量準(zhǔn)確，且測(cè)量范圍盡可能大，電壓表應(yīng)選___________，電流表應(yīng)選___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___________。（均填器材代號(hào)）

（3）根據(jù)你選擇的器材，請(qǐng)?jiān)诰€框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖_______。

26、欲用伏安法測(cè)定一段阻值約為5Ω左右的金屬導(dǎo)線的電阻；要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，現(xiàn)備有以下器材：

A．電池組（3V；內(nèi)阻1Ω）

B．電流表（0～3A；內(nèi)阻約0.0125Ω）

C．電流表（0～0.6A；內(nèi)阻約0.125Ω）

D．電壓表（0～3V；內(nèi)阻3kΩ）

E．電壓表（0～15V；內(nèi)阻15kΩ）

F．滑動(dòng)變阻器（0～20；額定電流1A）

G．滑動(dòng)變阻器（0～2000Ω；額定電流0.6A）

H．開關(guān)；導(dǎo)線。

(1)上述器材中應(yīng)選用的是__________；（填寫各器材的字母代號(hào)）

(2)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用電流表__________接法；（填“內(nèi)”或“外”）

(3)設(shè)實(shí)驗(yàn)中，電流表、電壓表的某組示數(shù)如圖所示，圖示中I=____A，U=____V。

(4)為使通過待測(cè)金屬導(dǎo)線的電流能在0～0.5A范圍內(nèi)改變，按要求在圖方框中畫出測(cè)量待測(cè)金屬導(dǎo)線的電阻Rx的原理電路圖。______________________27、一只演示電流表G；表盤既無刻度值又不知其內(nèi)阻值。為測(cè)量該電流表的參數(shù)，某同學(xué)進(jìn)行了下列操作：

（1）將G按圖（a）所示接入電路，為確保安全，開關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器R2的滑片應(yīng)置于______（填“最左端”；“最右端”或“正中間”）；

（2）將電阻箱R調(diào)為300.0Ω，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)R2的滑片使G的指針指到滿偏I(xiàn)g；此時(shí)V的示數(shù)為1.20V；

（3）保持V的示數(shù)不變，反復(fù)調(diào)整R的阻值和R2滑片的位置，使G的指針指到此時(shí)電阻箱R的阻值為700.0Ω；

（4）可知G的內(nèi)阻為______Ω，滿偏電流Ig為______mA；

（5）將G改裝成量程為3V的電壓表，電阻箱的值需調(diào)為R0，則R0=______Ω。

（6）在用圖（b）的電路對(duì)改裝的電壓表進(jìn)行校準(zhǔn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)其示數(shù)總是精密電壓表的0.9倍。若測(cè)得的電流表量程Ig的值是準(zhǔn)確的而內(nèi)阻及R0可能存在誤差或錯(cuò)誤，則可采用的矯正方法是將電阻箱的值調(diào)為______。（填正確答案標(biāo)號(hào)）

A.B.C.D.評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共24分)28、如圖所示，在沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一固定點(diǎn)O，用一根絕緣細(xì)線把質(zhì)量m=200g、電荷量q=+1×10-3C的金屬小球懸掛在O點(diǎn)，小球在B點(diǎn)平衡時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角θ=37°。現(xiàn)將小球拉至位置A，使細(xì)線水平張緊后由靜止釋放。取重力加速度大小g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8，求∶

（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；

（2）小球通過最低點(diǎn)C時(shí)細(xì)線的拉力大小F；

（3）小球向下運(yùn)動(dòng)過程中細(xì)線拉力的最大值Fmax。

29、如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一電荷量為q＝5.0×10－10C的正電荷，由a點(diǎn)移到b點(diǎn)和由a點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做的功都是3.0×10－8J，已知a、b、c三點(diǎn)的連線組成直角三角形，ab＝20cm，θ＝37°。求：

（1）電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；

（2）a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；

（3）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小。

30、當(dāng)平行板電容器的兩極板間是真空時(shí)，電容C與極板的正對(duì)面積S、極板間距離d的關(guān)系為k為靜電力常量。對(duì)給定的平行板電容器充電，當(dāng)該電容器極板所帶電荷量Q變化時(shí)，兩極板間的電勢(shì)差U也隨之變化。

