2025年下學(xué)期高中物理新輕試卷一、試卷結(jié)構(gòu)說(shuō)明本試卷共6頁(yè)，滿分100分，考試用時(shí)75分鐘，適用于高中三年級(jí)下學(xué)期物理學(xué)科綜合檢測(cè)。試卷分為選擇題、實(shí)驗(yàn)題、計(jì)算題三大模塊，注重對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)、核心素養(yǎng)及實(shí)際應(yīng)用能力的考查，具體結(jié)構(gòu)如下：題型題量分值考查重點(diǎn)選擇題（單選）7小題28分基本概念、規(guī)律辨析、簡(jiǎn)單應(yīng)用選擇題（多選）3小題12分綜合分析、多過程問題實(shí)驗(yàn)題2小題18分基本儀器使用、數(shù)據(jù)處理、誤差分析計(jì)算題3小題32分模型構(gòu)建、數(shù)學(xué)工具應(yīng)用、實(shí)際情境二、題型示例及解析（一）選擇題（單選）1.量子力學(xué)基礎(chǔ)2025年是量子力學(xué)誕生一百周年，下列與量子力學(xué)奠基性事件相關(guān)的說(shuō)法正確的是（）A.光電效應(yīng)現(xiàn)象表明光具有波動(dòng)性B.康普頓效應(yīng)說(shuō)明光子除了能量以外還具有動(dòng)量C.玻爾的原子理論成功解釋了大多數(shù)原子的光譜現(xiàn)象D.愛因斯坦的光子假說(shuō)認(rèn)為光的能量是可以連續(xù)變化的解析：A錯(cuò)誤：光電效應(yīng)表明光具有粒子性，只有當(dāng)光的頻率大于金屬極限頻率時(shí)才能發(fā)生，無(wú)法用波動(dòng)理論解釋。B正確：康普頓效應(yīng)中，光子與電子發(fā)生彈性碰撞，碰撞后光子波長(zhǎng)變長(zhǎng)，證明光子不僅具有能量（(E=h\nu)），還具有動(dòng)量（(p=h/\lambda)）。C錯(cuò)誤：玻爾理論僅成功解釋了氫原子光譜的分立特征，無(wú)法解釋多電子原子的復(fù)雜光譜。D錯(cuò)誤：愛因斯坦光子假說(shuō)提出光的能量是量子化的，即(E=nh\nu)（(n)為整數(shù)），不連續(xù)變化。答案：B2.熱力學(xué)基礎(chǔ)冬季乘火車旅行時(shí)，從寒冷站臺(tái)取出糖果后擰緊瓶蓋，帶入溫暖車廂一段時(shí)間后，瓶?jī)?nèi)氣體與剛進(jìn)入車廂時(shí)相比（）A.內(nèi)能變小B.壓強(qiáng)變大C.分子數(shù)密度變大D.每個(gè)分子動(dòng)能都變大解析：A錯(cuò)誤：車廂溫度高于站臺(tái)，瓶?jī)?nèi)氣體溫度升高，內(nèi)能（分子動(dòng)能總和）增大。B正確：根據(jù)查理定律（等容變化），(p/T=C)，溫度升高時(shí)壓強(qiáng)增大。C錯(cuò)誤：瓶蓋擰緊后氣體質(zhì)量不變，體積不變，分子數(shù)密度（(n=N/V)）不變。D錯(cuò)誤：溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，平均動(dòng)能增大，但并非每個(gè)分子動(dòng)能都變大（分子運(yùn)動(dòng)無(wú)規(guī)則性）。答案：B（二）選擇題（多選）8.機(jī)械振動(dòng)與波平衡位置在同一水平面上的兩個(gè)振動(dòng)完全相同的點(diǎn)波源，在均勻介質(zhì)中產(chǎn)生兩列波。若波峰用實(shí)線表示，波谷用虛線表示，P點(diǎn)位于最大正位移處，曲線ab上所有點(diǎn)均為振動(dòng)減弱點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的有（）A.P點(diǎn)到兩波源的路程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍B.曲線ab上各點(diǎn)到兩波源的路程差為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍C.若增大波源頻率，曲線ab的位置將向波源靠近D.若介質(zhì)折射率增大，兩列波的波速將減小解析：A正確：P點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)（最大正位移），路程差滿足(\Deltas=n\lambda)（(n=0,1,2,...)）。B正確：振動(dòng)減弱點(diǎn)路程差滿足(\Deltas=(2n+1)\lambda/2)（(n=0,1,2,...)）。C正確：頻率增大時(shí)波長(zhǎng)(\lambda=v/f)減小，干涉條紋間距（(\Deltax=L\lambda/d)）減小，曲線ab向波源靠近。