學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精江西省樟樹中學2017屆高三下學期物理周練試卷（01）考試范圍：選修3—2命題人：楊志文審題人：何秋如考試時間：2017年02月05日一、選擇題(本題共10小題，每小題5分，共50分.在每小題給出的四個選項中,第1～6只有一個選項正確，其余題有多個選項正確,全部選對的得4分，選對但不全的得3分,有選錯或不選的得0分)1．在物理學發(fā)展過程中，觀測、實驗、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用．下列敘述不符合史實的是(）A．奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應,該效應揭示了電和磁之間存在聯(lián)系B．安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性,提出了分子電流假說C．法拉第在實驗中觀察到，在通有恒定電流的靜止導線附近的固定導線圈中，會出現(xiàn)感應電流D．楞次在分析了許多實驗事實后提出，感應電流應具有這樣的方向，即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化2．如圖所示,一個形金屬導軌水平放置，其上放有一個金屬導體棒,有一磁感應強度為的勻強磁場斜向上穿過軌道平面,且與豎直方向的夾角為.在下列各過程中，一定能在軌道回路里產(chǎn)生感應電流的是()A．向右運動，同時使減小B．使磁感應強度減小，角同時也減小C．向左運動，同時增大磁感應強度D．向右運動,同時增大磁感應強度和角(0°〈<90°）3．在研究自感現(xiàn)象的實驗中，用兩個完全相同的燈泡A、B與自感系數(shù)很大的線圈L和定值電阻組成如圖所示的電路(線圈的直流電阻可忽略，電源的內(nèi)阻不能忽略)，關(guān)于這個實驗下面說法中正確的是(）A．閉合開關(guān)的瞬間,A、B一起亮，然后A熄滅B．閉合開關(guān)的瞬間，B比A先亮,然后B逐漸變暗C．閉合開關(guān),待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，B逐漸變暗，A閃亮一下然后逐漸變暗D．閉合開關(guān)，待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，A、B燈中的電流方向均為從左向右4。如圖所示，兩塊水平放置的金屬板距離為，用導線、開關(guān)與一個匝的線圈連接,線圈置于方向豎直向上的均勻變化的磁場中．兩板間放一臺小型壓力傳感器，壓力傳感器上表面絕緣，在其上表面靜止放置一個質(zhì)量為、電荷量為的帶正電小球．沒有閉合時傳感器有示數(shù)，閉合時傳感器示數(shù)變?yōu)樵瓉淼囊话耄畡t線圈中磁場的變化情況和磁通量的變化率分別為（）A．正在增強， B．正在增強，C．正在減弱, D．正在減弱,5．如圖所示，金屬棒、金屬導軌和螺線管組成閉合回路，金屬棒在勻強磁場中沿導軌向右運動，則(）A．棒不受安培力作用B．棒所受安培力的方向向右C．棒向右運動速度越大，所受安培力越大D．螺線管產(chǎn)生的磁場,A端為N極6．如圖所示，線圈的自感系數(shù)很大,且其直流電阻可以忽略不計，、是兩個完全相同的小燈泡，開關(guān)閉合和斷開的過程中，燈、的亮度變化情況是(燈絲不會斷）（）A．閉合，亮度不變，亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮；S斷開,立即熄滅,逐漸變暗B．閉合,亮度不變，很亮；S斷開，、立即熄滅C．閉合，、同時亮，而后逐漸熄滅，亮度不變；斷開,立即熄滅，亮一下再熄滅D．閉合，同時亮，而后逐漸熄滅，則逐漸變得更亮；斷開，立即熄滅，一下再熄滅7．（多選)航母上飛機彈射起飛是利用電磁驅(qū)動來實現(xiàn)的。