2026屆云南省新平縣一中高三化學第一學期期中聯(lián)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、下列敘述正確的是A．向CaCO3固體中滴加稀鹽酸，將產生的氣體通入Na2SiO3溶液中，產生白色膠狀物質，可證明酸性：HC1>H2CO3>H2SiO3B．向鐵的氧化物中加入鹽酸至恰好溶解，再滴入少量酸性KMnO4溶液，KMnO4溶液紫色褪去，則溶液中含有Fe2+C．將少量的溴水分別滴入FeC12溶液、NaI溶液中，再分別滴加CC14振蕩，下層分別呈無色和紫紅色，則說明還原性：I->Fe2+>Br-D．向NH4A1(SO4)2溶液中逐滴加入NaOH溶液，先產生白色沉淀，接著產生刺激性氣味的氣體，最后沉淀逐漸溶解2、下列有關儀器的使用方法或實驗操作正確的是A．使用容量瓶和分液漏斗前必須檢漏B．可以用溫度計代替玻璃棒攪拌溶液C．進行中和滴定實驗時，需用待測液潤洗錐形瓶D．熔化氫氧化鈉固體需在玻璃坩堝中進行3、室溫下有下列四種溶液：①0.1mol/L氨水②0.1mol/LNH4Cl溶液③混合溶液：鹽酸和NH4Cl的濃度均為0.1mol/L④混合溶液：NaOH和氨水的濃度均為0.1mol/L。四種溶液中c(NH4＋)由大到小排列正確的是A．②③④① B．②①③④ C．③②④① D．③②①④4、利用廢鐵屑(主要成分為Fe，還含有C，S，P等)制取高效凈水劑K2FeO4流程如圖：下列說法不正確的是A．廢鐵屑在酸溶前可用熱的純堿溶液去油污B．步驟②是將Fe2+轉化為Fe(OH)3C．步驟③中發(fā)生的反應的離子方程式為2Fe(OH)3+3ClO-==2FeO42-+3Cl-+4H++H2OD．步驟④中反應能發(fā)生的原因是在相同條件下，K2FeO4的溶解度小于Na2FeO45、向Na2CO3、NaHCO3，混合溶液中逐滴加入稀鹽酸，生成氣體的量隨鹽酸加入量的變化關系如圖所示。則下列離子組在對應的溶液中一定能大量共存的是A．a點對應的溶液中：Na+、OH-、SO42-、NO3-B．b點對應的溶液中：Al3+、Fe3+、MnO4-、Cl-C．c點對應的溶液中：Na+、Ca2+、NO3-、Cl-D．d點對應的溶液中：F-、NO3-、Fe2+、Ag+6、用如圖裝置進行實驗，將液體A逐滴加入到固體B中，下列敘述正確的是A．若A為濃H2SO4，B為Na2SO3，C中盛有Na2SiO3溶液，C中溶液出現(xiàn)白色沉淀，證明非金屬性S＞SiB．若A為濃鹽酸，B為MnO2，C中盛有KI淀粉溶液，C中溶液變藍色C．若A為濃氨水，B為生石灰，C中盛有AlCl3溶液，C中先產生白色沉淀后沉淀又溶解D．若A為H2O2，B為MnO2，C中盛有Na2S溶液，C中溶液變渾濁7、以下過程與化學鍵斷裂無關的是A．氯化鈉熔化 B．干冰升華 C．金剛石熔化 D．金屬汞汽化8、下圖為N2分子在催化劑作用下發(fā)生一系列轉化的示意圖，下列敘述正確的是()A．若N≡N鍵能是akJ·mol-1,H—H鍵能是bkJ·mol-1,H—N鍵能是ckJ·mol-1,則每生成2molNH3,放出(6c-a-3b)kJ熱量B．NH3分子和H2O分子的中心原子雜化類型不同C．催化劑a、b表面均發(fā)生了極性共價鍵的斷裂D．在催化劑b作用下發(fā)生轉化得到的兩種生成物，均為直線形分子9、實驗室配制1mol?L-1鹽酸250mL，下列不需用的儀器是（）A．250mL容量瓶 B．托盤天平 C．膠頭滴管 D．燒杯10、下列陳述Ⅰ、Ⅱ正確并且有因果關系的是選項陳述Ⅰ陳述ⅡASO2有漂白性SO2可使溴水褪色BSiO2有導電性SiO2可用于制備光導纖維C濃硫酸有強氧化性濃硫酸可用于干燥H2和CODFe3+有氧化性FeCl3溶液可用于回收廢舊電路板中的銅A．A B．B C．C D．D11、下列物質的保存方法正確的是①少量金屬鈉保存在冷水中②濃硝酸盛放在無色試劑瓶中③少量金屬鉀保存在煤油中④氫氧化鈉溶液盛放在帶有橡膠塞的試劑瓶中⑤氯水存放在帶玻璃塞的無色細口瓶中⑥碳酸鈉固體保存在帶橡膠塞的細口瓶中A．②③④ B．③④⑥ C．③④ D．①③④12、下列說法中不正確的是()A．SiO2(s)＋2C(s)=Si(s)＋2CO(g)只能在高溫下自發(fā)進行，則該反應的ΔH>0B．3C(s)＋CaO(s)=CaC2(s)＋CO(g)在常溫下不能自發(fā)進行，說明該反應的ΔH>0C．