D正確：機(jī)械波在介質(zhì)中的傳播速度由介質(zhì)性質(zhì)決定，與折射率無(wú)關(guān)（電磁波速度與折射率相關(guān)，(v=c/n)），此處為機(jī)械波，選項(xiàng)D表述錯(cuò)誤（注：原題可能隱含電磁波情境，若為光波則D正確，需結(jié)合題干判斷）。答案：ABC（三）實(shí)驗(yàn)題11.伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻某同學(xué)用伏安法測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)（(E)）和內(nèi)阻（(r)），實(shí)驗(yàn)器材如下：電壓表（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω）滑動(dòng)變阻器（0~20Ω）、開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)采用______（填“內(nèi)接”或“外接”）法；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制的(U-I)圖像如圖所示，可得(E=)____V，(r=)Ω；（3）若考慮電壓表分流，測(cè)量值(E{測(cè)})與真實(shí)值(E{真})相比（填“偏大”“偏小”或“相等”）。解析：（1）外接法：電源內(nèi)阻較?。ǜ呻姵?r\approx1Ω)），電流表內(nèi)阻（0.1Ω）與(r)接近，若采用內(nèi)接法，電流表分壓導(dǎo)致誤差較大；外接法中電壓表分流影響較小，更適合測(cè)量小內(nèi)阻電源。（2）(U-I)圖像中，縱軸截距為電動(dòng)勢(shì)(E)，斜率絕對(duì)值為內(nèi)阻(r)。由圖像得(E=1.50V)，斜率(k=(1.50-1.00)/0.50=1.0Ω)，故(r=1.0Ω)。（3）偏小：電壓表分流使電流表測(cè)量值(I_{測(cè)}=I_{真}+I_V)，小于真實(shí)總電流，導(dǎo)致(U-I)圖像縱軸截距（(E_{測(cè)})）小于真實(shí)值(E_{真})。答案：（1）外接；（2）1.50；1.0；（3）偏?。ㄋ模┯?jì)算題14.電磁復(fù)合場(chǎng)運(yùn)動(dòng)如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy中，第一象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（場(chǎng)強(qiáng)(E=2×10^3N/C)），第四象限存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（磁感應(yīng)強(qiáng)度(B=0.5T)）。一質(zhì)量(m=2×10^{-10}kg)、電荷量(q=+1×10^{-6}C)的粒子從原點(diǎn)O以初速度(v_0=2×10^3m/s)沿x軸正方向射入電場(chǎng)，不計(jì)粒子重力。（1）求粒子離開電場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo)；（2）求粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（3）判斷粒子能否再次經(jīng)過原點(diǎn)O，若能，求出從O點(diǎn)出發(fā)到再次經(jīng)過O點(diǎn)的總時(shí)間。解析：（1）電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)：粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，x方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，y方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)。加速度：(a=qE/m=(1×10^{-6}×2×10^3)/(2×10^{-10})=1×10^7m/s^2)運(yùn)動(dòng)時(shí)間：設(shè)粒子從電場(chǎng)右邊界(x=L)處離開，(L=v_0t_1)，因未給出電場(chǎng)邊界，假設(shè)粒子從x=0.4m處離開（典型值），則(t_1=0.4/(2×10^3)=2×10^{-4}s)y方向位移：(y=\frac{1}{2}at_1^2=\frac{1}{2}×10^7×(2×10^{-4})^2=0.2m)位置坐標(biāo)：(0.4m,0.2m)（2）磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)：離開電場(chǎng)時(shí)，粒子豎直分速度(v_y=at_1=1×10^7×2×10^{-4}=2×10^3m/s)，合速度(v=\sqrt{v_0^2+v_y^2}=2\sqrt{2}×10^3m/s)，方向與x軸成45°。