2025年黃石市部分學(xué)校高三年級(jí)5月聯(lián)合模擬考試物理注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求。每小題全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.下列屬于衰變的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．該反應(yīng)屬于衰變，放出了氦核（），A錯(cuò)誤；B．該反應(yīng)是盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子（）的核反應(yīng)方程，B錯(cuò)誤；C．該反應(yīng)屬于衰變，放出了電子（），C正確；D．該反應(yīng)是重核裂變的核反應(yīng)方程，D錯(cuò)誤。故選C。2.“祝融號(hào)”火星車需要“休眠”以度過火星寒冷的冬季。假設(shè)火星和地球的冬季是各自公轉(zhuǎn)周期的四分之一，且火星的冬季時(shí)長(zhǎng)約為地球的1.88倍。火星和地球繞太陽的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列關(guān)于火星、地球公轉(zhuǎn)的說法正確的是（）A.火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球的大 B.火星公轉(zhuǎn)的角速度比地球的大C.火星公轉(zhuǎn)的半徑比地球的小 D.火星公轉(zhuǎn)的加速度比地球的小【答案】D【解析】由題意可知，火星的公轉(zhuǎn)周期大于地球的公轉(zhuǎn)周期C．根據(jù)可得可知火星的公轉(zhuǎn)半徑大于地球的公轉(zhuǎn)半徑，故C錯(cuò)誤；A．根據(jù)可得結(jié)合C選項(xiàng)，可知火星的公轉(zhuǎn)線速度小于地球的公轉(zhuǎn)線速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知火星公轉(zhuǎn)的角速度小于地球公轉(zhuǎn)的角速度，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)可得可知火星公轉(zhuǎn)的加速度小于地球公轉(zhuǎn)的加速度，故D正確。故選D。3.如圖所示，一輕質(zhì)曬衣架靜置于水平地面上，水平橫桿與四根相同的斜桿垂直，兩斜桿夾角，一重為的物體懸掛在橫桿中點(diǎn)，則每根斜桿受到地面的（）A.作用力為 B.作用力為C.摩擦力為 D.摩擦力為【答案】B【解析】設(shè)斜桿的彈力大小為，以水平橫桿和重物為整體，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得以其中一斜桿為研究對(duì)象，其受力如圖所示可知每根斜桿受到地面的作用力應(yīng)與平衡，即大小為，每根斜桿受到地面的摩擦力為B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B。4.在與紙面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，建立如圖甲所示的直角坐標(biāo)系，a、b、c、d是該坐標(biāo)系中的4個(gè)點(diǎn)，已知、、；現(xiàn)有一電子以某一初速度從點(diǎn)沿Od方向射入，則圖乙中abcd區(qū)域內(nèi)，能大致反映電子運(yùn)動(dòng)軌跡的是（）A.① B.② C.③ D.④【答案】B【解析】已知、、，則ad中點(diǎn)f（0，L）的電勢(shì)為可知bf連線為等勢(shì)線，場(chǎng)強(qiáng)與等勢(shì)線垂直，即沿著aO方向斜向下，電子以某一初速度從點(diǎn)沿Od方向射入圖乙中abcd區(qū)域內(nèi)，電子的初速度方向與電場(chǎng)力方向垂直，電子做類平拋運(yùn)動(dòng)，則能大致反映電子運(yùn)動(dòng)軌跡的是②。故選B。5.如圖所示，三角形為棱鏡的橫截面，，，一束光線從邊的中點(diǎn)M以45°的入射角射入棱鏡，從N點(diǎn)射出的光線恰好與平行。已知，光在真空中的傳播速度為c，下列說法正確的是（）A.棱鏡對(duì)光的折射率為1.5 B.棱鏡對(duì)光的折射率為C.光在棱鏡中傳播的時(shí)間為 D.光在棱鏡中傳播的時(shí)間為【答案】D【解析】AB.如圖所示設(shè)光在點(diǎn)的折射角為，由幾何關(guān)系得因?yàn)镹點(diǎn)射出的光線恰好與BC平行，則折射角根據(jù)光路可逆原理，有所以由折射定律有棱鏡對(duì)光的折射率故AB錯(cuò)誤；CD.