2025年江蘇省鹽城市射陽中學高考物理模擬試卷

一、單選題：本大題共11小題，共44分。

1.下列現(xiàn)象不是液體的表面張力造成的是（）

A.水晶停在水面而不下沉

B.船浮于水面上

C.玻璃管的裂口尖端，用酒精燈燒熔后變鈍了

D.水珠在荷葉上近似呈球形

2.如圖甲所示，某同學利用了智能手機和一個磁性小球來測量重力加速度。打開智能手機的磁傳感器，將

磁性小球由平衡位置拉開一個小角度由靜止釋放，手機軟件記錄磁感應強度的變化曲線如圖乙所示。下列

B.測量出的重力加速度9=不

A.單擺的周期為

C.小球拉起的幅度越大,運動周期越大D.小球經(jīng)過最低點時，速度最大，合力為零

3.如圖所示，導熱性能良好的玻璃管豎直放置，一段汞柱將管內(nèi)理想氣體封閉成上下兩部分，兩部

分氣體的長度分別為i12,且11=%,下列判斷正確的是（）

A.若環(huán)境溫度升高，每個氣體分子的動能都會增大

B.若環(huán)境溫度升高，穩(wěn)定后兩部分氣體長度還是"=12

C.若將玻璃管轉(zhuǎn)至水平，穩(wěn)定后兩部分氣體長度。>12

D.若將玻璃管轉(zhuǎn)至水平，穩(wěn)定后兩部分氣體長度4<12

4.在光電效應實驗中，用不同頻率的單色光照射A、2兩種金屬表面，均有光

電子逸出，其最大初動能耳皿與入射光頻率"的關系如圖所示。已知普朗克常

量為h,則（）

0

A.A的逸出功小于B的逸出功

B.圖中直線的斜率為程

C.由圖可知兩入射光的光強相同

D.若兩金屬產(chǎn)生光電子的最大初動能相等，則照射到A金屬表面的光頻率較高

5.一輛汽車在半圓形的賽道上行駛，它在幾個位置的速度矢量如圖所示，則描述汽

車在相應位置點的加速度矢量作圖正確的是（）

6.鵲橋二號作為一顆中繼通信衛(wèi)星，首次任務是用于轉(zhuǎn)發(fā)著落于月球背面的嫦娥六號與地球之間的通信。

科研人員為它設計了周期為24/7的環(huán)月大橢圓軌道，其遠月點選在月球南極地區(qū)上空。下列關于鵲橋二號

說法正確的是（）

A.發(fā)射速度要大于11.2km/s

B.與地球相對靜止

C.環(huán)月大橢圓運動的力由地球引力提供

D.為月球南極地區(qū)提供通信的時間比北極地區(qū)長

7.如圖甲所示，利用電壓傳感器和電流傳感器觀察電容器的充、放電過程。最后得到電容器充、放電過程

電壓U和電流/隨時間r變化的圖像，如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.單刀雙擲開關S置于接線柱1、2分別對應電容器放電、充電過程