BaSO4(s)＋4C(s)=BaS(s)＋4CO(g)在室溫下不能自發(fā)進行，說明該反應的ΔH<0D．常溫下，2NO(g)＋O2(g)===2NO2(g)能夠自發(fā)進行，則該反應的ΔH<013、臭氧已成為夏季空氣污染的元兇，地表產生臭氧的機理如圖所示。設NA代表阿伏加德羅常數的值。下列說法正確的是()A．該過程中，O3是催化劑B．16gO3和O2的混合氣體，所含質子數為16NAC．0.5molNO2溶于水形成1L溶液，可得到0.5mol?L-1的硝酸溶液D．標準狀況下，各5.6L的NO和O2混合后，氣體總質量為15.5g14、根據下列實驗操作和現(xiàn)象所得到的結論正確的是選項實驗操作和現(xiàn)象實驗結論A向1mL1%的NaOH溶液中加入2mL的CuSO4溶液，振蕩后再加入0.5mL有機物Y，加熱，未出現(xiàn)磚紅色沉淀Y中不含有醛基B將金屬鈉在燃燒匙中點燃，迅速伸入集滿CO2的集氣瓶，瓶中產生大量白煙和黑色顆粒CO2具有氧化性C加熱盛有少量NH4HCO3固體的試管，并在試管口放置濕潤的紅色石蕊試紙，石蕊試紙變藍NH4HCO3顯堿性D向滴有酚酞的Na2CO3溶液中，逐滴加入BaCl2溶液，溶液紅色逐漸褪去BaCl2溶液呈酸性A．A B．B C．C D．D15、用無機礦物資源生產部分材料，其產品流程示意圖如下，下列說法正確的是（）A．制取粗硅時生成的氣體產物為CO2B．生產鋁、銅、高純硅及玻璃的過程中都涉及氧化還原反應C．電解精煉銅時，當電路中轉移0.2mol電子時陽極質量減輕6.4gD．粗硅制高純硅時，提純四氯化硅可用多次分餾的方法16、一定溫度下,將2mo1SO2和ImolO2充入1L恒容密閉容器中，發(fā)生反應:2SO2(g)

+O2(g)2SO3(g)△H=-196kJ·mol-1，5min時達到平衡，測得反應放熱166.6kJ。下列說法錯誤的是A．0~5

min

內，用O2表示的平均反應速率V(O2)=0.17mol·L-1·min-1B．n(O2)/n(SO3)的值不變時，該反應達到平衡狀態(tài)C．若增大O2的濃度，SO2的轉化率增大D．條件不變，若起始時充入4molSO2和2molO2，平衡時放出的熱量小于333.2kJ二、非選擇題（本題包括5小題）17、隨原子序數遞增，八種短周期元素(用字母x等表示)原子半徑的相對大小、最高正價或最低負價的變化如下圖所示?；卮鹣铝袉栴}：（1）用于文物年代測定的元素，其核素符號為_________。元素z在周期表中的位置是____________。（2）元素d、e、f、g原子的簡單離子半徑由大到小的順序為_________(用離子符號表示)。（3）元素f的單質與元素e的最高價氧化物對應的水化物反應的化學方程式為___________________。（4）元素h單質的氧化性強于元素g單質的氧化性的事實是___________(用離子方程式表示)。18、有機物A～M有如圖轉化關系，A與F分子中含碳原子數相同，均能與NaHCO3溶液反應，且A中含一個鹵素原子，F(xiàn)的分子式為C9H10O2；D能發(fā)生銀鏡反應；M與NaOH溶液反應后的產物，其苯環(huán)上一氯代物只有一種。已知：（R1、R2代表烴基或氫原子）請回答：（1）B、F的結構簡式分別為__________、_________（2）反應①～⑦中，屬于消去反應的是_____________（填反應序號）。（3）D發(fā)生銀鏡反應的化學方程式為______________；反應⑦的化學方程式為__________（4）A的相對分子質量在180～260之間，從以上轉化中不能確認A中含有哪種鹵素原子，確定該官能團的實驗步驟和現(xiàn)象為_____________（5）符合下列條件F的同分異構體共有________種。a．能發(fā)生銀鏡反應b．能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應c．核磁共振氫譜上有四個峰，其峰面積之比為1∶1∶2∶619、實驗室需要0.1mol?L-1NaOH溶液450mL和0.5mol?L-1硫酸溶液450mL．根據這兩種溶液的配制情況回答下列問題：（1）如圖所示的儀器中配制溶液肯定不需要的是__（填序號），本實驗所用玻璃儀器E的規(guī)格和名稱：_____配制上述溶液還需用到的玻璃儀器是___（填儀器名稱）．（2）容量瓶不能用于____（填序號）．