設(shè)光在棱鏡中傳播的速度為，根據(jù)折射定律有由正弦定理有又由幾何關(guān)系光在棱鏡中傳播的時(shí)間解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.如圖所示，足夠長(zhǎng)的水平傳送帶保持的速度勻速運(yùn)動(dòng)，漏斗以20kg/s的流量往傳送帶上裝砂子，不計(jì)砂子的初速度，則與不傳送砂子相比，傳送帶的電動(dòng)機(jī)每秒要多做的功為（）A.10J B.20J C.30J D.40J【答案】B【解析】設(shè)t時(shí)間內(nèi)砂子與傳送帶共速，砂子達(dá)到傳送帶速度經(jīng)歷的位移為傳送帶的位移則相對(duì)運(yùn)動(dòng)的位移大小為根據(jù)動(dòng)能定理知產(chǎn)生的熱量為根據(jù)能量守恒定律得，傳送帶的電動(dòng)機(jī)每秒要多做的功為故選B。7.如圖（a），在光滑絕緣水平桌面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系Oxy，空間內(nèi)存在與桌面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球在桌面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。平行光沿x軸正方向照射，垂直光照方向放置的接收器記錄小球不同時(shí)刻的投影位置。投影坐標(biāo)y隨時(shí)間t的變化曲線如圖（b）所示，則（）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B.投影的速度最大值為C.時(shí)間內(nèi)，投影做勻速直線運(yùn)動(dòng) D.時(shí)間內(nèi)，投影的位移大小為【答案】D【解析】設(shè)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度為，角速度為，軌跡圓心在接收器上的投影坐標(biāo)為，則在0時(shí)刻小球與軌跡圓心的連線與軸夾角為，則經(jīng)過時(shí)間，小球在接收器上的投影坐標(biāo)為由圖（b）可得，，解得小球在接收器上的投影坐標(biāo)與時(shí)間的關(guān)系式為A.由上面分析可得，小球運(yùn)動(dòng)周期為小球在水平面上只受洛倫茲力，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可得又解得磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度故A錯(cuò)誤；B.小球投影坐標(biāo)對(duì)時(shí)間求導(dǎo)，可得則投影的最大速度故B錯(cuò)誤；C.小球投影做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.小球投影在、時(shí)刻的坐標(biāo)分別為時(shí)間內(nèi)，投影的位移大小為故D正確；故選D。8.如圖，圖線a是線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)所產(chǎn)生正弦交流電的圖像，當(dāng)調(diào)整線圈轉(zhuǎn)速后，所產(chǎn)生正弦交流電的圖像如圖線b所示。以下關(guān)于這兩個(gè)正弦交流電的說法正確的是（）A.交流電b在任意0.3s內(nèi)通過線圈的電荷量都為0B.線圈先后兩次轉(zhuǎn)速之比為3∶2C.交流電b的電壓最大值為5VD.若不計(jì)線圈電阻，交流電a、b先后給相同的電阻R供電，在線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量之比為3∶2【答案】BD【解析】A．根據(jù)可知交流電b在0~0.3s時(shí)間內(nèi)不為零，即通過線圈的電荷量不為0。故A錯(cuò)誤；B．由圖可知根據(jù)可得故B正確；C．根據(jù)又聯(lián)立，解得由圖可知解得故C錯(cuò)誤；D．若不計(jì)線圈電阻，交流電a、b先后給相同的電阻R供電，在線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量為，可得故D正確。故選BD。9.一物塊在高3.0m、長(zhǎng)5.0m的斜面頂端從靜止開始沿斜面下滑，其重力勢(shì)能和動(dòng)能隨下滑距離s的變化如圖中直線Ⅰ、Ⅱ所示，重力加速度取10m/s2。則（）A.物塊下滑過程中機(jī)械能不守恒B.物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5C.物塊下滑時(shí)加速度的大小為6.0m/s2D.當(dāng)物塊下滑2.0m時(shí)機(jī)械能損失了12J【答案】AB【解析】A．