B.電容器充電過程，電壓逐漸增大

C.電容器放電過程，電流逐漸增大

D.電容器充電過程，電容器的電容逐漸增大

8.一正電荷僅在某電場力作用下運動，速度大小隨時間變化的圖像如圖所示,

A、8為運動軌跡上的兩點。下列選項正確的是（）

A.該電荷做勻速直線運動

B.該電場可能是一個正點電荷產(chǎn)生的

C.A、B兩點的電場強度相同

D.系統(tǒng)的電勢能保持不變

9.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1,電壓表和電流表均為理想交流電表，原線圈接如

圖乙所示的正弦交流電，圖中&為熱敏電阻（溫度升高時其電阻減小，溫度降低時電阻增大），R為定值電

阻。下列說法正確的是（）

A.該理想變壓器的原副線圈磁通量變化率之比為4：1

B.電壓表嶼的示數(shù)為9，^!/

C.若&處溫度升高，電壓表匕與電壓表/示數(shù)之比不變

D.若凡處溫度降低，定值電阻R兩端電壓增大

10.氫氣氣泡室處在勻強磁場中，某快電子從右下方。處進入，在氣泡室運動的軌跡

如圖所示。則在電子運動的過程中（）

A.角速度越來越大

B.角速度越來越小

C.向心加速度越來越大

徑跡模擬圖

D.向心加速度越來越小

11.如圖所示，水平地面上三點A、B、C滿足==一勁度系數(shù)為左的

水平輕彈簧一端固定在墻上。點，原長為08,另一端與質(zhì)量為機的小物塊（視

為質(zhì)點）緊靠但不拴接。先壓縮彈簧，置物塊于A點，然后由靜止釋放，小物塊

運動到C點恰好停止。設小物塊從A到8用時匕，從B到C用時匕，物塊與地面動摩擦因數(shù)為比下列說

法正確的是（）

A.“>七，kx=B.<t2ykx=21mlg

C.tr>t29kx=4〃mgD.t1<t2fkx=4〃7ng

二、實驗題：本大題共1小題，共15分。

12.同學們在做“驗證機械能守恒定律”實驗時，設計了如圖甲所示的兩種方案:

◎

夾子

電火花

計時器一紙帶

接電源與二：

-T

方案1甲

乙丙

(1)為完成實驗方案1,下列說法正確的—

A.還需要刻度尺、秒表、交流電源

A必須用天平測出重錘的質(zhì)量

C.可以根據(jù)I；=gt來計算重物在f時刻的瞬時速度

D安裝打點計時器時，應使兩個限位孔處于同一豎直線上，實驗時先接通電源，后釋放重物

(2)用方案1裝置打出的一條紙帶如圖乙所示，圖中A、B、C、。、E、P為連續(xù)打出的點，交流電頻率為

50Hz,計算出打下點C時重物的速度大小為6/s(結果保留3位有效數(shù)字)。

(3)方案2中，游標卡尺的讀數(shù)如圖丙所示，則遮光條的寬度&=mm；為了減小實驗系統(tǒng)誤差，需

要=

A.滑塊與遮光條總質(zhì)量M>>鉤碼質(zhì)量m

及多次測量遮光條的寬度取平均值

C.選質(zhì)量大體積小的鉤碼

(4)方案2中，數(shù)字計時器測得遮光條通過光電門的時間為t,多次改變光電門的位置并測出多組工和t,

描繪出L-白的圖像如丁所示。已知圖像的斜率為左，貝妹=即可認為機械能守恒。已知滑塊與遮光

條總質(zhì)量為M、鉤碼質(zhì)量為加、重力加速度為g。(用加、加、d、g來表示)

三、簡答題：本大題共1小題，共6分。

13.如圖所示，△ABC為等腰直角三棱鏡的截面圖，AB=星,P為AB

邊上一點，。是8C邊的中點。一束單色光自產(chǎn)點垂直邊射入棱鏡，

逆時針調(diào)整入射角度，當入射光線垂直于A8邊時，8C邊恰好無光線射

出。已知光在真空中的傳播速度為c,只考慮光線在棱鏡中的第一次反

射，求:

(1)棱鏡對該單色光的折射率n；

(2)若該單色光自尸點平行于邊射入，折射光線經(jīng)。點反射后從AC邊射出，求單色光在棱鏡中傳播的

時間to

四、計算題：本大題共3小題，共35分。

14.如圖所示，足夠長光滑水平導軌兩端連接兩阻值相同的定值電阻R=30,軌道電阻忽略不計，導軌間

距乙=0.5巾。整個裝置處在磁感應強度B=IT的勻強磁場中。一根長度也為工的導體棒仍垂直于導軌放

置，在外力作用下以。=2zn/s的速度向右勻速運動，已知導體棒的電阻r=2.50,試求：

(1)通過導體棒ab的電流/；

(2)導體棒ab兩端的電壓。血。

XXXXX

1

RXXXXXR

-rfV-T

XXXXX

b

15.如圖所示，空間直角坐標系。-久yz內(nèi)存在直四棱柱空間區(qū)域，四棱柱的截面NPMO與ABC。、EFGH

兩個底面平行，其中N點的坐標為(1.5L,0,0),M點的坐標為(0,2L,0),。點的坐標為(0,0,。，7/點的坐標

為(0,0,-兀L)。四棱柱4BCD-NPM。空間內(nèi)有沿z軸負方向的勻強電場，NPM。一EFG”空間內(nèi)有沿z軸

正方向的勻強磁場。質(zhì)量為機、電荷量為+q的粒子以速度為從。點沿。。方向射入電場，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)在