A配制一定體積準確濃度的標準溶液B長期貯存溶液C測量容量瓶規(guī)格以下的任意體積的液體D準確稀釋某一濃度的溶液E量取一定體積的液體F用來加熱溶解固體溶質（3）根據計算用托盤天平稱取NaOH的質量為___g．在實驗中其他操作均正確，若定容時仰視刻度線，則所得溶液濃度____0.1mol?L-1（填“大于”“等于”或“小于”，下同）．若NaOH溶液在轉移至容量瓶時，灑落了少許，則所得溶液濃度___0.1mol?L-1．（4）根據計算得知，所需質量分數為98%、密度為1.84g?cm-3的濃硫酸的體積為_____mL（計算結果保留一位小數）．如果實驗室有15mL、20mL、50mL量筒，應選用___mL量筒最好．配制過程中需先在燒杯中將濃硫酸進行稀釋，稀釋時操作方法是___。（5）如果定容時不小心超過刻度線，應如何操作：______________。20、溴化亞銅可用作工業(yè)催化劑，是一種白色粉末，微溶于冷水，不溶于乙醇等有機溶劑，在熱水中或見光都會分解，在空氣中會慢慢氧化成綠色粉末。制備CuBr的實驗步驟如下：步驟1.在如上圖所示的三頸燒瓶中加入45gCuSO4·5H2O、19gNaBr、150mL煮沸過的蒸餾水，60℃時不斷攪拌，以適當流速通入SO22小時。步驟2.溶液冷卻后傾去上層清液，在避光的條件下過濾。步驟3.依次用溶有少量SO2的水、溶有少量SO2的乙醇、純乙醚洗滌步驟4.在雙層干燥器(分別裝有濃硫酸和氫氧化鈉)中干燥3～4h，再經氫氣流干燥，最后進行真空干燥。（1）實驗所用蒸餾水需經煮沸，煮沸目的是除去水中的________________(寫化學式)。（2）步驟1中：①三頸燒瓶中反應生成CuBr的離子方程式為__________________；②控制反應在60℃進行，實驗中可采取的措施是____________________；③說明反應已完成的現(xiàn)象是_____________________。（3）步驟2過濾需要避光的原因是_____________________。（4）步驟3中洗滌劑需“溶有SO2”的原因是____________________。（5）欲利用上述裝置燒杯中的吸收液(經檢測主要含Na2SO3、NaHSO3等)制取較純凈的Na2SO3·7H2O晶體。請補充實驗步驟[須用到SO2(貯存在鋼瓶中)、20%NaOH溶液]：①_________________。②___________________。③加入少量維生素C溶液(抗氧劑),蒸發(fā)濃縮，冷卻結晶。④過濾，用乙醇洗滌2～3次。⑤放真空干燥箱中干燥。21、黃銅是人類最早使用的合金之一，主要由鋅和銅組成。回答下列問題：（1）銅原子核外電子共有__種不同運動狀態(tài)，基態(tài)銅原子的核外占據最高能層電子的電子云輪廓圖形狀為__。（2）根據銅、鋅原子結構可知第二電離能I2(Zn)__I2(Cu)填“大于”或“小于”。（3）向藍色硫酸銅溶液[Cu(H2O)4]2+中加入稍過量的氨水，溶液變?yōu)樯钏{色[Cu(NH3)4]2+。①H2O分子中心原子的雜化類型為__；分子中的鍵角：H2O__NH3(填“大于”或“小于”)。②通過上述實驗現(xiàn)象可知，與Cu2+的配位能力：H2O__NH3(填“大于”或“小于”)。③氨硼烷(BH3—NH3)可以作為機動車使用的備選氫來源或氫儲存的材料。下列與氨硼烷是等電子體的有__(填編號)。A．乙烷B．H2O2C．H3PO4D．S8④寫出BH3—NH3的結構式結構中若含配位鍵用→表示__。（4）某磷青銅晶胞結構如圖所示。①其化學式為__。②若晶體密度為8.82g/cm3，最近的Cu原子核間距為__cm(用NA表示阿伏加德羅常數，用M表示該晶體的摩爾質量)。

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、D【詳解】A.揮發(fā)出來的氯化氫也能夠與Na2SiO3溶液反應，產生白色膠狀物質，無法證明二氧化碳氣體與Na2SiO3溶液反應，產生白色膠狀物質，不能比較H2CO3與H2SiO3的酸性強弱，A錯誤；B.氯離子在酸性條件下能夠被KMnO4溶液氧化，KMnO4溶液紫色褪去，溶液中不一定含有Fe2+，B錯誤；C.將少量的溴水分別滴入FeCl2溶液、NaI溶液中,分別發(fā)生反應生成鐵離子、碘單質,可得出還原性:I->Br-、Fe2+>Br-,不能比較I-和Fe2+還原性的強弱，C錯誤；D.