…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖是一列簡諧波在t=0時的波形圖，介質中的質點P沿y軸做簡諧運動的表達式為y=10sin(5πt)cm。關于這列簡諧波；下列說法中正確的是。

A.這列簡諧波的振幅為20cmB.這列簡諧波的周期為4sC.這列簡諧波在該介質中的傳播速度為10m/sD.這列簡諧波可能向x軸負方向傳播2、短道速滑比賽中“接棒”運動員（稱為“甲”）在前面滑行；“交棒”運動員（稱為“乙”）從后面用力推前方“接棒”運動員完成接力過程，如圖所示。假設運動員甲的質量小于運動員乙的質量，交接棒過程中兩運動員的速度方向均在同一直線上，忽略運動員與冰面之間的摩擦。在交接棒過程，下列說法正確的是（）

A.乙對甲的作用力大于甲對乙的作用力B.甲的動量增加量大于乙的動量增加量C.甲的速度增加量大于乙的速度減少量D.甲、乙兩運動員沖量之和不為零3、如圖表示水平方向的勻強磁場和豎直方向的勻強電場疊加區(qū)域，一個質量是m，帶電量是q的質點B恰好能靜止在區(qū)域中間，另一個質量為2m，帶電量也為q的質點A恰好能以某一速度沿著垂直于磁場、電場方向做勻速直線運動，且正好與靜止的質點B發(fā)生正碰；碰后兩質點粘在一起運動，碰撞的過程無電量損失，則下列正確的是。

A.碰后兩質點的運動向下偏且動能增加B.碰后兩質點的運動向上偏且動能增加C.碰后兩質點的運動向上偏且動能減少D.碰后兩質點的運動向下偏且動能減少4、下列幾種運動沒有利用反沖的原理的是（）A.烏賊的逃生B.雞蛋“破”與“不破”的訣竅C.宇航員無繩太空行走D.氣球充氣后敞口釋放5、一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率進入太空預定位置，由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離。已知前部分的衛(wèi)星質量為后部分的箭體質量為分離后箭體以速率沿火箭原方向飛行，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質量的變化，則分離后衛(wèi)星的速率為（）

A.B.C.D.6、關于單擺，下列認識中正確的是（）A.一根線系著一個球懸掛起來，這樣的裝置就是單擺B.可以看成單擺的裝置中，細線的伸縮和質量忽略不計，線長比小球直徑大得多C.單擺的振動總是簡諧運動D.兩個單擺只要結構相同，它們的振動步調便相同7、如圖所示，上、下表面平行的玻璃磚放在空氣中，光以入射角θ從玻璃磚的上表面A點射入，從下表面的B點射出的光線相對于入射光線的側移距離為d，當θ增大一個小角度時；下列說法正確的是（）

A.側移距離d增大B.在A點可能發(fā)生全反射C.在B點一定發(fā)生全反射D.光在玻璃中的傳播時間變短評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，光滑水平面上有一質量為2M、半徑為R（R足夠大）的圓弧曲面C，質量為M的小球B置于其底端，另一個小球A質量為小球A以v0＝6m/s的速度向右運動；并與B發(fā)生彈性碰撞，不計一切摩擦，小球均視為質點，則（）

A.小球B的最大速率為4m/sB.小球B運動到最高點時的速率為m/sC.小球B能與A再次發(fā)生碰撞D.小球B不再與C分離9、圖甲為一列簡諧橫波在t=0.1s時刻的波形圖，Q是平衡位置在x=6m處的質點，圖乙為質點Q的振動圖象。則___________

A.波的傳播方向沿x軸負方向B.波的傳播速度為20m/sC.在t=0.1s時刻與Q相距5m處的質點一定沿x軸正方向運動E.在t~t+0.2s時間內，質點Q通過的總路程為20cmE.在t~t+0.2s時間內，質點Q通過的總路程為20cm10、如圖所示，豎直放置的輕彈簧下端固定在地上，上端與質量為m的鋼板連接，鋼板處于靜止狀態(tài)。一個質量也為m的物塊從鋼板正上方h處的P點自由落下，與鋼板碰撞后粘在一起向下運動x0后到達最低點Q，設物塊與鋼板碰撞的時間Δt極短。下列說法正確的是（）

A.物塊與鋼板碰后的速度大小為B.在Δt時間內，鋼板對物塊的沖量大小為C.從P到Q的過程中，整個系統(tǒng)重力勢能的減少量為D.從P到Q的過程中，彈性勢能的增加量為11、如圖所示，光滑水平面上有兩個質量均為m的物體A、B，B上連接一勁度系數為k的輕彈簧。物體A以初速度v0向靜止的物體B運動。從A接觸彈簧到第一次將彈簧壓縮到最短的時間為彈簧彈性勢能為（x為彈簧的形變量）；彈簧始終處于彈性限度內，下列說法正確的是（）

