物理參考答案一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1.D【解析】由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知解得故選D。2.B【解析】A.由圖可知，0~2s無(wú)人機(jī)有沿x軸負(fù)方向的速度，2s~4s的時(shí)間內(nèi)沿x軸的加速度為正，則沿向x方向速度會(huì)減小，故A錯(cuò)誤；B.無(wú)人機(jī)開(kāi)始時(shí)沿y軸正方向勻速飛行，0s~4s的時(shí)間內(nèi)沿y軸的加速度為負(fù)，速度有可能先減小再反向增大，故B正確；CD.0s~2s的時(shí)間內(nèi)沿z軸的加速度向上，飛機(jī)加速上升，處于超重狀態(tài)，2s~4s的時(shí)間內(nèi)沿z軸的加速度向下，由圖像面積可知速度還是向上，處于失重狀態(tài)，故C、D錯(cuò)誤，故選B。3.C【解析】飛機(jī)沿繩方向的速度分量等于阻攔索繩移動(dòng)的速度大小，即4.D【解析】A根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有(可知地球的質(zhì)量為,故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)a=w2r,可知“天通一號(hào)”01星的向心加速度,靜止在赤道上的物體的向心加速度,則a>a?,故B錯(cuò)誤；C.“天通一號(hào)”01星若受到阻力的影響，運(yùn)行軌道會(huì)逐漸降低，即軌道半徑會(huì)逐漸減小，根據(jù)有,可知r變小，v變大。故C錯(cuò)誤；D.該手機(jī)信號(hào)從發(fā)射到返回至該手機(jī)，路程至少為2h,所需時(shí)間至少為,故D正確?？芍滁c(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與該點(diǎn)到導(dǎo)體棒的距離成反比。則任意一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小可寫(xiě)成,故選D。6.C【解析】對(duì)下虛線以下部分的繩子，由于只受重力和繩子拉力而平衡，所以只能是處于豎直狀態(tài)，由此可以排除A、D選項(xiàng)；將上虛線下面部分看作一個(gè)整體，質(zhì)量為m,風(fēng)力大小為F,設(shè)虛線上方的繩子單位長(zhǎng)度質(zhì)量為m,取線上一小段△I,質(zhì)量為△m=△m,則小段細(xì)線與豎直方向的夾角的正切值為,越向上，繩子長(zhǎng)度越長(zhǎng)，則tanθ越小，則θ越小。故選C。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7.AC【解析】AB.以足球撞擊后的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理F△t=mΔo△v=√02+v2,該運(yùn)動(dòng)員頭部受到的平均撞擊力大小為F=100N,故A正確，B錯(cuò)誤；C.若增大v1和v?之間的夾角，其他條件不變，則△增大，由動(dòng)量定理可得，該運(yùn)動(dòng)員頭部受到的平均撞擊力增大，故C正確；D.根據(jù)動(dòng)量定理，若延長(zhǎng)撞擊時(shí)間△t,其他條件不變，該運(yùn)動(dòng)員頭部受到的平均撞擊力減小，若縮短撞擊時(shí)間△t,其他條件不變，該運(yùn)動(dòng)員頭部受到的平均撞擊力增物理參考答案第1頁(yè)共4頁(yè)物理參考答案第2頁(yè)共4頁(yè)大，故D錯(cuò)誤；故選AC。8.AB【解析】A.該吸管的原理是由銅箔組成的電容器，其電容發(fā)生改變從而觸發(fā)音樂(lè)開(kāi)關(guān)，根據(jù)電容器知識(shí)可知，當(dāng)可樂(lè)到達(dá)銅箔電極部分，其有銅箔組成的電容器間相當(dāng)于插入了一個(gè)導(dǎo)體，相當(dāng)于極板間的距離減小了，所以電容變大，故A項(xiàng)正確；B.由題意可知，其電容器為銅箔構(gòu)成，而細(xì)管接入銅箔之間，從結(jié)構(gòu)上看，其細(xì)管除了喝水以外，也充當(dāng)了電介質(zhì)的作用，故B項(xiàng)正確；C.由之前的分析可知，當(dāng)電容器的電容改變，即會(huì)聽(tīng)到音樂(lè)，而當(dāng)喝其他飲料時(shí)，其它飲料到達(dá)銅箔的位置時(shí)，也改變了其電容，所以用該吸管喝別的飲料時(shí)也可能會(huì)發(fā)出音樂(lè)，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.由之前的分析可知，當(dāng)電容器的電容改變，即會(huì)聽(tīng)到音樂(lè)，而當(dāng)一根小木條插入吸管中時(shí)，也改變了其電容，所以手持一根小木條插入吸管中也可能聽(tīng)到音樂(lè)，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。9.BC【解析】A.根據(jù)題中敘述可知，與高緯度地區(qū)相比，中低緯度地區(qū)不容易觀察到極光現(xiàn)象與地磁場(chǎng)的分布有關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.處于穩(wěn)態(tài)的大量同種原子與高能粒子碰撞，因吸收的能量可能不同，有可能躍遷至某一高能態(tài)，也有可能產(chǎn)生電離，選項(xiàng)B正確；C.在高緯度地區(qū)，高能粒子吸收較大的能量受到激發(fā)后容易輻射出綠光；而中低緯度的高能粒子受到激發(fā)輻射出紅光，則根據(jù)躍遷規(guī)律可知，產(chǎn)生綠色極光與產(chǎn)生紅色極光相比，原子躍遷前后兩個(gè)能級(jí)的能量差更大，選項(xiàng)C正確；D.地磁場(chǎng)對(duì)高能粒子不做功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。10.ABD【解析】A.