向NH4A1(SO4)2溶液中逐滴加入NaOH溶液，先產生白色沉淀，2NH4Al(SO4)2+6NaOH=3Na2SO4+(NH4)2SO4+2Al(OH)3↓，接著產生刺激性氣味的氣體：2NaOH+(NH4)2SO4=Na2SO4+2H2O+2NH3↑，最后沉淀逐漸溶解：Al(OH)3+NaOH=NaAlO2+2H2O，D正確；綜上所述，本題選D?！军c睛】用酸性KMnO4溶液檢驗FeCl3溶液中是否含有FeCl2時，由于酸性KMnO4溶液具有強氧化性，而鹽酸具有還原性，因此酸性KMnO4溶液能夠把氯離子氧化為氯氣；為避免氯離子的對檢驗的干擾，可以加入鐵氰化鉀溶液，如果有藍色沉淀出現(xiàn)，證明混合液中含有亞鐵離子。2、A【解析】A.使用容量瓶和分液漏斗前必須檢漏，故A正確；B.用溫度計代替玻璃棒攪拌溶液，容易引起溫度計水銀球破裂，故B錯誤；C.進行中和滴定實驗時，用待測液潤洗錐形瓶，造成測定結果不準確，故C錯誤；D.熔化氫氧化鈉固體若在玻璃坩堝中進行，則氫氧化鈉與玻璃坩堝中的二氧化硅發(fā)生反應，故D錯誤。故選A。3、D【分析】氫離子抑制銨根離子水解，氫氧根離子抑制一水合氨電離，氯化銨是強電解質，在水溶液里完全電離，一水合氨是弱電解質，在水溶液里存在電離平衡，據此判斷溶液中銨根離子濃度大小?！驹斀狻竣僦幸凰习笔侨蹼娊赓|，0.1mol/L的氨水中銨根離子濃度遠遠小于0.1mol/L；②氯化銨是強酸弱堿鹽，銨根離子水解但程度較小，所以0.1mol/L的氯化銨中銨根離子濃度接近0.1mol/L；③氯化氫電離出的氫離子抑制銨根離子水解，所以該溶液中銨根離子濃度接近0.1mol/L，但大于②中銨根離子濃度；④氫氧化鈉電離出的氫氧根離子抑制一水合氨電離，所以該溶液中銨根離子濃度遠遠小于0.1mol/L，且小于①中銨根離子濃度；氯化銨溶液中銨根離子濃度大于相同濃度的氨水中銨根離子濃度，所以這四種溶液中銨根離子濃度大小順序是：③②①④，所以D選項是正確的。4、C【詳解】廢鐵屑(主要成分為Fe，還含有C、

S、P等)加入酸溶得到亞鐵鹽，過濾后向濾液中加入過量NaOH溶液和H2O2溶液，NaOH中和過量的酸，F(xiàn)e2+被H2O2氧化為Fe3+，在堿溶液中將溶液中Fe2+轉化為Fe(OH)3，然后加入NaClO溶液，在堿溶液中發(fā)生氧化還原反應生成Na2FeO4，加入KCl固體利用溶解度不同轉化為K2FeO4析出。A.純堿是強堿弱酸鹽，CO32?水解導致純堿溶液呈堿性，堿性條件下油污水解生成高級脂肪酸鹽和甘油，所以廢鐵屑在酸溶前可用熱的純堿溶液去油污，故A正確；B.

NaOH中和過量的酸，F(xiàn)e2+被H2O2氧化為Fe3+，在堿溶液中將溶液中Fe2+轉化為Fe(OH)3，步驟②的目的是將溶液中Fe2+轉化為Fe(OH)3，故B正確；C.步驟③中發(fā)生的反應是堿性條件下發(fā)生的反應，反應的離子方程式為2Fe(OH)3+4OH?+3ClO?═2FeO42?+3Cl?+5H2O，故C錯誤；D.步驟④中反應的化學方程式為2KOH+Na2FeO4=K2FeO4+2NaOH，溶解度大的能轉化為溶解度小的物質，反應能發(fā)生的原因K2FeO4的溶解度比Na2FeO4小，故D正確；答案選C。5、C【詳解】向Na2CO3、NaHCO3，a點溶液中含有CO32-和HCO3-，b點全部為HCO3-，c點恰好完全反應生成NaCl，溶液呈中性，d點鹽酸過量，呈酸性。A．a點溶液中含有CO32-和HCO3-，HCO3-與OH-反應，不能大量共存，故A錯誤；B．b點全部為HCO3-，Al3+、Fe3+與HCO3-發(fā)生互促水解反應，不能大量共存，故B錯誤；C．c點恰好完全反應生成NaCl，溶液呈中性，離子之間不發(fā)生任何反應，可大量共存，故C正確；D．d點呈酸性，酸性條件下，NO3-與Fe2+能夠發(fā)生氧化還原反應，不能大量共存，F(xiàn)-在酸性條件下也不能大量存在，故D錯誤；故選C。6、D【解析】分析：A、只能用最高價含氧酸的酸性強弱來判斷非金屬性的強弱，SO2的水溶液是H2SO3；B、濃鹽酸與MnO2在加熱時才能反應生成Cl2，該裝置沒有加熱；C、NH3·H2O是弱堿，不能溶解Al(OH)3；D、O2的氧化性強于S，能置換出Na2S中的S。