高二物理試卷（共6頁）第1頁2025-2026學年度上學期高二10月月考高二物理試卷考試時間：2025年10月14日上午10:30-11:45考試滿分：100分注意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結束后，請將試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.在電磁學發(fā)展的過程中，許多科學家做出了貢獻。下列說法中錯誤的是()A．安培最先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象C．麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲首先用實驗證實了電磁波的存在D．庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷間的相互作用規(guī)律，密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值2.下列電磁學中的物理量和物理定律說法正確的是()A．把一個試探電荷放在電場中的某點，它受到電場力的方向表示該點電場強度的方向B．電壓與電動勢的單位都是伏特，所以電動勢與電壓是同一物理量的不同叫法C．焦耳定律適用于一切電路的焦耳熱的求解D．一小段通電導線在某處不受安培力的作用，則該處磁感應強度一定為零3.如圖所示，M、N為與紙面垂直并且相互平行的長直導線，導線中通有大小相等、方向相同的電流。O為MN的中點，a、b在M、N的連線上，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點的距離均相等。下列說法正確的是()A．根據(jù)對稱性可知a、b兩點處的磁感應強度相同B．根據(jù)對稱性可知c、d兩點處的磁感應強度相同C．O點處的磁感應強度為零D．如果將其中一個導線上通過的電流反向，c、d兩點處的磁感應強度不變高二物理試卷（共6頁）第2頁4.下列關于動能和動量的說法正確的是()A．做勻速圓周運動的物體，動能和動量都保持不變B．兩個物體質量相等，動量大的物體其動能也一定大C．物體的動量發(fā)生變化，動能也一定變化D．做勻速圓周運動的物體，在任何相同的時間內(nèi)動量的變化量都相同5.如圖所示，從距秤盤0.8m高處把1000粒質量為0.2g的相同小鋼珠連續(xù)均勻地倒在秤盤上，不計空氣阻力的影響，持續(xù)作用時間為0.5s，鋼珠沿豎直方向反向彈起，并且速度大小變?yōu)榕銮暗?.75倍。若每個鋼珠與秤盤的碰撞時間極短(在碰撞極短時間內(nèi)，碰撞力遠大于鋼珠受到的重力)。則在所有小鋼珠和秤盤發(fā)生第一次碰撞的過程中秤盤受到的壓力大小約為()A．0.4NB．1.6NC．2.8ND．3.2N6.在光滑水平面上兩個物體M、N相向運動，一段時間后發(fā)生正碰，碰撞時間不計，碰撞前后兩物體的位移-時間圖像如圖所示。已知M的質量為2kg，下列說法正確的是()A．N的質量為1.5kgB．兩物體的碰撞屬于彈性碰撞C．N在碰撞過程中，動量變化量的大小為2kg·m/sD．兩物體的碰撞屬于非彈性碰撞，并且碰撞過程中損失的動能為3J7.為了保證太空出艙活動中宇航員的安全，出艙時宇航員要背上可朝不同方向產(chǎn)生推力的便攜式設備，裝備中有一個能噴出氣體的高壓氣源。假設一個連同裝備共有100kg的航天員在距離空間站20m的位置與空間站處于相對靜止的狀態(tài)。為了返回空間站，航天員啟動裝置先以相對空間站50m/s的速度向后噴出0.1kg的氣體,運動至距離空間站15m時，再次以同樣速度噴出同等質量的氣體，則宇航員返回空間站的時間約為()A．300sB．250sC．200sD．150s8.如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)電阻r恒定不變，電燈L恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向a端滑動，則()A．電流表的示數(shù)變大B．電源的總功率變大C．定值電阻R2消耗的功率增大D．電燈L變亮9.在如圖甲所示的電路中，R1是阻值為4Ω的定值電阻，R2是滑動變阻器，調節(jié)滑動變阻器的滑片，得到了多組理想電壓表和理想電流表的讀數(shù)，根據(jù)獲取的數(shù)據(jù)作出的伏安特性曲線如圖乙所示，則下列說法正確的是()A．電源的電動勢為2.5VB．電源的內(nèi)電阻為0.2ΩC．電流表的示數(shù)為0.1A時，電源的發(fā)熱功率為0.01WD．電流表的示數(shù)為0.2A時，R2的阻值為3.5Ω10.