1.C由題意可知,刷身份證時會產(chǎn)生感應(yīng)電流,即由磁產(chǎn)生電,有感應(yīng)電流產(chǎn)生,所以其工作原理為電磁感應(yīng)現(xiàn)象,A圖中有電源,為電動機的工作原理,是根據(jù)通電導(dǎo)體在磁場中受力而運動的原理制成的,A錯誤;B圖中的實驗是探究通電螺線管的磁性強弱與電流大小的關(guān)系,利用了電流的磁效應(yīng),B錯誤;C圖中沒有電源,為發(fā)電機的工作原理,是根據(jù)電磁感應(yīng)現(xiàn)象制成的,C正確;D圖中為奧斯特實驗,說明通電導(dǎo)線周圍存在磁場,D錯誤.2.C向右行筆時,毛筆相對白紙向右滑動,受到向左的滑動摩擦力,由相互作用力的關(guān)系可知毛筆對白紙有向右的滑動摩擦力,A錯誤;分析鎮(zhèn)紙受力,鎮(zhèn)紙受到重力和支持力的作用,鎮(zhèn)紙不受摩擦力,B錯誤;分析白紙和鎮(zhèn)紙整體受力得桌面對白紙有向左的靜摩擦力,與毛筆對白紙的滑動摩擦力平衡,C正確,D錯誤.3.B根據(jù)圖像,汽車的速度減半,根據(jù)功率和速度關(guān)系公式P=FU,汽車勻速行駛時牽引力等于阻力,所以功率減小為原來的一半,B正確;根據(jù)動能定理,整個過程中合外力做功為錯誤;減速過程中功率不變,根據(jù)P=FU可知,汽車牽引力不斷變大,C錯誤;根據(jù)圖像可知,速度與時間圖像下方與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移,通過的位移小于D錯誤.4.A因發(fā)射的“鵲橋二號”未能變軌到繞太陽轉(zhuǎn)動,則發(fā)射速度要小于第二宇宙速度,即發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/s之間,選項A正確;“鵲橋二號”在軌道I運行到近月點A時減速才能變軌進入凍結(jié)軌道"運行,選項B錯誤;根據(jù)牛頓第二定律有解得,可知“鵲橋二號”在軌道I上經(jīng)過A點的加速度等于在軌道"上經(jīng)過A點時的加速度,選項C錯誤;軌道I的半長軸大于軌道"的半長軸,由開普勒第三定律,知“鵲橋二號”在軌道I上的運行周期比在軌道"上的運行周期長,選項D錯誤.5.D根據(jù)電場強度的疊加可知,F點和G點場強大小相等但方向不同,A錯誤;根據(jù)電勢的疊加可知,F點和G點電勢相等,B錯誤;根據(jù)電勢疊加可知,P、Q兩點在A、B兩點電荷電場中電勢為零,在C點電荷電場中P點電勢比Q點電勢高,因此,一正電荷在P點的電勢能比在Q點的電勢能大,C錯誤;由于G點電勢比Q點電勢低,F與G兩點電勢相等,因此將一負電荷沿直線從F點移到G點,電勢能先減小后增大,D正確.6.C滑板從A點運動到B點因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q1=μmgcosθ●選項A不符合題意;滑板從A點運動到C點因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q2=μmgcosθ●十μmgs,選項B不符合題意;滑板剛好能通過軌道槽最高點D,則有mg=,可求得UD,從A點運動到到D點,由能量守恒得十2mgR十聯(lián)立可求得Q4,選項D不符合題意;根據(jù)題中信息無法求得滑板到達E點的速度,則無法求出滑板在E點的動能,所以無法求得從A點運動到E點因摩擦產(chǎn)生的熱量,選項C符合題意.7.A電容器的電容由自身決定,與帶電量無關(guān),充電過程電容器電容不變,而帶電量增加,根據(jù)可知,電容器兩極板間的電壓逐漸增大,A正確,B錯誤;最大電流由可知,充電剛開始時,電容器極板上電荷量為零,充電電流最大,隨電容器極板上電荷量增加,充電電流減小,C錯誤;電容器充電功率大,充電快,電容器充滿電時極板間電壓達到最大值,電荷量達到最大值,充電結(jié)束,由QmaX=C●UmaX知電荷量最大值不變,D錯誤.8.AC斜拋運動可分解為堅直方向的豎直上拋運動和水平方向的勻速直線運動.