的中點。進入勻強磁場，調(diào)整磁感應強度的大小，使粒子恰好未從四棱柱的側(cè)面飛出，不計粒子重

力。求：

(1)電場強度的大?。?/p>

(2)磁感應強度的大??；

(3)粒子在EFGH面出射點的x坐標。

16.如圖，傾角e=30。的光滑斜面底端固定一塊垂直于斜面的擋板。

將長木板A靜置于斜面上，A上放置一小物塊2,初始時A下端與擋

板相距L=4m,現(xiàn)同時無初速釋放A和B.已知在A停止運動之前B始

終沒有脫離A且不會與擋板碰撞，A和B的質(zhì)量均為爪=1kg,它們

之間的動摩擦因數(shù)〃=苧，A與擋板每次碰撞損失的動能均為△E=

10/,忽略碰撞時間，重力加速度大小g取10m/s2.求

(1)2第一次與擋板碰前瞬間的速度大小v；

(2)4第一次與擋板碰撞到第二次與擋板碰撞的時間△t；

(3)B相對于A滑動的可能最短時間t。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、水晶未下沉，停在水面而不沉因為液體表面張力的存在，故A錯誤；

3、船浮于水面上是船受到水的浮力作用，故B正確；

C、表面張力可以是液體表面呈球形，鋒利的玻璃片用酒精燈燒烤后變純了，是液體的表面張力造成的，

故C錯誤；

。、水珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故。錯誤。

故選：瓦

根據(jù)表面張力和浮力的特點分析判斷。

該題考查幾個常見的表面張力的現(xiàn)象，表面張力的成因解釋，掌握了概念便可順利解決問題。

2.【答案】B

【解析】解：A、在一個周期內(nèi)小球兩次經(jīng)過最低點，由圖乙可知單擺的周期為2%，故A錯誤；

B、根據(jù)7=2兀值可得重力加速度大小為：g=吟，故B正確；

勺gto

c、單擺的周期大小與單擺的振幅無關，即與小球拉起的幅度無關，故c錯誤；

。、小球經(jīng)過最低點時，速度最大，合力方向指向懸掛點，小球做的是圓周運動，由重力和繩子拉力的合

力提供向心力，故。錯誤。

故選：Bo

根據(jù)圖乙判斷；根據(jù)單擺的周期公式計算；單擺的周期與振幅無關；小球經(jīng)過最低點時合力方向指向懸掛

點。

本題考查了對單擺的理解，掌握單擺的周期公式是解題的基礎。

3.【答案】D

【解析】解：A、若環(huán)境溫度升高，氣體分子的平均動能增大，并不是每個氣體分子的動能都會增大，故

A錯誤；

CD.設上方氣體為°、下方氣體為6,初狀態(tài)時b內(nèi)氣體壓強大，。內(nèi)氣體壓強小，將玻璃管轉(zhuǎn)至水平，b

內(nèi)的氣體壓強減小，a內(nèi)的氣體壓強增大，則b內(nèi)氣體體積增大、長度增加，a內(nèi)氣體長度減小，故"<

），故C錯誤，。正確；

B、假設水銀柱不動，則兩部分氣體做等容變化，對內(nèi)氣體應用查理定律有：?=爭，解得：/Pi=

y-Pl，同理對匕氣體由查理定律可得：4P2=年22，由于P1<P2，可得dpi<』P2，故氣體的壓強增加量

較大，水銀柱將向上移動，穩(wěn)定后兩部分氣體的長度21〉占故2錯誤。

故選：Do

溫度升高，氣體分子的平均動能增大，但并不是每個氣體分子的動能都會增大；根據(jù)壓強的變化情況分析

長度的大??；假設水銀柱不動，兩部分氣體做等容變化，分別對兩部分氣體應用查理定律，結合題意升高

相同溫度即可求解。

本題主要是考查了查理定律及玻意耳定律的應用；解答此類問題的方法是：找出不同狀態(tài)下的狀態(tài)參量，

分析理想氣體發(fā)生的是何種變化，選擇合適的氣體實驗定律解決問題。