如圖所示，圓心為O點、半徑為4.6m的四分之一光滑圓弧槽靜止在光滑水平地面上，且其底部左端與水平地面相切。已知圓弧槽質量為3kg，現(xiàn)有一質量為1kg的小球（可視為質點）以12m/s的初速度沿著水平地面向右運動，取重力加速度大小g=10m/s2。對于小球剛沖上圓弧槽到上升至最高點的過程，下列說法正確的是()A．該過程小球和圓弧槽構成的系統(tǒng)動量不守恒B．該過程中小球不會脫離圓弧槽C．該過程中小球會脫離圓弧槽，上升的最高點相對于O點的高度為0.8mD．該過程中小球會脫離圓弧槽，脫離圓弧槽時小球的速度大小為4m/s高二物理試卷（共6頁）第3頁二、非選擇題：本題共5小題，共60分。把一量程3mA、內(nèi)阻100Ω的電流表改裝成歐姆表，電路如圖所示，現(xiàn)備有如下器材：A．電源E＝3V（內(nèi)阻可不計D．紅表筆；E．黑表筆。（1）器材應選取滑動變阻器。（選填“B”或“C”）（2）關于改裝后的歐姆表，下面的說法正確的是()A．紅表筆與M相連的，黑表筆與N相連B．表盤刻度是不均勻的，從零刻度處開始，刻度值越大處，刻度線越疏C．使用歐姆表測電阻時，首先要把紅、黑表筆短接進行調零，然后再去測電阻D．歐姆表調零是通過調節(jié)滑動變阻器讓電流表滿偏（3）按正確方法測量一未知電阻Rx，指針指在電流表2mA刻度處，則待測電阻的阻值為。________（4）若該歐姆表使用一段時間后，內(nèi)置的電池電動勢變小，內(nèi)阻變大，但此表仍能調零，按正確使用方法再測上述電阻Rx，其測量結果與原結果相比將（選填“偏大”“偏小”高二物理試卷（共6頁）第4頁某學習小組用如圖所示的平拋運動裝置來進行“探究碰撞中的不變量”實驗。（1）關于實驗的具體操作，下列說法中正確的是。（填選項前的字母序號）A．入射小球要從軌道上同一位置由靜止釋放，軌道末端必需水平B．入射小球和被撞小球要采用大小相同、密度不相同的小球，并且入射小球的質量要小于被撞小球C．選取的斜槽軌道越光滑，實驗的誤差越小D．小球在軌道上的釋放點越高，兩球碰撞時的相互作用力越大，誤差越?。?）實驗時先使入射小球A從斜槽上固定位置C點由靜止釋放，落到水平地面上的記錄紙上留下痕跡，重復上述操作，得到落點的平均值記為P點，再將被撞小球B放在水平槽上靠近槽末端的位置，再次讓入射小球A從固定位置C點由靜止釋放，和被撞小球B發(fā)生碰撞后，兩小球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，多次重復操作通過平均值確定碰撞后小球A和被撞小球B的落點位置，記為M、N點。若已知小球A質量m1是小球B質量m2的2倍，經(jīng)過多次測量得到各小球落點到小球在斜槽末端白紙上的投影點O的長度OM、OP、ON分別為x1、x2、x3，則當關系式（用x1、x2、x3表示）成立時，可證明兩球碰撞過程動量守恒。若兩小球間的碰撞為彈性碰撞，無機械能損失，應該有等式（用x1、x2、x3表示）成立。某景區(qū)觀光電動車在載滿游客時總質量m＝1.8×103kg，以5m/s的速度在水平路面勻速行駛，驅動電機的輸入電流I＝25A，輸入電壓U＝400V，電動車行駛時所受阻力為車重的，g取10m/s2，不計電機內(nèi)部摩擦，只考慮驅動電機的內(nèi)阻發(fā)熱損耗能量，求：（1）驅動電機的輸入功率；（2）電動車行駛時輸出的機械功率；（3）驅動電機的內(nèi)阻。高二物理試卷（共6頁）第5頁高二物理試卷（共6頁）第6頁14.（14分）空間內(nèi)有一勻強磁場，磁感線方向豎直向下：（1）在磁場中放入一根長1cm、與磁場方向垂直的直導線，讓導線中通過2A的電流，這段導線受到的磁場力為4.0×10－2N。求該磁場的磁感應強度大小。（2）如圖所示在這個磁場中放入一個線圈，線圈平面與水平方向夾角θ=60°,線圈平面面積S＝0.4m2，穿過線圈的磁通量Φ為多少？若將線圈以cd為軸順時針轉過120°角，則通過線圈的磁通量變化量為多少？若將線圈以ab為軸逆時針轉過150°角，則通過線圈的磁通量變化量為多少？15.（18分）如圖所示，在光滑水平面上有一個被鎖定的長LB=1.6m、質量MB=3kg的木板B，一個質量MA=2kg的小物塊A（可視為質點）靜止放置在木板B的左端，與木板B的右端相距L=0.5m處有一豎直墻壁。一顆質量m=10g的子彈以v0=900m/s的水平速度擊穿小物塊A后，速度變?yōu)関=100m/s，子彈射入墻中，小物塊A剛好運動到木板B的右端停下，取g=10m/s2。（1）求小物塊A被子彈擊穿時的速度大??；（2）求小物塊A與木板B間的動摩擦因數(shù)；（3）若將木板B解除鎖定，子彈仍以v0的速度射擊小物塊A，經(jīng)過一段時間后木板B與墻壁碰撞（碰撞時間極短碰撞前后木板B速度大小不變，方向相反，試判斷運動過程中小物塊A是否會滑離木板B。