詳解：A、濃H2SO4與Na2SO3反應生成SO2，SO2通入Na2SiO3溶液中生成白色沉淀H2SiO3，只能說明H2SO3的酸性強于H2SiO3，不能證明S的非金屬性強于Si，非金屬性的強弱是根據最高價含氧酸的酸性強弱來確定的，所以A不正確；B、濃鹽酸與MnO2要在加熱時才能反應生成Cl2，但該裝置沒有加熱，所以C中溶液不會變色，故B不正確；C、濃氨水滴入生石灰中釋放出的NH3通入AlCl3溶液中，可生成白色沉淀Al(OH)3，但NH3·H2O是弱堿，不能溶解Al(OH)3，所以C不正確；D、H2O2在MnO2催化下分解生成O2，O2的氧化性強于S，能與Na2S反應生成不溶性的S，所以D正確。本題答案為D。7、B【解析】A．氯化鈉的熔化破壞離子鍵，與化學鍵斷裂有關，故A錯誤；B．干冰屬于分子晶體，升華時破壞了分子間作用力，與化學鍵斷裂無關，故B正確，C．金剛石屬于原子晶體，熔化時破壞了共價鍵，與化學鍵斷裂有關，故C錯誤；D．金屬汞是金屬晶體，汽化時破壞了金屬鍵，與化學鍵斷裂有關，故D錯誤；答案選B?！军c睛】判斷晶體的類型以及粒子間作用力是解題的關鍵。離子晶體中存在離子鍵，原子晶體中存在共價鍵，金屬晶體中存在金屬鍵，這些晶體狀態(tài)變化時，化學鍵均會斷裂，只有分子晶體狀態(tài)變化時破壞分子間作用力，不破壞化學鍵。8、A【詳解】A．反應熱就是斷鍵吸收的能量和形成化學鍵所放出的能量的差值，則根據鍵能數據可知，該反應的反應熱△H＝akJ/mol＋3bkJ/mol－2×3ckJ/mol，則每生成2molNH3，放出(6c-a-3b)kJ熱量，選項A正確；B．水分子中價電子數=2+（6-2×1）=4，水分子中含有2個孤電子對，所以氧原子采取sp3雜化，氨氣中價層電子對個數=3+（5-3×1）=4且含有1個孤電子對，所以N原子采用sp3雜化，雜化方式相同，選項B錯誤；C．催化劑a表面是氫氣氮氣反應生成氨氣，催化劑a表面發(fā)生了非極性鍵（氫氫鍵和氮氮鍵）的斷裂，催化劑b表面發(fā)生了非極性共價鍵（氧氧雙鍵）的斷裂，選項C錯誤；D．在催化劑b作用下發(fā)生轉化得到的兩種生成物H2O和NO，NO為直線形分子，H2O為V形分子，選項D錯誤；答案選A。9、B【詳解】配制250毫升的鹽酸溶液，是通過濃鹽酸稀釋的方法進行，故只需要使用250毫升的容量瓶，量筒，燒杯，玻璃棒，膠頭滴管等，所以選B。10、D【詳解】A．二氧化硫與溴水發(fā)生氧化還原反應，化學方程式為SO2+Br2+2H2O=H2SO4+2HCl，體現(xiàn)二氧化硫的還原性，與SO2的漂白性無關，Ⅰ和Ⅱ無因果關系，故A錯誤；B．SiO2不導電，二氧化硅是良好的光導材料，用作制光導纖維的原料，Ⅰ不正確、Ⅱ正確，Ⅰ和Ⅱ無因果關系，故B錯誤；C．濃硫酸可用于干燥H2和CO，是因為濃硫酸具有吸水性，與濃硫酸的強氧化性無關，Ⅰ和Ⅱ無因果關系，故C錯誤；D．Fe3+具有氧化性，能將銅氧化為銅離子，化學方程式為2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+，所以FeCl3溶液可用于回收廢舊電路板中的銅，Ⅰ、Ⅱ正確有因果關系，故D正確；答案為D。11、C【詳解】①少量金屬鈉保存在煤油中，①錯誤；②濃硝酸見光易分解，盛放在棕色試劑瓶中，②錯誤；③少量金屬鉀保存在煤油中，④正確；④氫氧化鈉溶液盛放在帶有橡膠塞的試劑瓶中，④正確；⑤氯水見光易分解，存放在帶玻璃塞的棕色試劑瓶中，⑤錯誤；⑥碳酸鈉固體保存在帶橡膠塞的廣口瓶中，⑥錯誤，答案選C。12、C【分析】在進行各選項分析時，我們可以利用吉布斯自由能方程?G=ΔH-?S進行綜合判斷?！驹斀狻緼.SiO2(s)＋2C(s)=Si(s)＋2CO(g)的?S>0，若只能在高溫下自發(fā)進行，則表明反應吸熱，即該反應的ΔH>0，A正確；B.3C(s)＋CaO(s)=CaC2(s)＋CO(g)的?S>0，在常溫下不能自發(fā)進行，則表明反應吸熱，即說明該反應的ΔH>0，B正確；C.BaSO4(s)＋4C(s)=BaS(s)＋4CO(g)的?S>0，在室溫下不能自發(fā)進行，則表明反應吸熱，即說明該反應的ΔH>0，C不正確；D.常溫下，2NO(g)＋O2(g)===2NO2(g)的?S<0，能夠自發(fā)進行，則表明反應放熱，即該反應的ΔH<0，D正確。故選C。13、D【詳解】A．該過程的總反應是3O22O3，O3是反應產物，故A錯誤；B．O3和O2都由氧原子構成，16gO3和O2的混合氣體，所含質子數為8NA，故B錯誤；C．