電磁驅(qū)動原理如圖所示,當固定線圈上突然通過直流電流時,線圈一端的金屬環(huán)被彈射出去。現(xiàn)在固定線圈左側(cè)同一位置，先后放有分別用橫截面積相等的銅和鋁導線制成形狀、大小相同的兩個閉合環(huán)，且電阻率銅＜鋁．閉合開關(guān)S的瞬間()A．從左側(cè)看環(huán)中感應電流沿順時針方向B．銅環(huán)受到的安培力大于鋁環(huán)受到的安培力C．若將環(huán)放置在線圈右方,環(huán)將向左運動D．電池正、負極調(diào)換后，金屬環(huán)不能向左彈射8．（多選）如圖所示，在水平面上有兩條光滑的長直平行金屬導軌MN、PQ，電阻忽略不計，導軌間距離為,磁感應強度為的勻強磁場垂直于導軌所在平面。質(zhì)量均為的兩根金屬、放置在導軌上,、接入電路的電阻均為。輕質(zhì)彈簧的左端與桿連接，右端固定.開始時桿以初速度向靜止的桿運動,當桿向右的速度為時，桿向右的速度達到最大值,此過程中桿產(chǎn)生的焦耳熱為，兩桿始終垂直于導軌并與導軌接觸良好，則桿達到最大速度時()A．b桿受到彈簧的彈力為B．a(chǎn)桿受到的安培力為C．a(chǎn)、b桿與彈簧組成的系統(tǒng)機械能減少量為D．彈簧具有的彈性勢能為9．(多選）如圖所示，一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，原線圈a、b間接一電壓為的電源，燈泡L標有“”字樣,當滑動變阻器R的滑動觸頭處在某位置時，電流表示數(shù)為,燈泡剛好正常發(fā)光，則（)A．流經(jīng)燈泡L的交變電流的頻率為100HzB．定值電阻R0的阻值為19ΩC．滑動變阻器R消耗的功率為36WD．若將滑動變阻器R的滑動觸頭向下滑動,則燈泡L的亮度變暗10．（多選）如圖所示，一矩形線圈的面積為，匝數(shù)為，內(nèi)阻不計，繞OO′軸在水平方向的磁感應強度為的勻強磁場中以角速度做勻速轉(zhuǎn)動，從圖示位置開始計時．矩形線圈通過滑環(huán)接一理想變壓器,滑動觸頭P上下移動時可改變輸出電壓，副線圈接有可調(diào)電阻，下列判斷正確的是(）A．矩形線圈產(chǎn)生的感應電動勢的瞬時值表達式為B．矩形線圈從圖示位置經(jīng)過時間內(nèi),通過電流表的電荷量為零C．當P位置不動,R增大時，電壓表讀數(shù)也增大D．當P位置向上移動、R不變時，電流表讀數(shù)變大江西省樟樹中學2017屆高三下學期第1次周練物理答卷班級__________學號_______姓名_____________總分______一、選擇題（每題5分,共50分）題號12345678910答案二、非選擇題(共50分）11．(10分）如圖所示，理想變壓器有兩個副線圈，、是兩盞規(guī)格為“"的燈泡，、是兩盞規(guī)格為“”的燈泡,當變壓器的輸入電壓為時，四盞燈泡恰好都能正常發(fā)光．如果原線圈的匝數(shù)匝，求：(1）副線圈、的匝數(shù)；(2）電流表的讀數(shù)．12．（12分)磁場在xOy平面內(nèi)的分布如圖所示,其磁感應強度的大小均為，方向垂直于xOy平面，相鄰磁場區(qū)域的磁場方向相反，每個同向磁場區(qū)域的寬度均為,整個磁場以速度沿x軸正方向勻速運動．若在磁場所在區(qū)間內(nèi)放置一由n匝線圈組成的矩形線框，線框的、，略大于,總電阻為，線框始終保持靜止．求:（1)線框中產(chǎn)生的總電動勢大小和導線中的電流大小;(2)線框所受安培力的大小和方向．13。（14分),間距，上端接有阻值的電阻，勻強磁場的磁感應強度大小,磁場方向垂直導軌平面向上.一質(zhì)量，電阻的導體棒MN在平行于導軌的外力作用下,由靜止開始向上做勻加速運動，運動過程中導體棒始終與導軌垂直,且接觸良好，當棒的位移時電阻上的消耗的功率為。其他電阻不計，g取。求：(1）此時通過電阻上的電流；（2)這一過程通過電阻R上電荷量；(3）此時作用于導體棒上的外力的大小。14．