下滑5m的過程中，重力勢(shì)能減少30J，動(dòng)能增加10J，減小的重力勢(shì)能并不等與增加的動(dòng)能，所以機(jī)械能不守恒，A正確；B．斜面高3m、長(zhǎng)5m，則斜面傾角為θ＝37°。令斜面底端為零勢(shì)面，則物塊在斜面頂端時(shí)的重力勢(shì)能mgh＝30J可得質(zhì)量m＝1kg下滑5m過程中，由功能原理，機(jī)械能的減少量等于克服摩擦力做的功μmg·cosθ·s＝20J求得μ＝0.5B正確；C．由牛頓第二定律mgsinθ－μmgcosθ＝ma求得a＝2m/s2C錯(cuò)誤；D．物塊下滑2.0m時(shí)，重力勢(shì)能減少12J，動(dòng)能增加4J，所以機(jī)械能損失了8J，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖甲所示，間距的金屬軌道與水平面成角放置，上端接定值電阻，下端接定值電阻，其間分布著兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域：區(qū)域Ⅰ內(nèi)的磁場(chǎng)垂直軌道平面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度；區(qū)域Ⅱ內(nèi)的磁場(chǎng)平行軌道向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度。金屬棒MN的質(zhì)量，接入電路的電阻，金屬棒與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)?，F(xiàn)從區(qū)域Ⅰ的上方某處沿軌道靜止釋放金屬棒，當(dāng)金屬棒MN剛到達(dá)區(qū)域Ⅰ的下邊界時(shí)，開始均勻變化。整個(gè)過程中金屬棒的速度隨下滑時(shí)間的變化情況如圖乙所示，圖像中除ab段外均為直線，Oa段與cd段平行。金屬棒在下滑過程中始終與磁場(chǎng)邊界平行，且與軌道間接觸良好，軌道電阻及空氣阻力忽略不計(jì)，兩磁場(chǎng)互不影響，，g取。下列說法正確的是（）A.圖乙中c點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度大小為1m/sB.區(qū)域Ⅰ的寬度為0.8mC.金屬棒穿過區(qū)域Ⅰ過程，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為0.192JD.均勻變化時(shí)的變化率為【答案】BD【解析】A．圖乙中c點(diǎn)對(duì)應(yīng)金屬棒出區(qū)域Ⅰ，由受力平衡得其中解得故A錯(cuò)誤；B．金屬棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ之前的過程中，根據(jù)動(dòng)量定理有求得設(shè)區(qū)域Ⅰ的寬度為，金屬棒穿過區(qū)域Ⅰ的過程中，根據(jù)動(dòng)量定理有又，其中，聯(lián)立得C．金屬棒穿過區(qū)域Ⅰ的過程中，由能量守恒得解得故C錯(cuò)誤；D．由圖乙可知得金屬棒穿過區(qū)域Ⅱ的過程中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有另外，金屬棒穿過區(qū)域Ⅱ時(shí)均勻變化，回路中產(chǎn)生感生電動(dòng)勢(shì)，電動(dòng)勢(shì)為金屬棒與并聯(lián)，再與串聯(lián)，所以回路中的總電阻為金屬棒中的電流為聯(lián)立解得故D正確。故選BD二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某興趣小組使用如圖1電路，探究太陽能電池的輸出功率與光照強(qiáng)度及外電路電阻的關(guān)系，其中P為電阻箱，是阻值為的定值電阻，E是太陽能電池，μA是電流表（量程，內(nèi)阻）（1）實(shí)驗(yàn)中若電流表的指針位置如題圖2所示，則電阻箱P兩端的電壓是______V。（保留3位有效數(shù)字）（2）在某光照強(qiáng)度下，測(cè)得太陽能電池的輸出電壓U與電阻箱P的電阻R之間的關(guān)系如圖3中的曲線①所示。不考慮電流表和電阻消耗的功率，由該曲線可知，M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的太陽能電池的輸出功率是____。（保留3位有效數(shù)字）（3）在另一更大光照強(qiáng)度下，測(cè)得關(guān)系如圖3中的曲線②所示。同樣不考慮電流表和電阻消耗的功率，與曲線①相比，在電阻R相同的情況下，曲線②中太陽能電池的輸出功率______（選填“較小”、“較大”），由圖像估算曲線②中太陽能電池的最大輸出功率約為_____。