（1）在如圖所示的坐標(biāo)系中畫出電容器極板間電勢(shì)差U與帶電量Q的關(guān)系圖像。電容器儲(chǔ)存的電能等于電源搬運(yùn)電荷從一個(gè)極板到另一個(gè)極板過程中，克服電場(chǎng)力所做的功。這一過程與克服彈力做功等于彈性勢(shì)能增量類似，與之類比，推導(dǎo)電容器儲(chǔ)存的電能表達(dá)式。

（2）若保持平行板電容器帶電量Q、極板正對(duì)面積S不變，兩極板間為真空，將板間距離由增大到需要克服電場(chǎng)力做多少功？

（3）如果我們把單位體積內(nèi)的電場(chǎng)能定義為電場(chǎng)能量密度，用表示。試證明真空中平行板電容器的電場(chǎng)能量密度和兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度平方成正比。（忽略兩板外的電場(chǎng)）

31、如圖a所示，水平放置的兩正對(duì)、平行金屬板A、B間加有如圖b所示的交變電壓UAB，現(xiàn)有一帶電粒子從A板左端邊緣以速度v0水平射入電場(chǎng)。粒子電荷量為+q，質(zhì)量為m；不計(jì)粒子重力。

（1）若粒子能夠射出電場(chǎng)，已知金屬板長(zhǎng)度為L(zhǎng)，求粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；

（2）若粒子在時(shí)刻射入電場(chǎng)，經(jīng)過一段時(shí)間后從A板右側(cè)邊緣水平射出，則板長(zhǎng)L和兩板間距d分別滿足什么條件?

（3）若金屬板足夠長(zhǎng)，要求時(shí)刻射入的粒子打到B板時(shí)動(dòng)能最大，則兩板間距d應(yīng)當(dāng)滿足什么條件？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

根據(jù)題意已知電場(chǎng)方向平行于直線MN，點(diǎn)M的電勢(shì)為0，點(diǎn)N的電勢(shì)為1V，故將電場(chǎng)強(qiáng)度沿著-x方向和+y方向正交分解，設(shè)合場(chǎng)強(qiáng)為E，則-x和+y方向的分量分別為：設(shè)P在xOy平面上的投影為點(diǎn)，投影點(diǎn)的坐標(biāo)為則聯(lián)立即得又因N點(diǎn)電勢(shì)為1V，則電勢(shì)為即P點(diǎn)電勢(shì)為D正確。

【點(diǎn)睛】

將電場(chǎng)強(qiáng)度沿坐標(biāo)軸方向正交分解，求出軸向的E的分量值，再選用U=Ed，求得電勢(shì)差，得電勢(shì)。2、B【分析】【詳解】

通電直導(dǎo)線在周圍形成的磁場(chǎng)，大小為方向由安培定則可知垂直于點(diǎn)到導(dǎo)線垂直線段，從右向左畫出各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的平面圖，如圖所示，由對(duì)稱性可知a與c點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度等大同向，b與d兩點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度等大同向。

故選B。

3、D【分析】【詳解】

A．a(chǎn)振動(dòng)過程中，兩板間距d發(fā)生變化，電源始終與電容器相連，兩板間電壓U不變，由可知E變化；A錯(cuò)誤；

B．由可知，d變化，Q變化；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．a(chǎn)振動(dòng)方向不確定，d可增可減；故電流方向不確定，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)a板向右位移最大時(shí)，由可知，d最小，C最大；選項(xiàng)D正確；

故選D。4、C【分析】【詳解】

AB．由

可知，點(diǎn)電場(chǎng)線較疏，場(chǎng)強(qiáng)較小，故粒子加速度較小，即

AB錯(cuò)誤；

CD．粒子所受電場(chǎng)力與電場(chǎng)線相切且沿軌跡凹側(cè)；故電場(chǎng)力方向如圖所示。

由于粒子帶負(fù)電，故場(chǎng)強(qiáng)方向與受力方向相反，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，即