物理答案（共6頁）第1頁2025-2026學年度上學期高二10月月考物理參考答案題號123456789答案ACCBCDBABCACAC一、選擇題【詳解】A．M、N兩點處通電直導線在a點的磁感應強度方向分別為豎直向下、豎直向上，M點處通電直導線在a點產(chǎn)生的磁感應強度較大，故a點的合磁感應強度方向豎直向下，同理可知，b點的合磁感應強度方向豎直向上，結合對稱性，可知a、b兩點處的磁感應強度大小相等、方向相反，故A錯誤；B．畫出c點磁感應強度的矢量圖，如圖所示，B為c點的合磁感應強度，方向水平向右，同理可知，d點的合磁感應強度方向水平向左，結合對稱性，可知c、d兩點處的磁感應強度大小相等、方向相反，故B錯誤；C．M點處通電直導線在O點的磁感應強度與N點處通電直導線在O點的磁感應強度大小相等、方向相反，故O點處的磁感應強度為零，故C正確；D．由以上分析可知，在c、d兩點處，BM、BN其中一個磁感應強度變?yōu)榉聪?，合磁感應強度的方向會改變，故D錯誤。故選C。【詳解】設小鋼珠從80cm高處下落到秤盤上時的速度為v1，有v12＝2gh，則v1＝v2gh＝v2×10×0.8m/s=4m/s。碰撞后鋼珠反彈，豎直向上的速度為3m/s，根據(jù)豎直上拋運動的規(guī)律可知鋼珠再次回到秤盤上的時間為0.6s，故每粒鋼珠和秤盤只碰一次。設豎直向上為正方向，以所有鋼珠與秤盤碰撞過程，根據(jù)動量物理答案（共6頁）第2頁定理：Ft＝mv2－mv1，則F＝mv1＝N＝2.8N，根據(jù)牛頓第三定律可知，在碰撞過程中秤盤受到的壓力大小為2.8N。故選C?！驹斀狻緼．根據(jù)x—t圖像中，斜率表示速度，由圖可知，碰撞前M的速度為m/s=—3m/s碰撞后M的速度為0，碰撞前N的速度為m/s=2m/s碰撞后N的速度為v'2=m/s=—4m/s由動量守恒定律有m1v1+m2v2=m2v2'，解得m2=1kg，故A錯誤；C．N在碰撞過程中，動量變化量為Δp=m2v'2-m2v2=-6kg?m/s，可得動量變化量的大小為6kg.m/s。C錯誤；BD．碰撞前系統(tǒng)的總動能為Ek0==11J，碰撞后系統(tǒng)的總動能為2=8J，可得Ek0>Ek，可知兩物體的碰撞有機械能損失，不屬于彈性碰撞。故B錯誤。損失的動能為Ek0-Ek=3J，故D正確。故選D?！驹斀狻吭O宇航員的速度方向為正方向，第一次噴氣后航天員的速度為v，則根據(jù)動量守恒定律).v，解得v≈0.05m/s此5m所需的時間為s=100s解得v'≈0.1m/s此后運動15m所需的時間為s=150s，則宇航員返回空間站的時間約為t1+t2=150s+100s=250s故選B?！驹斀狻緼.滑片向a端滑動，R1接入電路的電阻變小，電路中總電阻變小，根據(jù)I＝RE總知I變大，電流表示數(shù)變大，故A正確；B.電源的總功率P總＝EI，知P總變大，故B正確；CD．根據(jù)閉合電路的歐姆定律E＝U外＋Ir，U外變小，燈泡兩端電壓變小，故電燈L變暗，D錯誤；物理答案（共6頁）第3頁再根據(jù)P2＝I2R2，I總變大，IL變小，故通過R2的電流I2變大，R2消耗的功率變大，故C正確；故選ABC?！驹斀狻緼B．根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=U+I(r+R1)由乙圖中的數(shù)據(jù)（0.3A，1V0.1A，2V）代入數(shù)據(jù)，可得E=1+0.3(r+4)，E=2+0.1(r+4)C．電流表的示數(shù)為0.1A時，電源的發(fā)熱功率為P=I2r=(0.1)2×1W=0.01W，故C正確；D．電流表的示數(shù)為I2=0.2A時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=U2+I2(r+R1)，代入數(shù)據(jù)解得R2兩端的電壓為U2=1.5V，則R2的阻值為=7.5故D錯誤。故選AC。【詳解】A．小球與圓弧槽組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，因此水平方向上系統(tǒng)動量守恒，但豎直方向上合外力不為零，因此系統(tǒng)動量不守恒，A正確；B．假設小球不能從圓弧槽最高點飛出，當小球沿圓弧面上升至最高點時，設二者共同速度v1，設球的質量為m，槽的質量為M，小球的初速度為v0根據(jù)動量守恒定律有mv0=(M+m)v1代入數(shù)據(jù)解得v1=3m/s，所以系統(tǒng)動能的減少量ΔEk==54J重力勢能的增加量ΔEk=mgR=46J不滿足機械能守恒定律，則假設不成立，由此可知小球能從圓弧槽最高點飛出，故B錯誤；CD．