4.【答案】A

【解析】解：A由光電效應方程外機=hv-W0

結合圖知圖線A在縱軸上的截距絕對值較小，所以金屬A的逸出功小于8的逸出功，故A正確；

A由Ekm—hv—Wo

知圖中直線的斜率為普朗克常量肌故8錯誤；

C.該圖線反映了光電子的最大初動能與入射光的頻率的關系，與入射光的強度無關，無法比較光照強度，

故C錯誤；

。由圖知，若這兩種金屬產(chǎn)生的光電子具有相同的最大初動能，則照射到A金屬的光頻率較低，故。錯

誤。

故選：Ao

根據(jù)愛因斯坦光電效應方程與a-1/圖像的物理意義解答。

該題考查光電效應方程的應用，牢記光電效應方程是關鍵。

5.【答案】C

【解析】解：一輛汽車在半圓形的賽道上行駛，每個速度矢量的末端與圓心連線垂直速度矢量，且速度矢

量逐漸變大，所以車做加速圓周運動，合外力方向與速度方向的夾角小于90。，根據(jù)向心加速度公式，半

徑不變，速度變大，加速度也變大，故C正確，A3。錯誤。

故選：Co

根據(jù)汽車做圓周運動的速度和加速度特點分析。

做勻速圓周運動的物體，加速度指向圓心。

6.【答案】D

【解析】解：4鵲橋二號沒有脫離地球的束縛，所以鵲橋二號發(fā)射速度要小于11.2km/s,故A錯誤；

8、鵲橋二號繞月心做橢圓運動，相對于地球是運動的，故B錯誤；

C、環(huán)月大橢圓運動的力由月球引力提供，故C錯誤；

D,鵲橋二號繞月心做橢圓運動，其遠月點在月球南極地區(qū)上空，根據(jù)開普勒第二定律，其通過遠月點的

速度比近月點的小，則鵲橋二號為月球南極地區(qū)提供通信的時間比北極地區(qū)長，故。正確。

故選：Do

根據(jù)宇宙速度的意義分析鵲橋二號的發(fā)射速度大??；分析鵲橋二號的運動情況，判斷是否相對地球靜止；

環(huán)月大橢圓運動的力由月球引力提供；結合開普勒第二定律分析通信時間長短。

解答本題時，關鍵要理解并掌握宇宙速度的意義，并掌握開普勒第二定律，明確遠月點與近月點的速度大

小。

7.【答案】B

【解析】解：A、單刀雙擲開關S置于接線柱1、2分別對應電容器充電、放電過程，故A錯誤；

3、電容器的充電過程中，隨著電容器帶電荷量的增多，根據(jù)C=g可知電容器兩板間的電壓逐漸增大，充

電電流逐漸減小為零，故8正確；

C、電容器放電過程，電荷量逐漸減小，電流逐漸減小，故C錯誤；

。、電容器的電容大小與其所帶電荷量的多少無關，所以電容器放電過程，電容器的電容不變，故CD錯

誤。

故選：B。

電容器充電過程中充電電流逐漸減小電容器兩板間電壓逐漸增大；電容器電容的大小與電容帶電荷量的多

少無關。

知道電容器充電過程有充電電流，以及充電電流的變化是解題的關鍵。知道電容器電容的大小與電容器帶

電荷量的多少無關。

8.【答案】D

【解析】解：48.由于一正電荷僅在某電場力作用下運動，因此該電荷不可能做勻速直線運動；根據(jù)圖像

可知，電荷的運動速率不隨時間變化，因此該電荷只能在電場力作用下做勻速圓周運動，庫侖引力提供向

心力；由于該電荷為正電荷，因此電場是負點電荷產(chǎn)生的，故錯誤；

C.根據(jù)點電荷產(chǎn)生的場強特點可知，A、8兩點的電場強度大小相等，方向不同，故C錯誤；

D電荷從A點運動2點過程中，由于只受電場力的作用，動能和電勢能的總量保持不變；速度大小始終保

持不變，動能不變，因此系統(tǒng)的電勢能保持不變，故。正確。

故選：Do

AB.根據(jù)速度圖象可知，正電荷的速度大小不變，應該做勻速圓周運動；庫侖力提供向心力，根據(jù)電荷間

的相互作用分析點電荷的帶電性質(zhì)；