由可知，在電勢(shì)越高處，負(fù)電荷的電勢(shì)能越小，即

C正確；D錯(cuò)誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

根據(jù)亮斑的位置可以推斷電子在電極Y和Y′之間應(yīng)受到指向Y的電場(chǎng)力；在電極X和X′之間應(yīng)受到指向X的電場(chǎng)力，因此電極X和Y應(yīng)帶正電。

故選A。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．△t→0時(shí)的平均速度可看成瞬時(shí)速度運(yùn)用了極限的思想；A錯(cuò)誤；

B．探究力的合成滿足平行四邊定則運(yùn)用了等效替代的方法；B錯(cuò)誤；

C．庫侖通過扭秤實(shí)驗(yàn)的研究得到庫侖定律利用微小形變放大的方法；C正確；

D．伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)運(yùn)用了合理猜想；數(shù)學(xué)推理；合理外推法，D錯(cuò)誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量異種電荷電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，電勢(shì)為的點(diǎn)構(gòu)成的是一個(gè)曲面，曲面與平面的交線不是直線，即平面對(duì)角線上各點(diǎn)的電勢(shì)不都等于A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度矢量合成法則可知，正、負(fù)電荷分別在點(diǎn)、點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等為

方向相同，正、負(fù)電荷分別在點(diǎn)、點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等為

方向相同，則點(diǎn)、點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等為

方向相同；B正確；

C．根據(jù)電場(chǎng)力做功特點(diǎn)可知，電場(chǎng)力做功多少與運(yùn)動(dòng)路徑無關(guān)，粒子從點(diǎn)沿不同路徑到達(dá)點(diǎn)，電場(chǎng)力做功相同，其大小為

C錯(cuò)誤；

D．粒子在點(diǎn)的電勢(shì)能

D錯(cuò)誤。

故選B。8、B【分析】【詳解】

對(duì)離子，根據(jù)動(dòng)能定理有

解得

根據(jù)電流的定義式有

對(duì)離子，根據(jù)動(dòng)量定理有

解得

根據(jù)牛頓第三定律，推進(jìn)器獲得的推力大小為

故選B。二、多選題(共7題，共14分)9、A:D【分析】【詳解】

A．滑動(dòng)變阻器R1的滑片P由b端滑到a端的過程中；總電阻先變大后變小，由閉合電路歐姆定律可知，電流表示數(shù)先變小后變大，故A正確；

B．電源內(nèi)阻忽略不計(jì)；所以電壓表示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；

C．電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量比值等于除R3外的總電阻；故C錯(cuò)誤；

D．電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)比值等于除R3外的總電阻，電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)比值先變大后變小，故D正確。10、A:C【分析】【分析】

當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)；接入電路的電阻變大，外電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓以及功率的變化即可；

【詳解】

A、由題可知當(dāng)當(dāng)滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)時(shí)，接入電阻的阻值變大，故電路中總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路總電流I減小，內(nèi)電壓減小，外電源增大，即電阻兩端電壓增大，故電阻的功率增大；故選項(xiàng)A正確；

B、由上面分析可知，通過電阻的電流增大，由于干路總電流I減小，故通過電阻的電流減小，故電阻的功率減??；故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C、由于干路總電流I減小，則電源的總功率減??；故選項(xiàng)C正確；

D、電源的效率為：由于外電源增大；故電源的效率將增大，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題按“部分→整體→部分”的思路進(jìn)行動(dòng)態(tài)變化分析，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓以及功率的變化即可．11、A:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知：電子在A點(diǎn)釋放做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速運(yùn)動(dòng)說明所受電場(chǎng)力恒定，因此為勻強(qiáng)電場(chǎng)，即EA=EB

故A正確；B錯(cuò)誤；

C．電子由靜止從A勻加速運(yùn)動(dòng)到B，電場(chǎng)力由A指向B，因此電場(chǎng)線方向從B指向A，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，即AB

故C錯(cuò)誤；

D．由于電子由靜止從A勻加速運(yùn)動(dòng)到B，電場(chǎng)力做正功，電子的電勢(shì)能逐漸減小，即EpAEpB

故D正確。

故選AD。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，滑片滑動(dòng)過程中外電路電阻變小，當(dāng)滑動(dòng)觸點(diǎn)滑倒b端時(shí)外電路只有定值電阻根據(jù)題意可知與電源內(nèi)阻的大小相等，所以此時(shí)電源輸出功率最大，在滑動(dòng)過程中一直在變大，A正確；