NO2溶于水的反應方程式是3NO2+H2O=2HNO3+NO，0.5molNO2溶于水形成1L溶液，得到硝酸溶液的濃度是mol?L-1，故C錯誤；D．標準狀況下，各5.6L的NO和O2混合，根據質量守恒，氣體總質量為15.5g，故D正確；選D。14、B【解析】A．新制氫氧化銅懸濁液檢驗醛基時，必須是在堿性條件下，該實驗中NaOH不足導致NaOH和硫酸銅混合溶液不是堿性，所以實驗不成功，A錯誤；B．瓶中產生大量白煙和黑色顆粒，說明有碳和氧化鈉生成，因此CO2具有氧化性，把鈉氧化，B正確；C．分解生成物中還含有酸性氧化物CO2，所以濕潤的紅色石蕊試紙不可能變藍，C錯誤；D．二者反應生成碳酸鋇沉淀和氯化鈉，導致碳酸根濃度降低，溶液堿性降低，氯化鋇溶液顯中性，D錯誤；答案選B。點睛：本題考查化學實驗方案的評價，把握物質的性質及實驗原理為解答的關鍵，注意實驗的操作性、評價性分析，選項C是解答的易錯點。15、D【解析】A、石英和碳在高溫下反應生成Si和CO，故A錯誤；B、生產玻璃涉及到的反應有SiO2+Na2CO3Na2SiO3+CO2↑和SiO2+CaCO3CaSiO3+CO2↑，元素化合價沒有發(fā)生變化，不是氧化還原反應，故B錯誤；C、精煉銅時，陽極為粗銅，粗銅中如果有比Cu活潑的雜質金屬，該雜質先放電，所以轉移0.2mol電子時，陽極質量減少的不一定是1molCu的質量，故不一定為6.4g,故C錯誤；D、制備硅的過程中，利用沸點不同進行分餾，將SiCl4從雜質中提取出來，再與H2發(fā)生置換反應得到高純硅，故D正確。故選D。16、D【解析】A、根據反應2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)△H=-196kJ?mol-1可知，當反應放熱166.6kJ時，有1.7mol二氧化硫和0.85mol氧氣參加反應，生成1.7mol三氧化硫，則0～5min內，用O2表示的平均反應速率V(O2)＝0.85mol/(10L×5min)＝0.017mol·L-1·min-1，A正確；B、的值不變時，說明氧氣和二氧化硫的濃度保持不變，該反應達到平衡狀態(tài)，B正確；C、若增大O2的濃度，平衡正向移動，SO2的轉化率增大，C正確；D、條件不變，起始向容器中充入4molSO2和2molO2，相當于加壓，平衡時放熱大于333.2kJ，D錯誤。答案選D。點睛：選項D是解答的難點，注意放大縮小思想的靈活應用，該方法適用于起始投入物質的物質的量之間存在一定的倍數關系。它指的是將反應容器的體積擴大一定的倍數，使起始物質的濃度相同，則在一定條件下，可建立相同的平衡態(tài)。然后在此基礎上進行壓縮，使其還原為原來的濃度。分析在壓縮過程中，平衡如何移動，再依據勒夏特列原理，分析相關量的變化情況。二、非選擇題（本題包括5小題）17、614C第2周期第VA族S2-＞O2﹣＞Na+＞Al3+2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2↑S2-+Cl2=2Cl-+S↓或H2S+Cl2=2H++2Cl-+S↓【分析】從圖中的化合價、原子半徑的大小及原子序數，可知x是H元素，y是C元素，z是N元素，d是O元素，e是Na元素，f是Al元素，g是S元素，h是Cl元素，據此分析解答?！驹斀狻浚?）能用于文物年代測定的是14C，其核素的符號為：614C，z元素為氮元素，位于周期表中的第2周期第VA族，故答案為：614C、第2周期第VA族；（2）元素d、e、f、g原子的簡單離子分別是：O2-、Na+、Al3+、S2-，其中S2-核外有三個電子層，半徑最大，O2-、Na+、Al3+三種離子的電子層結構相同，核電荷數越大離子半徑越小，所以r（O2﹣）＞r（Na+）＞r（Al3+），故答案為S2-＞O2﹣＞Na+＞Al3+；（3）f是Al元素，元素e的最高價氧化物對應的水化物為NaOH，兩者反應的方程式為：2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2↑，故答案為2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2↑；（4）元素h為氯元素，元素g為硫元素，氯元素的非金屬性較硫強，所以氯氣的氧化性強于硫，能與硫化鈉溶液或氫硫酸反應得到硫單質，反應的離子反應為：S2-+Cl2=2Cl-+S↓或H2S+Cl2=2H++2Cl-+S↓，故答案為S2-+Cl2=2Cl-+S↓或H2S+Cl2=2H++2Cl-+S↓。