由于A球運動的最大高度比B球運動的最大高度大,因此A球拋出初速度的豎直分速度大,因而在空中運動的時間長,由于水平位移相同,因此A球在空中運動的最小速度小,A項正確,B項錯誤;因A球在空中運動的時間長,由△U=g△t可知,A球的速度變化量大,C項正確;A球拋出時豎直分速度大,水平分速度小,因此兩拋出的初速度大小關(guān)系不能確定,D項錯誤.9.CD在滑動變阻器的滑片P由b端滑到a端的過程中,滑動變阻器接入電阻的阻值先增大后減小,根據(jù)串反并同,電壓表示數(shù)U先變大后變小,A錯誤;電源的效率為,可知,外電阻先增大后減小時,電源的效率先變大后變小,B錯誤;根據(jù)歐姆定律可知電流表示數(shù)先減小后增大,U與I的比值就是接入電路的R1的電阻與R2的電阻的和,所以U與I的比值先變大后變小,C正確;ΔU與ΔI的比值等于等效電源的內(nèi)電阻,為R3與r的并聯(lián)電阻,D正確.10.BD由于輕繩開始剛好伸直,沒有張力,因此圓盤轉(zhuǎn)動后,A、B開始隨圓盤轉(zhuǎn)動需要的向心力由靜摩擦力提供,A項續(xù)增大轉(zhuǎn)動角速度,輕繩開始有拉力并和摩擦力一起提供向心力,當(dāng)轉(zhuǎn)動角速度為w2時,由于m×2r(w—w)=錯誤;物塊A剛好要滑動時,有μmg=m續(xù)增大轉(zhuǎn)動角速度,輕繩開始有拉力并和摩擦力一起提供向心力,當(dāng)轉(zhuǎn)動角速度為w2時,由于m×2r(w—w)=2mr(w—w),可見增加的向心力相同且都由輕繩提供,因此從A剛好要滑動開始,隨著轉(zhuǎn)動的角速度增大,A、B受到的摩擦力大小始終不變,始終等于μmg,A、B不可能滑動,B、D項正確,C項錯誤.解析:(1)由紙帶求速度由逐差法求加速度XCE—XAC=a(4T)2,解得【高三期中考試●物理參考答案第1頁(共2頁)】【高三期中考試●物理參考答案第2頁(共2頁)】(2)由于彈簧測力計示數(shù)F即為輕繩拉力,長木板光滑,輕繩拉力即為小車的合力,由牛頓第二定律F=Ma得a=圖像是過原點的直線,斜率小車質(zhì)量.(3)由移動距離關(guān)系,重物的位移、速度、加速度均為小車的倍,小車加速度a=KF0,則重物加速度為12.(1)見解析偏大解析:(1)電路圖如圖所示.(2)由歐姆定律知測得電流表的內(nèi)阻為(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律有,得到十根據(jù)題意有得到由解得由表達式可知,若不考慮電流表的內(nèi)阻,則會使測得電池的內(nèi)阻偏大.13.解:(1)根據(jù)圖像可知,0~1s內(nèi)工件的加速度大小為(2分)對工件有μmg=ma1(2分)解得μ=0.3(1分)(2)由圖可知,工件與長木板小車最終共速,對長木板小車由運動學(xué)公式可得Ψ1=a2t(2分)根據(jù)牛頓第二定律可知μmg=Ma2(2分)解得M=3kg(1分)14.(1)由題意可知,小球受到重力和電場力的合力沿AP方向,則電場強度方向水平向右(1分)由力的合成有(2分)解得(1分)(2)由幾何關(guān)系知A、P水平距離為(1分)而UAP=Ed(1分)則(2分)(3)根據(jù)動能定理,重力和電場力的合力對小球做功最多時,小球的動能最大,如圖過O作AP的平行線與圓的交點就是Q.A、Q沿合力方向的距離為L=r十rcos60。(2分)重力和電場力的合力為(2分)小球從A到Q,根據(jù)動能定理有(2分)解得EQ=3mgr十(1分)15.解:(1)在圓管最高點有(1分)由圓管底端到頂端過程有(2分)解得Ek=20J(2分)(2)物塊穩(wěn)定時有mg=Kx0(1分)由能量守恒定律得釋放彈簧到圓管底端過程有Ep=mg(x0十x)十