B．根據(jù)串反并同；滑動(dòng)觸頭滑動(dòng)過程中，電壓表的示數(shù)逐漸變小，即路端電壓逐漸變小，電源的效率變小，B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)串并聯(lián)特點(diǎn)，可知

根據(jù)串反并同，可知電路的總電流變大，I1減小，I2增大，故變化量小于變化量C正確；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律有

由于題目中數(shù)據(jù)為絕對(duì)值，所以

故D正確。

故選ACD。13、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電勢(shì)的定義式

可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)等于試探電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能與電荷量的比值；電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與零電勢(shì)的選擇有關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)電容的定義式

可知電容器的電容等于電容器極板所帶電荷量與電勢(shì)差的比值；電容器的電容決定于電容器本身，與電容器所帶電荷量無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C．安培認(rèn)為在原子；分子內(nèi)部總存在著一種環(huán)形電流——分子電流；提出分子電流假設(shè)，故C正確；

D．電動(dòng)勢(shì)是表征電源將其他形式能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量，故D正確。

故選CD。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．穿過兩個(gè)線框的磁通量都先增大后減小；故A錯(cuò)。

B．兩個(gè)線框閉合且有磁通量變化；所以都會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確。

CD．在條形磁鐵內(nèi)部；磁感線從S極指向N極，而在磁體外部，是從N極指向S極，線圈越大，抵消部分越多，故大線框中的磁通量小于小線框中的磁通量，故D正確。

故選BD。15、B:D【分析】【分析】

由牛頓第二定律分別求出加速度即可；分析滑塊和木板組成的系統(tǒng)所受的外力，判斷動(dòng)量是否守恒．滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)，由動(dòng)量守恒定律求出兩者的共同速度，由能量守恒定律求內(nèi)能．再由求木板的最小長(zhǎng)度L；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求滑塊與木板的位移之比．

【詳解】

A．滑塊在水平方向只受到摩擦力的作用，由牛頓第二定律可得：地面光滑，可知M在水平方向也只受到m對(duì)M的摩擦力，由牛頓第二_定律可得：其中μ是二者之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，即：故A錯(cuò)誤；

B．水平面光滑，則滑塊和木板組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，兩者水平方向動(dòng)量守恒，滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：v=1m/s．根據(jù)能量守恒定律得，整個(gè)辻程中因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能：故B正確；

C．設(shè)木板的最小長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則有但由于不知道動(dòng)摩擦因數(shù)不能求出木板的最小長(zhǎng)度，故C錯(cuò)誤；

D.從開始到滑塊與木板相對(duì)靜止込段時(shí)向內(nèi)；滑快與木板的位移之比是：

故D正確．

【點(diǎn)睛】

本題主要考查了板塊模型的綜合應(yīng)用，屬于中等題型．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1]由電磁波譜可知，電磁波包括無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、射線；故可見光是電磁波的一部分；

[2]電磁波在真空中的傳播速度都等于光速，

[3]麥克斯韋是建立了電磁場(chǎng)理論和預(yù)言了電磁波的存在，赫茲是在人類歷史上首先捕捉到電磁波的科學(xué)家?！窘馕觥渴呛掌?7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]AB．處于靜電平衡狀態(tài)下的導(dǎo)體所帶的電荷都分布在導(dǎo)體的外表面；故A能使驗(yàn)電器帶電，B不能使驗(yàn)電器帶電；

C．將驗(yàn)電器與帶電物體用導(dǎo)線連接；二者組成新的導(dǎo)體，導(dǎo)致電荷在新的導(dǎo)體表面重新分布，所以可以使驗(yàn)電器帶電，故C能使驗(yàn)電器帶電；