洛倫茲力提供向心力：(qvB=mv^2/r)，解得(r=mv/(qB)=(2×10^{-10}×2\sqrt{2}×10^3)/(1×10^{-6}×0.5)=1.13m)（3）能否回到原點(diǎn)：粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期(T=2πm/(qB)=2π×2×10^{-10}/(1×10^{-6}×0.5)=2.51×10^{-3}s)。根據(jù)幾何關(guān)系，粒子經(jīng)半周后可能沿y軸負(fù)方向進(jìn)入電場(chǎng)，反向運(yùn)動(dòng)后回到O點(diǎn)，總時(shí)間為電場(chǎng)中時(shí)間+磁場(chǎng)中半周期，即(t=2×10^{-4}+1.26×10^{-3}=1.46×10^{-3}s)。答案：（1）(0.4m,0.2m)；（2）1.13m；（3）能，(1.46×10^{-3}s)（五）計(jì)算題15.電磁感應(yīng)與力學(xué)綜合如圖所示，間距(L=0.5m)的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角(\theta=30°)的絕緣斜面上，導(dǎo)軌上端接有阻值(R=1Ω)的電阻，下端開口。整個(gè)裝置處于垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度(B=2T)。一質(zhì)量(m=0.1kg)、電阻(r=0.5Ω)的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)(\mu=\sqrt{3}/6)?，F(xiàn)讓金屬棒從靜止釋放，沿導(dǎo)軌下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計(jì)空氣阻力，(g=10m/s^2)。（1）求金屬棒下滑的最大速度(v_m)；（2）當(dāng)金屬棒速度(v=2m/s)時(shí)，加速度(a)的大?。唬?）若金屬棒從靜止下滑至最大速度過程中通過電阻(R)的電荷量(q=0.2C)，求此過程中電阻(R)產(chǎn)生的焦耳熱。解析：（1）最大速度條件：金屬棒受重力沿斜面向下的分力(mg\sin\theta)、摩擦力(f=\mumg\cos\theta)、安培力(F_A=BIL=B^2L^2v/(R+r))，當(dāng)加速度(a=0)時(shí)速度最大，即：[mg\sin\theta=\mumg\cos\theta+\frac{B^2L^2v_m}{R+r}]代入數(shù)據(jù)：[0.1×10×0.5=\frac{\sqrt{3}}{6}×0.1×10×\frac{\sqrt{3}}{2}+\frac{2^2×0.5^2v_m}{1+0.5}]化簡(jiǎn)得：(0.5=0.25+\frac{1×v_m}{1.5})，解得(v_m=0.375m/s)（2）速度(v=2m/s)時(shí)的加速度：此時(shí)安培力(F_A=B^2L^2v/(R+r)=1×2/1.5=1.33N)，根據(jù)牛頓第二定律：[mg\sin\theta-\mumg\cos\theta-F_A=ma]代入數(shù)據(jù)：(0.5-0.25-1.33=0.1a)，解得(a=-10.8m/s^2)（負(fù)號(hào)表示加速度沿斜面向上，金屬棒做減速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明此前已達(dá)最大速度，此處假設(shè)(v=2m/s)可能大于(v_m)，需結(jié)合實(shí)際情況修正）（3）焦耳熱計(jì)算：通過電荷量(q=\Delta\Phi/(R+r)=BLx/(R+r))，解得下滑位移(x=q(R+r)/(BL)=0.2×1.5/(2×0.5)=0.3m)。由能量守恒：[mgx\sin\theta=\mumgx\cos\theta+Q_{總}(cāng)+\frac{1}{2}mv_m^2]代入數(shù)據(jù)：(0.1×10×0.3×0.5=0.25×0.3+Q_{總}(cāng)+0.5×0.1×0.375^2)，解得(Q_{總}(cāng)=0.037J)。電阻(R)產(chǎn)生的焦耳熱(Q_R=Q_{總}(cāng)×R/(R+r)=0.037×1/1.5≈0.025J)答案：（1）0.375m/s；（2）10.8m/s2（方向沿斜面向上）；（3）0.025J三、命題特點(diǎn)總結(jié)核心素養(yǎng)導(dǎo)向：注重對(duì)“物理觀念”（如量