1.BA．法拉第引入“電場(chǎng)”的概念來(lái)描述電場(chǎng)的真實(shí)存在,故A錯(cuò)誤;B．通電螺線管的磁場(chǎng)可通過(guò)安培定則判斷等效的南北極是與條形磁鐵的磁場(chǎng)相似,安培由此受到啟發(fā)提出在原子、分子等物質(zhì)微粒內(nèi)部,存在著一種環(huán)形電流即分子電流,分子電流使每個(gè)物質(zhì)微粒成為微小的磁體,它的兩側(cè)相當(dāng)于兩個(gè)磁極,即分子電流假說(shuō),故B正確;C．由物理學(xué)史知法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象,奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng),故C錯(cuò)誤;D．牛頓提出了萬(wàn)有引力定律,并沒(méi)有測(cè)出引力常量,因而不能算出地球質(zhì)量,故D錯(cuò)誤．故選B．2.DA．炮彈受到重力和空氣阻力,空氣阻力做負(fù)功,機(jī)械能減少．故A錯(cuò)誤;B．炮彈在P點(diǎn)時(shí)受到豎直向下的重力和水平向左的空氣阻力,合外力大于重力,根據(jù)牛頓第二定律可知,炮彈在P點(diǎn)的加速度大于g,故B錯(cuò)誤;C．炮彈在上升過(guò)程中豎直方向的合外力向下,豎直方向的加速度向下,故處于失重狀態(tài),故C錯(cuò)誤;D．由于上升時(shí)和下落時(shí)豎直方向的加速度不同,上升過(guò)程阻力有向下的分量,下降過(guò)程阻力有向上的分量,故炮彈上升過(guò)程比下降過(guò)程運(yùn)動(dòng)時(shí)間短,故D正確．故選D．3.B對(duì)P受力分析,受重力、支持力、靜摩擦力,設(shè)P的質(zhì)量為M,根據(jù)平衡條件,有FN＝Mgcosθ,Ff=Mgsinθ,由于P處于靜止?fàn)顟B(tài),則有Ff≤μFN,故μ≥tanθ,由于物體Q輕輕地疊放在P上,相當(dāng)于增大物體P重力,P仍靜止不動(dòng),斜面對(duì)P的作用力(支持力、靜摩擦力的合力)等于P與Q的重力之和,所以變大,故A錯(cuò)誤、B正確;Q處于靜止?fàn)顟B(tài),根據(jù)平衡條件得知,Q不受P的摩擦力,否則Q將沿水平方向運(yùn)動(dòng),故C錯(cuò)誤;以整體為研究對(duì)象,水平方向不受外力作用,所以水平方向合力為零,地面與斜面之間無(wú)摩擦力,故D錯(cuò)誤．4.DA．在月球表面,根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力有Gmg0根據(jù)密度公式,其中VR3聯(lián)立解得,月球平均密度為,故A錯(cuò)誤;B．衛(wèi)星從軌道Ⅲ至軌道Ⅱ做近心運(yùn)動(dòng),速度減少,故v3>vQ,故B錯(cuò)誤;C．根據(jù)牛頓第二定律有Gma可得a則載人飛船在P、Q點(diǎn)加速度之比為a1∶a2=(R＋h)2∶R2,故C錯(cuò)誤;D=動(dòng)周期為T(mén)則載人飛船從Q點(diǎn)到P點(diǎn)所用時(shí)間為t,故D正確．故選D．【高二物理試題參考答案第1頁(yè)(共5頁(yè))】5.C由題意可知,C點(diǎn)的合磁場(chǎng)方向沿CB方向,可知A電流方向向里,B電流方向向外;在C點(diǎn)的磁場(chǎng)方向如圖,導(dǎo)線A在C點(diǎn)的磁場(chǎng)B1與導(dǎo)線B在C點(diǎn)的磁場(chǎng)B2的關(guān)系為B2=B1sin60°所以設(shè)BC＝L,則AC=3L則B1=kB2=k解得IA∶IB=2∶1,故選C．6.CA．對(duì)薄板,根據(jù)牛頓第二定律F－mBgsin30°-μmAgcos30°=mBaB代入數(shù)據(jù)得F=17N,故A錯(cuò)誤;B．對(duì)A,根據(jù)動(dòng)能定理mAgLsin30°-μmAgcos30°.smAv2當(dāng)s＝L時(shí)v=5m/s因?yàn)閟≠L所以v≠5m/s,故B錯(cuò)誤;C．A在薄板上運(yùn)動(dòng)的加速度大小aA＝gsin30°-μgcos30°=2.5m/s2根據(jù)aAtaBt2=L得小物塊A在薄板B上運(yùn)動(dòng)時(shí)間ts此時(shí)A、B的速度為:vA＝aAtm/s電動(dòng)機(jī)對(duì)B做的功為:W＝FxBJ,故C正確;D．小物塊A與薄板B之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能E=μmAgcosθL=10J,故D錯(cuò)誤．故選C．【詳解】A．如圖所示,由物體做曲線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)知,合力在曲線彎曲的凹側(cè),故該粒子與帶正電的點(diǎn)電荷相互吸引．該粒子一定帶負(fù)電荷．故A正確;B．由A選項(xiàng)圖知,OP＞OQ,由靜電力公式F＝k則可知F1<F2由牛頓第二定律知,故粒子在P點(diǎn)的加速度比在Q點(diǎn)的加速度?。蔅錯(cuò)誤;C．