18、④＋2Ag↓＋2NH3＋H2O＋（n－1）H2O取反應①后的混合液少許，向其中加入稀HNO3至酸性，滴加AgNO3溶液，若生成白色沉淀，則A中含氯原子；若生成淺黃色沉淀，則A中含溴原子2【分析】A與F分子中所含碳原子數相同，且均能與NaHCO3溶液反應，均含有﹣COOH，F(xiàn)的分子式為C9H10O2，其不飽和度為=5，F(xiàn)發(fā)生氧化反應生成M，M與NaOH溶液反應后的產物，其苯環(huán)上一氯代物只有一種，說明F含有苯環(huán)，F(xiàn)中應含有乙基，且與羧基處于對位，故F為，M為．由A→B→C的轉化可知，C中含有﹣COOH，C發(fā)生氧化反應生成D，D能發(fā)生銀鏡反應，結合F的結構可知，C為，故D為，B為，A的相對分子質量在180?260之間，故A中苯環(huán)上的乙基中不可能連接羥基，應為鹵素原子，A的結構為，X相對原子質量大于180﹣28﹣76﹣45=31，小于260﹣28﹣76=111，X可能為Cl或Br。C發(fā)生消去反應生成E為，E與氫氣發(fā)生加成反應生成F。C發(fā)生縮聚反應生成高聚物H為?！驹斀狻緼與F分子中所含碳原子數相同，且均能與NaHCO3溶液反應，均含有﹣COOH，F(xiàn)的分子式為C9H10O2，其不飽和度為=5，F(xiàn)發(fā)生氧化反應生成M，M與NaOH溶液反應后的產物，其苯環(huán)上一氯代物只有一種，說明F含有苯環(huán)，F(xiàn)中應含有乙基，且與羧基處于對位，故F為，M為．由A→B→C的轉化可知，C中含有﹣COOH，C發(fā)生氧化反應生成D，D能發(fā)生銀鏡反應，結合F的結構可知，C為，故D為，B為，A的相對分子質量在180?260之間，故A中苯環(huán)上的乙基中不可能連接羥基，應為鹵素原子，A的結構為，X相對原子質量大于180﹣28﹣76﹣45=31，小于260﹣28﹣76=111，X可能為Cl或Br。C發(fā)生消去反應生成E為，E與氫氣發(fā)生加成反應生成F。C發(fā)生縮聚反應生成高聚物H為。（1）B、F的結構簡式分別為、，故答案為、；（2）反應①屬于取代反應，還發(fā)生中和反應，反應②屬于復分解反應，反應③⑥屬于氧化反應，反應④屬于消去反應，反應⑤屬于加成反應，反應⑦屬于縮聚反應，故答案為④；（3）D發(fā)生銀鏡反應的化學方程式為：；反應⑦的化學方程式為：，故答案為；；（4）根據上面的分析可知，X可能為Cl或Br，要確定X是哪種官能團的實驗步驟和現(xiàn)象為：取反應①后的混合液少許，向其中加入稀HNO3至酸性，滴加AgNO3溶液，若生成白色沉淀，則A中含氯原子；若生成淺黃色沉淀，則A中含溴原子，故答案為取反應①后的混合液少許，向其中加入稀HNO3至酸性，滴加AgNO3溶液，若生成白色沉淀，則A中含氯原子；若生成淺黃色沉淀，則A中含溴原子；（5）符合下列條件的F（）的同分異構體：a．能發(fā)生銀鏡反應，說明分子中存在醛基；b．能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應，說明分子中存在酚羥基；c．核磁共振氫譜上有四個峰，其峰面積之比為1：1：2：6，說明有4種氫原子，符合以上條件的F分子中有2個甲基、1個酚羥基、1個﹣CHO，且2個甲基處于間位，另2個分別處于對位，結構簡式為，所以F的同分異構體有2種，故答案為2。19、AC500mL容量瓶燒杯、玻璃棒BCF2.0小于小于2.715先將適量水加入燒杯中，再將濃硫酸沿燒杯內壁緩慢加入水中，并不斷攪拌重新配制【分析】(1)用固體和用液體配制溶液所用儀器有所不同，根據配制的過程可以列出各自所需的儀器；容量瓶只有1個刻度，只有有限規(guī)格的容量瓶可選用；(2)容量瓶用于液體的精確定容，其容積會受到各種因素的影響，所以能損壞容量瓶或引起容量瓶容積發(fā)生改變的使用方式均不允許；(3)容量瓶的規(guī)格有限，所以應根據可取用的容量瓶確定實際應配制的溶液的體積，在此基礎上計算NaOH的質量；根據公式c=可判斷各種操作對配制結果的影響；(4)計算所需濃硫酸的體積應注意的事項與(3)相同；(5)每個容量瓶都只有一個刻度，定容時不能超過刻度線，否則，配制失敗?！