c.根據(jù)點電荷產(chǎn)生的場強分布特點分析作答；

D根據(jù)能量守恒定律分析作答。

本題考查運用力學知識分析電荷在電場中運動情況的能力，抓住電場力提供做勻速圓周運動的向心力是解

題的關鍵，知道點電荷產(chǎn)生的場強特點。

9.【答案】C

【解析】解：A、理想變壓器漏磁不計，則原副線圈磁通量變化率之比為1：1,故A錯誤；

B、由圖乙可知，原線圈的電壓最大值U7n=36方L則原線圈的電壓有效值為=苧4=苧*

3672V=36V

由晟=看，可得電壓表七的示數(shù)為4=9L故B錯誤；

C、電壓表片與電壓表/示數(shù)之比只與原副線圈的匝數(shù)有關，與電流或負載變化無關，所以，若七處溫度

升高，電壓表匕與電壓表彩示數(shù)之比不變，故C正確；

。、若&處溫度降低，則其電阻增大，3不變，副線圈中電流減小，則定值電阻R兩端電壓減小，故。錯

誤。

故選：Co

理想變壓器的原副線圈磁通量變化率相同；由圖乙讀出原線圈的電壓最大值，求出有效值，再求電壓表外

的示數(shù)；若&處溫度升高，其阻值增大，電壓表明與電壓表彩示數(shù)之比只與匝數(shù)有關，根據(jù)負載電阻的變

化，可知電流、電壓的變化。

根據(jù)圖像準確讀取有效信息，牢固掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關系，是解決本題的

關鍵。

10.【答案】D

【解析】解：力B,由洛倫茲力提供向心力得

V2

qvB=m—

得

-m-v=T

qB

當電子從右下方a處進入時，半徑減小，可知，電子速度減小

且

v=a)r

解得

即角速度不變

故AB錯誤；

CD.根據(jù)

2

an=a)r

結合以上分析可知，向心加速度越來越小

故C錯誤，。正確。

故選：D。

4B.由洛倫茲力提供向心力和u=3r求角速度的變化；

CD根據(jù)向心加速度公式求向心加速度的變化。

該題主要考查了圓周運動的基本公式，抓住題目中的條件：半徑減小分別對選項進行分析即可，解題關鍵

是熟悉描述圓周運動的物理量之間的關系。

11.【答案】D

【解析】【分析】

畫出小物塊的速度圖象，根據(jù)平均速度乘以時間等于位移分析時間，根據(jù)動能定理分析"的大小。

本題主要是考查動能定理和運動學公式，關鍵是弄清楚物塊的運動情況和受力情況，根據(jù)動能定理進行分

析。

【解答】

小物塊從A到2先加速后減速，u-t圖象如圖所示：

0t

從圖象可以看出從A到B過程中平均速度大于從8到C過程中的平均速度，而4B=BC=x，根據(jù)久=會

可得匕<今；從A到C對小物塊由動能定理：-[img-2x-0-0,解得：kx=4/img,故。正

確，ABC錯誤。

(M+rn)d2

12.【答案】D1.561.30C

2mg

【解析】解：(1)A還需要刻度尺、交流電源，不需要秒表，故A錯誤；

A根據(jù)驗證機械能守恒定律的原理可知，不需要用天平測出重錘的質(zhì)量，故B錯誤；

C.因為是驗證機械能守恒，不可以根據(jù)u=gt來計算重物在f時刻的瞬時速度，只能用紙帶求解平均速度

的方法進行計算，故C錯誤；

。安裝打點計時器時，應使兩個限位孔處于同一豎直線上，實驗時先接通電源，后釋放重物，故。正確。

故選：Do

(2)根據(jù)勻變速直線運動瞬時速度和平均速度關系，則%=嚅="‘I煎浮。2/n/s=1.56m/s；

(3)游標卡尺的精確度為0.05nun,遮光條的寬度d=lznm+6x0.05rmn=1.30nun；為了減小實驗系統(tǒng)