D．由于靜電屏蔽的作用，驗(yàn)電器不受外電場(chǎng)的影響，故金屬箔是閉合的，D不能使驗(yàn)電器帶電。18、略

【分析】【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，R2變大，外電路總電阻變大，由歐姆定律，I變小，U1=IR1變小，故V1逐漸減小；因R1、R3為定值電阻，故由歐姆定律U2＝E?I(R1+R3+r)可知，電壓表V2示數(shù)的變化量絕對(duì)值與電流表A示數(shù)的變化量比值等于R1+R3+r，故．【解析】減小ΔI(R3+R1+r)19、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)右手定則可知，通電線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)反向垂直紙面向外，導(dǎo)線在線圈內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向內(nèi)，根據(jù)題意可知，圓環(huán)圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)榱悖虼酥睂?dǎo)線電流在導(dǎo)線上方距導(dǎo)線a處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，根據(jù)對(duì)稱，在下方a處磁感應(yīng)強(qiáng)度也為B；

[2]根據(jù)右手定則可知，方向垂直紙面向外?！窘馕觥緽垂直紙面向外20、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式以及電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加法則可得在A、B連線中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為

方向指向B。【解析】B21、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)即該金屬圓片的直徑的測(cè)量值為

[2]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)即該金屬圓片厚度的測(cè)量值為【解析】12.401.68222、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為

[2]根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為【解析】6.125##6.126##6.12763.60四、作圖題(共2題，共16分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點(diǎn)作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)，即E點(diǎn)，電勢(shì)為11V，連接BE，則BE為等勢(shì)線；電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

電場(chǎng)線上每一點(diǎn)的切線方向即為該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向；負(fù)電荷受電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，如圖所示。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共15分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]該電阻的阻值約為

（2）[2]電源電動(dòng)勢(shì)為4V，直接使用電壓表V1量程太小，為了使測(cè)量盡量準(zhǔn)確，測(cè)量時(shí)電表讀數(shù)不得小于其量程的使用電壓表V2量程又太大，可以把電壓表V1與定值電阻R0串聯(lián)，增大其量程進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，故電壓表選擇V1

[3]根據(jù)分壓關(guān)系，待測(cè)電阻兩端的電壓不能超過2V，最大電流

所以電流表選A2

[4]待測(cè)電阻的電壓從零開始可以連續(xù)調(diào)節(jié)，變阻器采用分壓式接法，為保證電路安全方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1

（3）[5]為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值；應(yīng)測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器可以采用分壓接法，由于待測(cè)電阻阻值接近電流表內(nèi)阻，所以采用電流表外接法。如圖所示。

【解析】22.026、略

【分析】【詳解】

(1)[1]必選器材有：A、H，電池組的電動(dòng)勢(shì)是3V，電壓表的量程選3V，即選擇電壓表D，由題，金屬導(dǎo)線的電阻約為5Ω左右，則通過導(dǎo)線的電流最大值約

故電流表選C；變阻器F的電阻大于待測(cè)電阻，可選擇該變阻器作為限流器，器材中應(yīng)選用的是A；C、D、F、H

(2)[2]由題得

則采用電流表外接法；可減小誤差。

(3)[3]由于電流表用的是量程為0～0.6A；則其精確度為0.02A，電流表的讀數(shù)為0.48A

[4]由于電壓表用的是量程為0～3.0V；其精確度為0.1V，電壓表的讀數(shù)為2.20V

(4)[5]為使通過待測(cè)金屬導(dǎo)線的電流能在0～0.5A范圍內(nèi)改變；變阻器必須接成分壓式電路，實(shí)驗(yàn)原理電路圖如圖，連成實(shí)驗(yàn)電路如圖。

【解析】A、C、D、F、H外0.482.2027、略

【分析】【分析】

考查電表的原理及改裝。

【詳解】

（1）[1]防止電表示數(shù)過大被燒壞，電壓應(yīng)從0開始逐漸增大，滑動(dòng)變阻器R2的滑片應(yīng)置于最右端；

（4）[2][3]由（2）（3）兩步可以列式

解得

（5）[4]由

解得R0=900Ω

（6）[5]改裝的電壓表示數(shù)總是精密電壓表的0.9倍，說明改裝電壓表滿偏電壓為即

需要調(diào)整變阻器，讓改變電壓表滿偏電壓為3V，則

其中，則

解得

故選B?！窘馕觥竣?最右端②.100③.3.0④.900⑤.B六、解答題(共