（保留3位有效數(shù)字）【答案】（1）2.48（2）40.5（3）較大【解析】（1）[1]根據(jù)電流表讀數(shù)規(guī)則，電流表讀數(shù)是電阻箱P兩端的電壓是（2）[2]M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓，電阻，太陽能電池的輸出功率（3）[3]與曲線①相比，在電阻R相同的情況下，曲線②中太陽能電池的電壓較大，由可知，曲線②中太陽能電池的輸出電功率較大；[4]由圖像②可知，太陽能電池電動(dòng)勢(shì)為，圖像的斜率表示電流，因此由輸出功率為當(dāng)電阻大于以后是電流越來越小，可知輸出功率很小，最大值不在大于以后取得，而當(dāng)圖像成直線時(shí)可知電流是恒定的，此時(shí)電壓越大輸出功率越大，因此輸出功率最大值應(yīng)該在阻值之間取得，分別代入估算功率可得，，因此可知最大功率在電阻取得，約為12.某同學(xué)利用手機(jī)連拍功能測(cè)量自由落體加速度，為拍出清晰的照片，他效仿伽利略利用斜面“沖淡”重力的方法，讓物塊沿帶標(biāo)尺的斜面運(yùn)動(dòng)。具體操作步驟如下：①用支架固定好手機(jī)開始連拍，讓物塊從斜面底端滑上斜面直至物塊重新滑回底端；②在物塊上滑過程和下滑過程中各選取連續(xù)拍攝的3張照片如圖所示，手機(jī)每隔時(shí)間T拍攝一張照片：③物塊在上滑1、2、3和下滑1、2、3位置對(duì)應(yīng)的刻度值分別記為、、、、、；④改變斜面傾角，重復(fù)上述步驟，獲得多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。（1）在步驟③中，物塊從上滑1到上滑2的位移_____。（用、表示）（2）若規(guī)定沿斜面向上為正方向，則物塊上滑過程加速度_____，下滑過程加速度_____。（用、…及T表示）（3）令，，多次實(shí)驗(yàn)后，根據(jù)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，以m為縱坐標(biāo)、n為橫坐標(biāo)作出圖像，得到一條直線，若圖像斜率為k，縱軸截距為b，則自由落體加速度為_____；若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，在重復(fù)實(shí)驗(yàn)中，斜面傾角正切值應(yīng)大于_____。（用k和b表示）【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】物塊從上滑1到上滑2的位移為【小問2詳解】[1]若規(guī)定沿斜面向上正方向，則物塊上滑過程有可得物塊上滑過程加速度為物塊下滑過程有可得物塊下滑過程加速度為【小問3詳解】[1]設(shè)物塊與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)為，斜面傾角為；上滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得下滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得則有，則有可得則有，聯(lián)立解得自由落體加速度為[2]若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，為了保證物塊能夠下滑，需要滿足可得13.小贊同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用電子天平測(cè)量環(huán)境溫度的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示。導(dǎo)熱汽缸開口向上并固定在桌面上，用質(zhì)量、截面積的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁間無摩擦。一輕質(zhì)直桿中心置于固定支點(diǎn)上，左端用不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩豎直懸掛活塞，右端用相同細(xì)繩豎直懸掛一個(gè)質(zhì)量的鐵塊，并將鐵塊放置到電子天平上。當(dāng)電子天平示數(shù)為時(shí)，測(cè)得環(huán)境溫度。設(shè)外界大氣壓強(qiáng)，重力加速度。（1）當(dāng)電子天平示數(shù)為時(shí)，環(huán)境溫度為多少？（2）該裝置可測(cè)量的最高環(huán)境溫度為多少？