（14分)如圖所示，勻強磁場的磁感應強度方向豎直向上，大小為,用電阻率為、橫截面積為S的導線做成的邊長為的正方形線框水平放置，為過、兩邊中點的直線，線框全部都位于磁場中．現(xiàn)把線框右半部分固定不動,而把線框左半部分以O(shè)O′為軸向上轉(zhuǎn)動60°，如圖中虛線所示．（1)求轉(zhuǎn)動過程中通過導線橫截面的電荷量；（2）若轉(zhuǎn)動后磁感應強度隨時間按變化(k為常量），求出磁場對線框ab邊的作用力大小隨時間變化的關(guān)系式．江西省樟樹中學2017屆高三下學期第01次周練物理答案一選擇題（每題5分,共50分）題號12345678910答案CABBCDADCDABAD1.答案C解析通有恒定電流的靜止導線附近產(chǎn)生的磁場是不變的，在其附近的固定導線圈中沒有磁通量的變化，因此，不會出現(xiàn)感應電流．2．答案A解析設(shè)此時回路面積為S，據(jù)題意，磁通量Φ＝BScosθ，對A選項，S增大，θ減小，cosθ增大，則Φ增大，A正確．對B選項，B減小，θ減小，cosθ增大，Φ可能不變,B錯誤．對C選項，S減小,B增大，Φ可能不變，C錯誤．對D選項，S增大，B增大，θ增大，cosθ減小,Φ可能不變，D錯誤．故只有A正確．3．答案B解析閉合開關(guān)的瞬間,線圈中產(chǎn)生很大的自感電動勢，阻礙電流的通過，故B立即亮,A逐漸變亮．隨著A中的電流逐漸變大，流過電源的電流也逐漸變大，路端電壓逐漸變小，故B逐漸變暗，A錯誤，B正確；電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，線圈相當于電源,對A、B供電，回路中的電流在原來通過A的電流的基礎(chǔ)上逐漸變小，故A逐漸變暗，B閃亮一下然后逐漸變暗，C錯誤;斷開開關(guān)后,線圈中的自感電流從左向右，A燈中電流從左向右，B燈中電流從右向左，故D錯誤．4。答案B解析根據(jù)K閉合時傳感器示數(shù)變?yōu)樵瓉淼囊话?，推出帶正電小球受向上的電場力，即上極板帶負電，下極板帶正電，線圈感應電動勢的方向從上極板經(jīng)線圈流向下極板，根據(jù)安培定則知感應磁場的方向向下，與原磁場方向相反，又由楞次定律得線圈中磁場正在增強；對小球受力分析得qeq\f(E，d)＝eq\f(mg,2)，其中感應電動勢E＝neq\f（ΔΦ，Δt)，代入得eq\f(ΔΦ，Δt）＝eq\f(mgd，2nq),故B正確．5．答案C解析金屬棒ab沿導軌向右運動時,安培力方向向左，“阻礙”其運動,選項A、B錯誤；金屬棒ab沿導軌向右運動時,感應電動勢E＝Blv，感應電流I＝eq\f(E，R)，安培力F＝BIl＝eq\f(B2l2v，R）,可見,選項C正確；根據(jù)右手定則可知，流過金屬棒ab的感應電流的方向是從b流向a,所以流過螺線管的電流方向是從A端到達B端，根據(jù)右手螺旋定則可知，螺線管的A端為S極，選項D錯誤．6．答案D7．答案AB解析線圈中電流為右側(cè)流入，磁場方向向左，在閉合開關(guān)的過程中,磁場變強，則由楞次定律可知,環(huán)中感應電流由左側(cè)看為順時針，選項A正確；由于銅環(huán)的電阻較小，故銅環(huán)中感應電流較大,故銅環(huán)受到的安培力要大于鋁環(huán)受到的安培力，選項B正確；若將環(huán)放在線圈右方，根據(jù)“來拒去留”可得，環(huán)將向右運動，選項C錯誤；電池正負極調(diào)換后，金屬環(huán)受力仍向左，故仍將向左彈射，選項D錯誤．8．答案AD解析當b桿向右的速度達到最大值時，所受的安培力與彈力相等，此時E＝BL（v－vm），則安培力F安＝BLeq\f（BL（v－vm）,2R）＝eq\f（B2L2（v－vm）,2R),選項A正確；a桿受到的安培力等于b桿受到的安培力的大小，即F安＝eq\f（B2L2\b\lc\（\rc\)（\a\vs4\al\co1（v－vm)），2R)，選項B錯誤；因在過程中a桿產(chǎn)生的焦耳熱為Q，則b桿產(chǎn)生的焦耳熱也為Q,則a、b桿與彈簧組成的系統(tǒng)機械能減少量為2Q，選項C錯誤；由能量守恒定律可知，彈簧具有的彈性勢能為eq\f(1，2）mveq\o\al(2，0)－eq\f（1,2)mv2－eq\f(1，2）mveq\o\al（2,m）－2Q，選項D正確；故選A、D。