工件放到傳送帶時(shí)，工件相對(duì)傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，受到向上的滑動(dòng)摩擦力，工件速度和傳送帶速度相同時(shí)，相對(duì)傳送帶靜止，受到向上的靜摩擦力，故A正確；B.兩工件間的最大距離xm=7T=0.5m,所以B正確；C.剛開(kāi)始加速0.1s的兩個(gè)工件間距離最小，加速過(guò)程由牛頓第二定律可得μmgcosθ-mgsinθ=ma,代入數(shù)據(jù)可得a=2.5m/s2,由位移公式,故C錯(cuò)誤；D.穩(wěn)定工作時(shí)，每一個(gè)T=0.1s內(nèi)，傳送帶等效傳送一個(gè)件。而每傳送一個(gè)工件電動(dòng)機(jī)需做的功等于一個(gè)件由底部傳到頂部過(guò)程中其機(jī)械能的增量與摩擦產(chǎn)生的熱量之和。三、非選擇題：本題共5小題，共56分?！窘馕觥?1)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)連接交流電源，為了減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦，并且充分利用紙帶，應(yīng)手提著紙帶上端使紙帶處于豎直方向且重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。故選B;(2)從打0點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能的減少量△E=mghg,依題意有,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻速度等于該段過(guò)程的平均速度，則打B點(diǎn)時(shí)的速度大小為,則從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物動(dòng)能的增加量為;(3)設(shè)重物受到的阻力大小為f,根據(jù)動(dòng)能定理可得整理可得阻力為0,則v2-h圖線的斜率為k=2g,則兩圖線斜率應(yīng)相同，由題圖可知，兩圖線斜率不相等，所以阻力不可能為零；由圖像斜率關(guān)系可知,由于不清楚兩重物所受阻力大物理參考答案第3頁(yè)共4頁(yè)小關(guān)系，所以無(wú)法確定m與m?的大小關(guān)系，即m可能等于m?。故選BC?！窘馕觥?1)由題意可知，滑塊通過(guò)光電門(mén)A、B對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度分別為,滑塊從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度時(shí)間關(guān)系可得：,綜合可得：,圖乙遮光片的寬度在刻度尺上對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為d=2.0mm;(2)a-M函數(shù)關(guān)系圖o像為雙曲線的一支，說(shuō)明a與M成反比，則有成正比。由牛o頓第二定律有mg=Ma,當(dāng)鉤碼的質(zhì)量m不變，滑塊的質(zhì)量M與加速度a的乘積不變恒為mg,把a(bǔ)-M函數(shù)關(guān)系圖像中兩個(gè)矩形補(bǔ)充完整，如圖所示：兩個(gè)完整的矩形的面積相等都為mg,再減去補(bǔ)充的共有面積，剩余的面積也相等，即圖中兩矩形的面積相等；(3)圖丁是滑塊的質(zhì)量M頓第二定律有mg=Ma,當(dāng)鉤碼的質(zhì)量m不變，滑塊的質(zhì)量M與加速描繪出a-mg的函數(shù)關(guān)系圖像是正比例函數(shù)關(guān)系圖像說(shuō)明a與mg成正比。由牛頓第二定律有mg=Ma,可得說(shuō)明圖線的斜率等13.(10分)(1)F=4.0×10?N(2)L?=0.18m【解析】(1)谷物在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)飽粒的最小質(zhì)量為m,其對(duì)應(yīng)落點(diǎn)在第一出料口的最右側(cè)，水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，有：(2)設(shè)癟粒中質(zhì)量最小的顆粒質(zhì)量為m',其對(duì)應(yīng)落點(diǎn)在第二出料口最右側(cè)，水平方向的加速度……… 【解析】(1)t=1時(shí)C的位移為x=2Lcos30°=√3L……根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，有2……(2)沿桿方向速度相等，為根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解如圖B繞A做圓周運(yùn)動(dòng)，解得vs=√2gL…分物理參考答案第4頁(yè)共4頁(yè)故重力對(duì)B做功的瞬時(shí)功率為……………2分(3)t=t時(shí)刻對(duì)C分析，設(shè)BC間桿對(duì)C的作用力為Fc,根據(jù)牛頓第二定律Fccos30°+F=ma聯(lián)立解Fc=0…1分又B繞A做圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)B進(jìn)行受力分析，如圖設(shè)AB桿對(duì)B的彈力FA沿AB桿指向B,根據(jù)牛頓第二定律，有解得即此時(shí)AB桿對(duì)B的彈力大小為……………1分【解析】(1)設(shè)兩球碰撞后的共同速度為v,取球2運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得所以………1分(2)取球2初始運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，兩球的初始總?dòng)量Po=2mo-mvo=mo………1分軌道在水平方向?qū)汕虻目倹_量：Ix=△p=-2mo…………1分軌道在豎直向上的方向上對(duì)兩球的作用力Fn=3mg所以軌道在豎直向上的方向上對(duì)兩球的總沖量…1分故軌道對(duì)兩球的總沖量大小為……1分(3)繩被拉直時(shí)恰好處于水平狀態(tài)，如圖2所示沿著管道方向建立坐標(biāo)系，根據(jù)動(dòng)量守恒可知2mv?-m?