A.彈簧的最大壓縮量為B.彈簧的最大壓縮量為C.從開始壓縮彈簧到彈簧第一次壓縮最短的過程中，物體A的位移為D.從開始壓縮彈簧到彈簧第一次壓縮最短的過程中，物體B的位移為12、如圖，長木板M原來靜止于光滑水平面上，木塊m從長木板M的一端以初速度v0沖上木板，當m相對于M滑行7cm時，M向前滑行了4cm，則在此過程中（）

A.摩擦力對m與M的沖量大小之比等于11∶4B.m減小的動能與M增加的動能之比等于11∶4C.m與M系統(tǒng)損失的機械能與M增加的動能之比等于7∶4D.m減小的動能與m和M系統(tǒng)損失的機械能之比等于1∶113、一列簡諧橫波，在時的圖像如圖甲所示，波上質點的振動圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.這列波沿軸負方向傳播B.這列波的波速是C.從開始，在時間內，質點經過的路程為D.該波在傳播過程中遇到尺寸為的障礙物時不能發(fā)生明顯的衍射現象評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、質量為30kg的小孩推著質量為10kg的冰車，在水平冰面上以2m/s的速度滑行．不計冰面摩擦，若小孩突然以5m/s的速度(對地)將冰車推出后，小孩的速度變?yōu)開______m/s，這一過程中小孩對冰車所做的功為______J．15、如圖甲所示，在一條張緊的繩子上掛幾個擺，當a擺擺動的時候，通過張緊的繩子給其他各擺施加驅動力，使其余各擺也擺動起來，達到穩(wěn)定時b擺和c擺的周期大小關系是Tb___________Tc。（填“>”“<”或“=”），圖乙是c擺穩(wěn)定以后的振動圖像，重力加速度為g，不計空氣阻力，則a擺的擺長為___________。

16、定義。

驅動力的頻率f_______系統(tǒng)的固有頻率f0時，受迫振動的_______最大，這種現象叫做共振。17、如圖甲所示，綁有小鉛塊的浮漂豎直漂浮在靜水中，把浮漂豎直向下緩慢按壓后放手，忽略水對浮漂的阻力，浮漂在豎直方向做簡諧運動。浮漂上升過程經過平衡位置時加速度大小為_____。測得浮漂運動的周期為0.8s，以豎直向上為正方向，某時刻開始計時，其位移-時間圖像如圖乙所示，則其運動位移的表達式為_____。

18、如圖所示，一列簡諧橫波平行于x軸傳播，圖中的實線和虛線分別為t=0和t=0.15s時的波形圖。已知平衡位置在x=6m處的質點，在0到0.15s時間內運動方向只改變了1次。這列簡諧波的周期為________s。波速為_________m/s，傳播方向沿x軸_________填“正方向”或“負方向"）。

19、同一介質中有兩個相距10m的波源A和B，持續(xù)產生兩列波相向傳播，兩波源起振方向和頻率相同，但兩波源起振時刻和振幅不同，如圖所示為某時刻的波形圖。則兩波源的起振方向___________（填“向上”或“向下”），穩(wěn)定后與波源A相距4.5m處的質點振動___________（填“加強”；“減弱”）。

20、高壓采煤水槍，出水口的橫截面積為S，假定水柱截面不變，水柱的水平射速大小為v，水柱水平射到豎直煤層后，假設水僅沿豎直煤層散開，水的密度為ρ，則水對煤層的沖擊力的大小為______。評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)21、O點是彈簧振子的平衡位置，在圖上標出振子在B點的振動位移和在A點的加速度。

22、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質點此時正經過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

23、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經過和時刻的兩個波形圖。

24、某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)25、利用雙縫干涉測光的波長的實驗中，雙縫間距雙縫到光屏間的距離用某種單色光照射雙縫得到干涉條紋如圖所示，分劃板在圖中A、B位置時游標卡尺讀數也由圖中所給出；則：

（1）分劃板在圖中A、B位置時游標卡尺讀數分別如圖所示，則相鄰兩條紋間距_____

（2）波長的表達式_______（用L、d表示），該單色光的波長_____

（3）若改用頻率較低的單色光照射，得到的干涉條紋間距將_______（填“變大”、“不變”或“變小”）。評卷人得分六、解答題(共1題，共10分)26、如圖所示，一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖中的實線所示，此時這列波恰好傳播到P點，且再經過1.2s，坐標為x=8m的Q點開始起振；求：