9．BD［由ω＝2πf得100πrad/s＝2πf,解得f＝50Hz,A錯誤；U2＝eq\f(n2,n1）U1＝55V,I2＝eq\f(n1，n2）I1＝1A，R0兩端的電壓U0＝55V－36V＝19V，R0＝eq\f(U0,I2)＝eq\f(19，1)Ω＝19Ω,B正確．IR＝I2－IL＝1A－0.5A＝0。5A，R上消耗的功率PR＝IRU＝0。5×36W＝18W，C錯誤．滑動變阻器R的滑動觸頭向下滑動時,L兩端的電壓減小，由PL＝eq\f(U\o\al(2,L）,RL）得PL減小，燈泡L變暗,D正確．]10．AD[矩形線圈產(chǎn)生的感應電動勢最大值Em＝NBSω，由圖示線圈位置可知開始計時時產(chǎn)生的感應電動勢最大,則瞬時值表達式為e＝NBSωcosωt,A正確．線圈從圖示位置經(jīng)過eq\f(π，2ω)時間，磁通量變化量ΔΦ≠0,由q＝Neq\f（ΔΦ，R）可知，通過電流表的電荷量不為零，B錯誤．電壓表的示數(shù)為U1＝eq\f（NBSω,\r（2））不變,C錯誤．由eq\f(U1，U2）＝eq\f(n1，n2）得U2＝eq\f（U1n2,n1)，當P位置向上移動時，n1變小，則U2變大，又R不變，再由P＝eq\f（U2,R)可知副線圈消耗的功率P2變大，則可知原線圈的輸入功率P1＝P2變大,再由I1＝eq\f(P1,U1）可知，I1變大，D正確．］11．答案15．(1)40匝60匝（2）0。2A解析(1）由變壓原理可知n1∶n2∶n3＝U1∶U2∶U3得n2＝eq\f（U2，U1)n1＝eq\f(8,220）×1100＝40（匝）n3＝eq\f（U3，U1）n1＝eq\f(2×6，220)×1100＝60(匝）(2）由輸入功率等于輸出功率知I1U1＝P1＋P2＋P3＋P4得I1＝eq\f（2P2＋2P3,U1）＝eq\f（2×10＋2×12，220）A＝0。2A12．答案（1）2nB0Lveq\f（2nB0Lv,R)（2)eq\f（4n2B\o\al（2,0)L2v,R)方向沿x軸正方向解析(1）線框相對于磁場向左做切割磁感線的勻速運動,切割磁感線的速度大小為v，任意時刻線框ab邊切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢大小為E1＝nB0Lvcd邊切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢大小為E2＝nB0Lvab邊和cd邊所處的磁場方向總是相反的，故ab邊和cd邊中產(chǎn)生的感應電動勢方向總是相同的，所以總的感應電動勢大小E＝2nB0Lv,由閉合電路歐姆定律得導線中的電流大小I＝eq\f(2nB0Lv，R)。(2)線框所受安培力的大小F＝2nB0LI＝eq\f(4n2B\o\al（2,0)L2v，R）由左手定則判斷，線框所受安培力的方向始終沿x軸正方向．13。［思維流程］解析(1)根據(jù)熱功率：P＝I2R，解得：I＝eq\r（\f(P，R)）＝eq\r（\f(2。7，0。3)）A＝3A.(2)回路中產(chǎn)生的平均感應電動勢:eq\o(E,\s\up6（－))＝eq\f（ΔΦ，Δt），由歐姆定律得：eq\o(I，\s\up6(－)）＝eq\f(\o（E，\s\up6(－）），R總)，電流和電量之間關(guān)系式：q＝eq\o（I,\s\up6(－))t＝eq\f(ΔΦ，R＋r）＝eq\f（BLd，R＋r)＝eq\f（0.4×0.5×9，0。3＋0。1）C＝4.5C.（3）由(1)知此時感應電流I＝3A，由I＝eq\f（E，r＋R）＝eq\f(BLv,R＋r），解得此時速度：v＝eq\f（I（R＋r）,BL）＝eq\f(3×0。4,0。4×0