設小球在圓弧最高處的速度為v2，此時圓弧槽水平方向與小球水平方向的速度均為v1，根據(jù)能量守恒定律有+mgR，代入數(shù)據(jù)可得v2=5m/s，故D錯誤，小球在豎直方向上的速度v=4m/s，故小球離開圓弧槽能上升的高度=0.8m，C正確；D錯誤。故選AC。二、非選擇題11.【答案】(1)B（2分）(2)CD（2分）(3)500Ω（2分）(4)偏大（2分）【詳解】(1)兩表筆直接接觸時，調節(jié)滑動變阻器的阻值使電流達到滿偏Ig＝RR0，解得R0＝900Ω,故滑動變阻器應選B。(2)歐姆擋表盤刻度是不均勻的，刻度值越大處刻度線越密，故A錯誤；在歐姆表內(nèi)部黑表筆接的是電源的正極，紅表筆接電源的負極，故B錯誤；測電阻時，首先要把紅、黑表筆短接進行調零，然后再去測電阻，故C正確；歐姆表調零操作是通過調節(jié)滑動變阻器讓電流表滿偏，D正確。故選CD。(3)電流I＝2mA時，有I解得Rx＝500Ω。(4)當電池電動勢變小，內(nèi)阻變大時，歐姆表重新調零，由于滿偏電流Ig不變，由公式Ig＝rE內(nèi)，歐姆表內(nèi)阻時，接入同樣的被測電阻，通過的電流變小，歐姆表讀數(shù)變大。12.【答案】(1)AD（2分）(2)2x2=2x1+x3x3=x2+x1（每空各3分）【詳解】（1）AC.要保證每次碰撞前的速度相同，則入射球A要從同一位置由靜止?jié)L下，而要保證小球離開軌道后做平拋運動，則需保證斜槽末端水平，對斜槽是否光滑沒有要求，A正確，C錯誤；入射小球和被撞小球的大小應該相同，以保證兩小球發(fā)生正碰。入射球質量應大于被撞球質量，防止碰撞后入射球反彈。故B錯誤。（2）設碰撞前瞬間小球A的速度為v0，碰撞后瞬間球A和球B速度大小分別為v1、v2，根據(jù)動量守恒可由于兩小球在空中下落高度相同，所用時間相等，則有v0==，v1==，v2==聯(lián)立可得m1x2=m1x1+m2x3，結合m1=2m2可得2x2=2x1+x3若碰撞是彈性碰撞，碰撞前后兩小球動能之和相等，可得m1x=m1x+m2x，結合以上兩式可得x3=x2+x113．【答案】(1)10000W(2)9×103W(3)1.6Ω（12分）【詳解】(1)驅動電機的輸入功率P入＝UI＝400V×25A＝10000W。............................................................................3分(2)電動車行駛時所受阻力mg＝1.8×103N電動車勻速行駛時，F(xiàn)＝f＝1.8×103N..................................................................................................................................2分電動車行駛時輸出的機械功率P出＝Fv＝1.8×103×5W＝9×103W。...............................................................................2分(3)驅動電機內(nèi)阻的發(fā)熱功率P熱＝P入－P出＝10000W－9000W＝1000W.................................................................2分根據(jù)焦耳定律P熱＝I2r，........................................................................................................................................................2分得r＝2熱=Ω=1.6Ω。......................................................................................................................................................1分14．