（1）該列波的周期T；

（2）從t=0時刻到Q點第一次達到波峰時，振源O點所經過的路程s。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．由波形圖可知，振幅A=10cm；故A錯誤；

B．質點P的振動方程y=10sin(5πt)cm，則

周期為

故B錯誤；

C．由波的圖象得：波長λ=4m，故波速為

故C正確；

D．根據振動方程y=10sin（5πt）cm，t=0時刻位移為零，此后先變?yōu)檎f明t=0時刻P點在平衡位置且向+y方向運動；再結合波形微微平移方法得到波向正x方向傳播；故D錯誤。

故選C。2、C【分析】【詳解】

AD．根據牛頓第三定律可知，兩運動員之間的相互作用力大小相等，方向相反，且作用時間相等。根據I=Ft可知；兩運動員相互作用力的沖量大小相等，方向相反，沖量之和一定為零。故AD錯誤；

BC．因為忽略與冰面的摩擦；兩運動員組成的系統(tǒng)動量守恒，甲的動量的增加量等于乙的動量的減少量；由于甲的質量較小，所以甲的速度較大，故B錯誤，C正確。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

一個質量是m帶電量是q的質點B恰好能靜止在區(qū)域中間，該質點受重力和向上的電場力mg=Eq

帶電量也為q的質點A恰好能以某一速度沿著垂直于磁場、電場方向做勻速直線運動，該質點受重力和向上的電場力、洛倫茲力2mg=Eq+Bqv

且正好與靜止的質點B發(fā)生正碰，碰后兩質點粘在一起運動，根據動量守恒定律列出等式2mv=3mv′

解得

此時系統(tǒng)受重力3mg，向上的電場力2Eq，洛倫茲力此時系統(tǒng)的合力向上。由于洛倫茲力做功為零，系統(tǒng)重力與向上的電場力合力向下，做負功，所以系統(tǒng)動能減小。

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．烏賊的逃生是利用噴出的水的反沖作用；屬于反沖運動，故A不符合題意；

B．雞蛋“破”與“不破”的訣竅；是增大作用時間，減小作用力，起到緩沖作用。故B符合題意；

C．宇航員無繩太空行走；是利用反沖的原理。故C不符合題意；

D．氣球充氣后敞口釋放；利用噴出的氣體的反沖作用而運動的，屬于反沖運動，故D不符合題意。

故選B。5、D【分析】【分析】

【詳解】

火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在分離時水平方向上動量守恒，規(guī)定初速度的方向為正方向，有

解得

故D正確；ABC錯誤。

故選D。6、B【分析】【詳解】

AB．一根線系著一個球懸掛起來；并且滿足細線的伸縮和質量忽略不計，線長比小球直徑大得多時，這樣的裝置才能視為單擺，故A錯誤，B正確；

C．只有在擺角很小的情況下；單擺的振動才是簡諧運動，故C錯誤；

D．兩個單擺結構相同時；它們的振動步調不一定相同，還與是否是受迫振動還是簡諧振動有關，故D錯誤。

故選B。7、A【分析】【詳解】

A．當入射角增大時，折射角增大，由于出射光線與入射光線平行，側移距離增大；故A正確；

B．在A點，光線從空氣入射到玻璃磚，由光疏介質射到光密介質，所以在點不會發(fā)生全反射；故B錯誤；

C．在上表面，入射角小于度；折射角一定小于臨界角，光到達下表面時的入射角與上表面的折射角相等，則此入射角小于臨界角，不可能發(fā)生全反射，故C錯誤；

D．當增大時；折射角增大，光在玻璃中的傳播路程增大，時間變長，故D錯誤；

故選A。二、多選題(共6題，共12分)8、A:B【分析】【詳解】

A．A與B發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，設碰撞后A的速度為vA，B的速度為vB，取水平向右為正方向，由動量守恒定律和能量守恒得

解得

負號表示速度方向向左；故B的最大速率為4m/s，故A正確；

B．B沖上C并運動到最高點時二者共速，設為v，B、C組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得

解得

故B正確；

CD．設B、C分離時B、C的速度分別為vB′、vC′，B、C組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律和能量守恒得

解得

負號表示速度方向向左，小球B與C分離，由于則B不能與A再次發(fā)生碰撞，故CD錯誤。

故選AB。9、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙可得t=0.1s時刻，質點Q在平衡位置向上振動，故由圖甲可得，波沿x軸負方向傳播；選項A正確；