誤差，需要選質(zhì)量大體積小的鉤碼以減小阻力的影響，滑塊和鉤碼質(zhì)量大小對系統(tǒng)誤差沒有影響，多次測

遮光條寬度只能減小偶然誤差，故C正確，錯誤。

故選：Co

222

(4)如果系統(tǒng)機械能守恒，則滿足機9乙=；(用+機)士,得乙=琮詈?5，則圖像斜率k=嚙詈。

2

故答案為：(1)0；(2)1.56；(3)1.30,C；(4)嘿詈。

(1)根據(jù)用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗原理和注意事項進行分析解答；

(2)根據(jù)勻變速直線運動瞬時速度和平均速度關系列式求解；

(3)根據(jù)游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則完成讀數(shù)，結合系統(tǒng)誤差分析判斷；

(4)根據(jù)機械能守恒定律列式結合圖像斜率的物理意義解答。

考查機械能守恒定律的實驗原理和注意事項，光電門的使用，紙帶的數(shù)據(jù)處理等，會根據(jù)題意進行準確分

析解答。

13.【答案】解：(1)光線垂直于邊射入棱鏡后光路圖如圖所示

設光線在棱鏡中發(fā)生全反射的臨界角為C,由幾何關系可得

C=45°

又

1

sinC=—

n

解得

n=V-2

(2)光線自產(chǎn)點平行于BC邊射入棱鏡，光線恰好經(jīng)過。點的光路圖如圖所示

由折射定律得

sinisin45°

72=-----=---------

sinrsinr

可得折射角為

r=30°

則有

乙BPQ=900+30°=120°

在ABPQ中，由正弦定理可得

PQBQ

sinzPBQ—sinZ-BPQ

解得

<6

PQ=

由對稱性可知，光線在棱鏡中通過的路程為

s=2PQ

光線在棱鏡中的傳播速度為

CC

-11——―..............

光線在棱鏡中傳播的時間

S

t=-

V

解得t="

答：(1)棱鏡對該單色光的折射率為調(diào);

(2)單色光在棱鏡中傳播的時間為4y/~3a

3c

【解析】（1）根據(jù)全反射臨界角公式解得折射率；

（2）根據(jù)幾何關系解得光程，根據(jù)u=（解得光速，從而計算傳播時間。

解決本題關鍵是作出光路圖，再運用幾何知識求解入射角折射角，要掌握幾何光學常用的三個規(guī)律：折射

定律、臨界角公式和光速的計算公式。

14.【答案】解：（1）感應電動勢大小為：E=SLv=1x0.5x2=IV

DO

外電阻為：R力=萬=彳。=1.5。

通過打?棒的電流為：I=E==0.25^4；

R外,,+r1.5+2.5

（2）根據(jù)右手定則可知a端的電勢高，則油兩端的電壓：Uab=1R^=0.25x1.5V=0.375I/?

答：（1）通過導體棒功的電流為0.254；

（2）導體棒ab兩端的電壓為0.375U。

【解析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律結合閉合電路歐姆定律進行解答；

（2）根據(jù)右手定則、歐姆定律求解導體棒漏兩端的電壓。

對于電磁感應現(xiàn)象中涉及電路問題的分析方法是：確定哪部分相當于電源，根據(jù)電路連接情況畫出電路

圖，結合法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律、以及電功率的計算公式列方程求解。

15.【答案】解：（1）粒子在電場中粒子做類平拋運動，有

L="oh

1

L=2a好7

根據(jù)牛頓第二定律有a=必

m

解得E=邛

qL

（2）磁場中粒子做等距螺旋線運動，不從側(cè)面出射必從下底面出射，則粒子在z軸負方向分速度大小七=

事

m

解得"z=2v0

運動時間t2=前

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有

2

mVn

qu°B=

2nR

T=----

孫

若軌跡與AB/話面相切，貝噥=,3此時t=

4Z

解得t=等>生

4%2v0

粒子未達即出射，不符合題意；

若軌跡與BCG尸面相切，則R'=L,此時t'=：T

4

解得t'=要

2v0

粒子恰好從FG邊出射。

可得R=L

解得B=等

qL

(3)由上述分析可知，粒子恰好從EbG”面出射點的X坐標為％=L

答：(1)電場強度的大小為鬻；

(2)磁感應強度的大小為鬻；

(3)粒子在斯G8面出