驹斀狻?1)用固體NaOH配制一定物質的量濃度的溶液步驟和所用的儀器(重復的未列出)是：計算→稱量(天平、藥匙)→溶解(燒杯、玻璃棒)→冷卻→轉移溶液(容量瓶)→洗滌→(搖勻→)定容(膠頭滴管)→搖勻→裝瓶；用濃硫酸配制一定物質的量濃度的溶液步驟和所用的儀器(重復的未列出)是：計算→量取(量筒、膠頭滴管)→稀釋(燒杯、玻璃棒)→冷卻→轉移溶液(容量瓶)→洗滌→(搖勻→)定容→搖勻→裝瓶，都沒有用到的有平底燒瓶和分液漏斗；常見的容量瓶沒有450mL的，應選用500mL的容量瓶；在配制過程中，溶解需用燒杯，還需用玻璃棒攪拌和引流。答案為：AC；500mL容量瓶；燒杯、玻璃棒；(2)A．容量瓶用于液體的精確定容，可用于配制一定體積準確濃度的標準溶液，A選項不符合題意；B．容量瓶為精密儀器，不能用于長期貯存溶液，B選項符合題意；C．容量瓶只有一個刻度，不能測量容量瓶規(guī)格以下的任意體積的液體，C選項符合題意；D．容量瓶用于液體的精確定容，可用于固體配制一定物質的量濃度的溶液，也可用于溶液準確稀釋，D選項不符合題意；E．容量瓶有刻度，可用于量取一定體積的液體，但每個容量瓶只能量取一種體積的液體，E選項不符合題意；F．容量瓶是精密儀器，不能用來加熱溶解固體溶質，F(xiàn)選項符合題意；答案為：BCF；(3)實驗室一般沒有450mL規(guī)格的容量瓶，應取500mL規(guī)格的容量瓶，即，實際配制的溶液的體積為500mL，所以所需NaOH的質量為：500×10-3L×0.1mol?L-1×40g?mol-1=2.0g。根據公式c=，定容時仰視觀察液面，則溶液體積V偏大，導致所配溶液濃度小于0.1mol?L-1；若NaOH溶液在轉移至容量瓶時，灑落了少許，則溶質物質的量n偏少，導致所配溶液濃度小于0.1mol?L-1。答案為：2.0；小于；小于；(4)與(3)相同，實際應配制的硫酸的體積為500mL，所以有：V(濃硫酸)×1.84g?cm-3×98%=500×10-3L×0.5mol?L-1×98g?mol-1，求得V(濃硫酸)≈13.6mL；應選擇量程不小于13.6mL的量筒中規(guī)格最小的，所以題給量筒中應選擇15mL的；濃硫酸稀釋：先將適量水加入燒杯中，再將濃硫酸沿燒杯內壁緩慢加入水中，并不斷攪拌，切忌將水加入濃硫酸中，引起液體飛濺傷人。答案為：2.7；15；先將適量水加入燒杯中，再將濃硫酸沿燒杯內壁緩慢加入水中，并不斷攪拌；(5)每個容量瓶都只有一個刻度，定容時如果超過刻度線，溶液體積偏大，濃度偏小，如果用膠頭滴管吸掉多出的部分，將損失溶質，所以無法補救，需重新配制。答案為：重新配制?！军c睛】容量瓶用于液體的精確定容，是配制一定物質的量濃度的溶液的主要儀器，每個容量瓶只有一個刻度；其容積會受到各種因素的影響，所以容量瓶不能用于加熱，不能用于固體或濃溶液的溶解、稀釋，不能裝入過冷或過熱的液體，不能作為反應容器，不能用于長期貯存溶液。20、O22Cu2++2Br-+SO2+2H2O=2CuBr↓+SO42-+4H+60℃水浴加熱溶液藍色完全褪去防止CuBr見光分解防止CuBr被氧化在燒杯中繼續(xù)通入SO2至飽和然后向燒杯中加入100g20%的NaOH溶液【解析】(1)溴化亞銅能被氧氣慢慢氧化，用二氧化硫還原銅離子生成溴化亞銅要排除氧氣的干擾，可以通過煮沸的方法除去水中的O2，故答案為O2；(2)①三頸燒瓶中銅離子被二氧化硫還原成亞銅離子，與溴離子反應生成CuBr沉淀，反應的離子方程式為2Cu2++2Br-+SO2+2H2O=2CuBr↓+SO42-+4H+，故答案為2Cu2++2Br-+SO2+2H2O=2CuBr↓+SO42-+4H+；②控制反應在60℃進行，可以用60℃的水浴加熱，故答案為60℃水浴加熱；③45gCuSO4?5H2O為0.18mol，19gNaBr為0.184mol，所以NaBr稍過量，所以當溶液中的銅離子消耗完時反應即完成，所以說明反應已完成的現(xiàn)象是溶液藍色完全褪去，故答案為溶液藍色完全褪去；(3)溴化亞銅見光會分解，所以步驟2過濾需要避光，防止CuBr見光分解，故答案為防止CuBr見光分解；(4)溴化亞銅在空氣中會慢慢被氧化，所以洗滌劑需“溶有SO2”可以防止CuBr被氧化，故答案為防止CuBr被氧化；(5)燒杯中的吸收液主要含Na2SO3、NaHSO3等，制取較純凈的Na2SO3?7H2O晶體，可以在燒