依題意,粒子只受電場(chǎng)力作用,粒子的動(dòng)能與電勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化,粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R電勢(shì)升高,電勢(shì)能減小,動(dòng)能增加．故C正確;D錯(cuò)誤．8.ACD因ω=10πrad/s可知振子的運(yùn)動(dòng)周期是Ts=0.2s,故A正確;由x=5sin(10πt＋cm可知t=0時(shí),x=5cm,即振子位于N點(diǎn),故B錯(cuò)誤;由x=5sin(10πt＋cm可知t=0.05s時(shí)x=0,此時(shí)振【高二物理試題參考答案第2頁(yè)(共5頁(yè))】子在O點(diǎn),振子速度最大,故C正確;從M→O,形變量減小,振子加速度減小,彈力做正功,振子的動(dòng)能增加,故D正確．9.BD根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知R1+r,故A錯(cuò)誤r,故ΔU1>ΔU2,故C錯(cuò)誤;滑片向左移,電阻R的阻值變大,總外電阻變大,由于不知內(nèi)阻與外阻的關(guān)系,故電源的輸出功率可能變大,也可能變小,故B正確;根據(jù)“串反并同”,可知,電容器兩端電壓減少,故所帶電荷量減少,故D正確．10.AD根據(jù)題意可知,小球經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由電場(chǎng)力和重力的合力提供向心力．如圖可得Eq＝mg,故A正確．在P點(diǎn)由牛頓第二定律可得,F合mgvP=2gR,故B錯(cuò)誤． 2mgR(1-cos45°)mvmv,v＝gR(32-2)aCg,故C錯(cuò)誤．在等效場(chǎng)中,M與C等效重力勢(shì)能相等,故v＝vFNM＋EqFNMmg,故D正確．【解析】(1)[1]由游標(biāo)卡尺的精確度為0.1mm可知,兩小球直徑為(5)[2]根據(jù)題意,由牛頓第二定律有F1-m1g＝m(6)[3]小球m2做平拋運(yùn)動(dòng),則在水平方向上有s＝v2t在豎直方向hgt2解得v2=s(7)[4]由于本實(shí)驗(yàn)中m1>m2,則碰后m1不反彈,若碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒,規(guī)定向右為正方向,則有m1v1=m1v3+m2v2可說(shuō)明m1與m2碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒．12.(每空2分,共8分)(1)2.6080.3(2)R0【高二物理試題參考答案第3頁(yè)(共5頁(yè))】[2]電阻箱不需要估讀,由圖丙知電阻箱的讀數(shù)為0×100Ω+8×10Ω+0×1Ω+3×0.1Ω=80.3Ω(2)[3]由閉合電路歐姆定律有E＝U可得由圖丁可知,圖線的縱軸截距的倒數(shù)等于該電源的電動(dòng)勢(shì)值,則E;[4]由圖線的斜率可求得r13.(10分)(1)h=3.2m,v1=8m/s(2)F=3833.33N,方向豎直向上【解析】(1)由圖可知重物第一次豎直上拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間Δt1=1.6s,則重物彈離蹦床的最大高度hg?),÷2(1分)第二次接觸蹦床前瞬間的速度v1=gm/s(2)第二次彈離蹦床的時(shí)刻為t3=1.95s;第三次接觸蹦床的時(shí)刻為t4=2.35s,解得Δt2=t4-t3=0.4s(1分)則有v2=g2m/s(1分)第二次與蹦床作用過(guò)程由動(dòng)量定理,選向上為正方向:IF－mg(t3-t2)＝mv2-(－mv1)(2分)解得F(t-t2)＝IF(1分)得:F=3833.33N(1分)方向豎直向上(1分)14.(14分)(1)電子穿過(guò)O孔的速度v1,由動(dòng)能定理可得:(2)電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t電子的加速度為a電子的偏移量為yat2由動(dòng)能定理可得:W電＝EkmvW電得:Ek分)(3)根據(jù)帶電粒子在平行板電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn),粒子出射速度的反向延長(zhǎng)線過(guò)OO2的中點(diǎn),當(dāng)電子落在靶的【高二物理試題參考答案第4頁(yè)(共5頁(yè))】左邊界時(shí),tan,(1分)tan分)分)tan分)tan分)得U故15.(16分)(1)vC=4m/s(2)L=0.8m【解析】(1)由于在光滑水平面上,小滑塊C與木板A作用過(guò)程中,A、B、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒;Mv0=MvC+2mvA(2分)代入數(shù)據(jù)得vC=4m/s(2分)(2)滑塊在木板上滑行的過(guò)程中,設(shè)向右為正方向,對(duì)系統(tǒng)由動(dòng)量守恒和能量守恒可得mvMgL(2分)L=0.8m(2分)(3)滑塊在光滑圓弧槽B上滑行的過(guò)程中,假設(shè)兩者能達(dá)到速度相同,此時(shí)滑塊滑上弧槽的最大高度．根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量