B．由圖甲知該波的波長由圖乙知周期T=0.4s，則波的傳播速度

選項B正確；

C．振動點只能在平衡位置附近上下振動，不會沿x軸傳播；選項C錯誤；

D．根據波向左傳播，由圖甲可得，質點Q向上振動，那么，經過

后，Q點位于波峰處，此時v=0；選項D錯誤；

E．經過時間

走過的路程

選項E正確。

故選ABE。10、A:D【分析】【詳解】

A．物體下落h，由機械能守恒mgh=mv12

物體與鋼板碰撞，則動量守恒

解得

故A正確；

B．設向下為正方向，對碰撞過程，對鋼板由動量定理

其中

解得物塊對鋼板的沖量

故B錯誤；

C．從P到Q的過程中，整個系統(tǒng)重力勢能的減少量為

故C錯誤；

D．從碰撞到Q點，由能量關系可知

則彈性勢能的增加量為

故D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．彈簧壓縮到最大時，A、B的速度相同，以A初速度方向為正方向，根據動量守恒定律可得

根據能量守恒定律可得

解得

根據彈性勢能公式可得

故A錯誤；B正確；

CD．由動量守恒定律可得

則有

故

由AB選項分析可知

聯(lián)合解得

故C錯誤；D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

A．滑塊與木板間的摩擦力為相互作用力，而作用時間相同，由沖量可知摩擦力對m與M的沖量大小之比等于1:1；故A錯誤；

B．對滑塊和木板分別由動能定理

其中

可得m減小的動能與M增加的動能之比為

故B正確；

C．m與M系統(tǒng)損失的機械能等于一對滑動摩擦力做功的代數和，有

其中相對路程聯(lián)立可得

故C正確；

D．m減小的動能與m和M系統(tǒng)損失的機械能之比為

故D錯誤。

故選BC。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由乙圖讀出t=0.6s時刻質點A的速度方向為沿y軸負方向，由甲圖判斷出波的傳播方向為沿x軸正方向；故A錯誤；

B．由甲圖讀出該波的波長為λ=20m，由乙圖周期為T=1.2s，則波速為

故B正確；

C．△t=0.6s=0.5T，質點做簡諧運動時在一個周期內質點A通過的路程是4倍振幅，則經過△t=0.6s時間，A質點通過的路程是S=2A=2×2m=4m

故C正確；

D．該波的波長為20m；根據發(fā)生明顯衍射現象是障礙物的尺寸小于波長，或與波長差不多，知該波在傳播過程中遇到一個尺寸為10m的障礙物，能發(fā)生明顯衍射現象，故D錯誤；

故選BC。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【詳解】

[1]根據系統(tǒng)動量守恒定律可知。

代入則小孩速度變?yōu)?m/s；

[2]根據動能定理。

代入數據得W=105J

【點睛】

本題考查了系統(tǒng)的動量守恒定律的運用以及動能定理解決問題的方法．在動量守恒定律之前要首先判斷系統(tǒng)的合外力是否為零．【解析】1.010515、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]a擺擺動起來后，通過水平繩子對b、c兩個擺施加周期性的驅動力，使b、c兩擺做受迫振動；兩擺做受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，則。

Tb=Tc[2]a擺的固有周期與c擺的相同；由圖乙可知，振動周期為。

T=t0由單擺周期。

可得。

所以擺長為。

【解析】=16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.等于②.振幅17、略

【分析】【詳解】

[1]經過平衡位置時；受到重力和水的浮力，這兩個力的合力為0，故加速度大小為0；

[2]由于振動周期為0.8s，故

由圖乙可知運動位移的表達式為【解析】018、略

【分析】【詳解】

[1]因為處的質點在內運動方向只改變了1次，所以該處質點從正向位移最大處經過四分之三個周期向上運動至平衡位置處，即

解得周期為

[2]所以波速為

[3]因為在虛線上，處的質點向上運動，根據同側法可知波沿軸正方向傳播?！窘馕觥?.220正方向19、略

【分析】【詳解】

[1]根據波形圖上x=2m和x=9m處質點振動情況；可知兩質點振動方向都向下，可推測波源的起振方向都向下；

[2]4.5m處到兩波源的距離差

由于起振時刻不同，在同一時刻，兩波源的振動方向相反，因此4.5m處為振動加強點?！窘馕觥肯蛳录訌?0、略

【分析】【詳解】

設t時間內打在煤層上的水的質量為m則：m=ρV=ρSvt；

以這部分水為研究對象，它受到煤層的作用力為F，以水運動的方向為正方向，由動量定理有：Ft=0-mv，即：

負號表示水受到的作用力的方向與水運動的方向相反；由牛頓第