【答案】(1)2T（2）0.4Wb1.2Wb0.4Wb（14分）【詳解】(1)由磁感應強度的定義式得r=2T.........................................................................................3分物理答案（共6頁）第4頁(2)①線圈在垂直磁場方向上的投影面積S⊥=Scos60°=0.4×m2＝0.2m2......................................................................................................2分穿過線圈的磁通量Φ1＝BS⊥=2×0.2Wb＝0.4Wb...............................................................................................................2分②線圈以cd為軸順時針方向轉過120°角后變?yōu)榕c磁場垂直，但由于此時磁感線從線圈平面穿入的方向與原來相反，故此時通過線圈的磁通量Φ2BS2×0.4Wb0.8Wb.....................................................................2分故磁通量的變化量大小為ΔΦ=|Φ2-Φ1|＝|－0.8－0.4|Wb＝1.2Wb。...........................................................................2分③線圈以ab為軸逆時針方向轉過150°角后變?yōu)榕c磁場方向平行，線圈在垂直磁場方向上的投影面積為0，故此時通過線圈的磁通量Φ3＝0....................................................................2分故磁通量的變化量ΔΦ=|Φ3-Φ1|＝|0－0.4|Wb＝0.4Wb。...............................................................................................1分【詳解】（1）設小物塊A被子彈擊穿時的速度大小為vA,子彈和小物塊A組成的系統(tǒng)動量守恒+MAvA.....................................................................................................................................................................2分解得vA=4m/s.........................................................................................................................................................................1分（2）設小物塊A與木板B間的動摩擦因數(shù)為μ,物塊A的位移s=LB，由動能定理有μMAgs=0MAv............................................................................................................................................................2分解得μ=0.5.............................................................................................................................................................................1分（3）若木板B未被鎖定，A以4m/s的初速度向右做減速運動，規(guī)定向右為正方向，對A可得—μMAg=MAaA解得aA=5m/s2.....................................................................................................................................................................1分對B，可得μMAg=MBaB解得aB=m/s2.....................................................................................................................................................................1分設經(jīng)過時間t1，A與B速度相等，則可得vA+aAt1=aBt1解得t1=0.48s.................................................................................................