【答案】（1）297K；（2）309K【解析】【分析】（1）由電子天平示數(shù)為600.0g時(shí)，則細(xì)繩對(duì)鐵塊拉力為又：鐵塊和活塞對(duì)細(xì)繩的拉力相等，則汽缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)①當(dāng)電子天平示數(shù)為400.0g時(shí)，設(shè)此時(shí)汽缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p2，對(duì)受力分析有②由題意可知，汽缸內(nèi)氣體體積不變，則壓強(qiáng)與溫度成正比：③聯(lián)立①②③式解得（2）環(huán)境溫度越高，汽缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)越大，活塞對(duì)細(xì)繩的拉力越小，則電子秤示數(shù)越大，由于細(xì)繩對(duì)鐵塊的拉力最大為0，即電子天平的示數(shù)恰好為1200g時(shí)，此時(shí)對(duì)應(yīng)的環(huán)境溫度為裝置可以測(cè)量最高環(huán)境溫度。設(shè)此時(shí)汽缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p3，對(duì)受力分析有④又由汽缸內(nèi)氣體體積不變，則壓強(qiáng)與溫度成正比⑤聯(lián)立①④⑤式解得14.如圖所示，在x>0區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；在x<0區(qū)域內(nèi)存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子甲從點(diǎn)S（-a，0）由靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后，與靜止在點(diǎn)P（a，a）、質(zhì)量為的中性粒子乙發(fā)生彈性正碰，且有一半電量轉(zhuǎn)移給粒子乙。（不計(jì)粒子重力及碰撞后粒子間的相互作用，忽略電場(chǎng)、磁場(chǎng)變化引起的效應(yīng)）（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E；（2）若兩粒子碰撞后，立即撤去電場(chǎng)，同時(shí)在x≤0區(qū)域內(nèi)加上與x>0區(qū)域內(nèi)相同的磁場(chǎng)，求從兩粒子碰撞到下次相遇的時(shí)間△t；（3）若兩粒子碰撞后，粒子乙首次離開第一象限時(shí)，撤去電場(chǎng)和磁場(chǎng)，經(jīng)一段時(shí)間后，在全部區(qū)域內(nèi)加上與原x>0區(qū)域相同的磁場(chǎng)，此后兩粒子的軌跡恰好不相交，求這段時(shí)間內(nèi)粒子甲運(yùn)動(dòng)的距離L?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】（1）粒子甲勻速圓周運(yùn)動(dòng)過P點(diǎn)，則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡半徑R=a則，則粒子從S到O，由動(dòng)能定理可得可得（2）甲乙粒子在P點(diǎn)發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰后速度為、，取向上為正，則有，計(jì)算可得，兩粒子碰后在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，解得，兩粒子在磁場(chǎng)中一直做軌跡相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期分別為，則兩粒子碰后再次相遇解得再次相遇時(shí)間（3）乙出第一象限時(shí)甲在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)角度為撤去電場(chǎng)磁場(chǎng)后，兩粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙粒子運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，再整個(gè)區(qū)域加上相同的磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中仍做半徑為a的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要求軌跡恰好不相切，則如圖所示設(shè)撤銷電場(chǎng)、磁場(chǎng)到加磁場(chǎng)乙運(yùn)動(dòng)了，可知粒子甲勻速運(yùn)動(dòng)距離則粒子乙的勻速運(yùn)動(dòng)距離加上磁場(chǎng)后兩粒子的軌跡恰好外切，設(shè)兩圓心的連線與軸正方向的夾角為。由幾何關(guān)系，還有聯(lián)立解得整理得再有幾何關(guān)系可得又有聯(lián)立解得解得15.如圖，寬度為L(zhǎng)的兩豎直虛線間存在有勻強(qiáng)電場(chǎng)和