物理參考答案第1頁(共4頁)成都市2025級高中畢業(yè)班第三次診斷性檢測物理試題參考答案及評分意見一、單項(xiàng)選擇題:本題共7小題,每題4分,共28分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)符合要求.1.A2.C3.B4.D5.B6.C7.A二、多項(xiàng)選擇題:本題共3小題,每題6分,共18分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多項(xiàng)符合要求.全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分.8.BD9.AB10.AC三、非選擇題:本題共5小題,共54分.11.(1)p0+ρgh(2分)(2)(2分)(3)左端玻璃管密封不嚴(yán)有漏氣;左端玻璃管內(nèi)氣體可能少部分溶解;環(huán)境溫度下降(其它合理答案參照給分)(2分)12.(1)最大值(2分)(3)＞(2分)(2)48.0(2分)(3)＞(2分)13.(10分)v＝vCcos37°(1分)解:(1)游客從Cv＝vCcos37°(1分)從B點(diǎn)到C點(diǎn),對游客由動(dòng)能定理得:(1分)在B點(diǎn)對游客由牛頓第二定律得:(1分)(2)EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up9(代),從)EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up9(入數(shù)據(jù)),C點(diǎn)運(yùn))動(dòng),EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up8(T),點(diǎn))＝,EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up8(９５０N),豎直初)速度為vy,時(shí)間為t1,此過程的水平位移為x1,由(EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up9(１分),運(yùn)動(dòng)))合成與分解得:vy＝vtan37°(1分)(1分)從D點(diǎn)平拋到水中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2,此過程的水平位移為x從D點(diǎn)平拋到水中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2,此過程的水平位移為x2,得:(1分)(其它合理答案參照給分)EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up10(x),游)EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up10(vt),從)C到落水點(diǎn)的水平距離為:x＝x1+x2=3.2m((EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up10(１),１)EQ\*jc3\*hps19\o\al(\s\up11(分),分)))(其它合理答案參照給分)物理參考答案第2頁(共4頁)14.(12分)解:(1)N、M兩點(diǎn)電勢相等,從N到M電場力做功為零,對小球由動(dòng)能定理得:(2分)解得:Ek=2mgL(1分)(2)小球所受電場力等于重力qE＝mg(1分)如答圖所示,小球在yOz平面內(nèi)從N運(yùn)動(dòng)到H做勻速圓周運(yùn)動(dòng),O′為軌跡圓圓心,設(shè)小球運(yùn)動(dòng)的半徑為r,由幾何關(guān)系可得:(1分)解得小球從N到H的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為●(1分)解得(1分)(3)小球?qū)⒆龅染嗦菪\(yùn)動(dòng),將小球速度分解到垂直于磁場和平行于磁場的方向平行磁場方向有:2L＝v0cos45°t1(1分)運(yùn)動(dòng)時(shí)間小球在垂直磁場方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng),設(shè)周期為T,洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律及周期公式,得:(1分)當(dāng)小球垂直于磁場方向完成一次圓周運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí),磁感應(yīng)強(qiáng)度有最小值,即:T＝t1(1分)解得(1分)(其它合理答案參照給分)物理參考答案第3頁(共4頁)15.(16分)解:(1)B下滑過程由動(dòng)能定理得(1分)B和A碰撞過程由動(dòng)量守恒定律得:mv0=2mv1(1分)由能量守恒定律得●(1分)解得:E損=1.8J(1分)(2)A和B組成的整體質(zhì)量為2m,其將在斜面上做往復(fù)運(yùn)動(dòng)直至到達(dá)O點(diǎn)時(shí)速度為零,之后將在O點(diǎn)下方區(qū)域做簡諧振動(dòng).系統(tǒng)減少的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為在O點(diǎn)上方區(qū)域摩擦產(chǎn)生的熱量,由能量守恒得:●(2分)Q=μ1mgcosθs0(1分)1.8m(3)由分析可知整體第一次向下運(yùn)動(dòng)的最大位移等于彈簧的最大形變量,A、B從碰后到第一次運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過程,由能量守恒定律:●(1分)A、B整體向下運(yùn)動(dòng)過平衡位置O1點(diǎn)時(shí),回復(fù)力為零,此時(shí)彈簧形變量為x1則:kx1+μ2mgcosθ=2mgsinθ(1分)解得:x1=0.01m設(shè)A、B整體經(jīng)平衡位置O1點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)一小段距離后,偏離平衡位置的位移為Δx,彈簧形變量為x則:x＝x1+Δx故形變量為x時(shí),回復(fù)力的大小為:F回＝kx+μ2mgcosθ-2mgsinθ=kΔx(1分)又因?yàn)榛貜?fù)力方向和位移Δx的方向相反,證得A、B整體向下的運(yùn)動(dòng)為單方向簡諧運(yùn)動(dòng).則A、B整體向下運(yùn)動(dòng)的振幅:A0=xmax－x1=0.19m在最低點(diǎn)時(shí),整體所受彈簧彈力為kxmax=20N＞2mgsinθ+μ2mgcosθ=3N,此后將向上運(yùn)動(dòng).同理可證整體向上的運(yùn)動(dòng)也是單方向簡諧振動(dòng),平衡位置為O2點(diǎn),此時(shí)彈簧形變量設(shè)為x2,平衡位置回復(fù)力為零,則:kx-μ2mgcosθ=2mgsinθ(1分)物理參考答案第4頁(共4頁)解得:x2=0.03m若記本次為第1次單方向簡諧振動(dòng),運(yùn)動(dòng)的振幅為:A=x－x=A0-0.02m=0.17m向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)之后整體將向下做第2次單方向簡諧振動(dòng),平衡位置又變成O1點(diǎn),振幅為:A2=A1-0.02m=0.15m向下運(yùn)動(dòng)到達(dá)最低點(diǎn)之后整體將向上做第3次單方向簡諧振動(dòng),平衡位置又變成O2點(diǎn),振幅為:A3=A2-0.02m=0.13m由上述分析發(fā)現(xiàn)整體振幅的變化將依次遞減0.02m則第n次振動(dòng)的振幅為:An＝A0-0.02n(m)(1分)考慮整體最后停止的位置一定位于彈簧壓縮狀態(tài),設(shè)停止時(shí)彈簧壓縮量為xI,則由整體靜止條件得:kxI-2mgsinθ≤μ2mgcosθ(1分)解得:0.01m≤xI≤0.03mA9=0.01m,則當(dāng)整體從最低點(diǎn)往上運(yùn)動(dòng)2A9后速度會變?yōu)榱?此時(shí)彈簧形變量為xI=0.02m,整體將停止運(yùn)動(dòng)。綜上,A、B整體運(yùn)動(dòng)的總路程為:s1=x1+A0+2(A1+A2+……+A9)=1.82m(1分)則A與斜面摩擦產(chǎn)生的熱量為:Q=μ1mgcosθs1解得:Q=1.82J