2024-2025學(xué)年度高二第一學(xué)期期中考試

物理試題（B）

注意事項：

1、本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時間90分鐘。

2、答題前，考生務(wù)必將姓名、班級第個人信息填寫在答題卡指定位置。

3、考生作答時，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把谷題卡上

對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑：非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答

題區(qū)域內(nèi)作答。超出答題區(qū)域書巧的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。

一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.下列對基本概念、規(guī)律的認(rèn)識正確的是（）

A.電荷定向移動的方向即為電流的方向

B.電流總是從高電勢流向低電勢

C.電源單位時間內(nèi)向外提供的電能越多，表明電動勢越大

D.電動勢為2V的電源，將1C正電荷從負(fù)極經(jīng)電源內(nèi)部移動到正極，非靜電力做功2J

【答案】D

【解析】

【詳解】A.電流的方向與正電荷的定向移動方向相同，與負(fù)電荷的定向移動方向相反，故A錯誤；

B.在電源外部，電流從高電勢流向低電勢；但在電源內(nèi)部，電流從低電勢流向高電勢，故B錯誤；

C.電動勢的大小等于非靜電力把單位正電荷從電源的負(fù)極，經(jīng)過電源內(nèi)部移到電源正極所做的功；電動

勢取決于電源本身，與電源單位時間內(nèi)向外提供的電能無直接關(guān)系，故C錯誤；

D.根據(jù)電動勢定義式￡=陛，可知電動勢為2V的電源，將1C正電荷從負(fù)極經(jīng)電源內(nèi)部移動到正極，

q

非靜電力做功2J,故D正確。

故選D。

2.1900年，普朗克提出了能量子假設(shè)，這是對經(jīng)典物理學(xué)思想與觀念的一次突破。關(guān)于能量子下列說法正

確的是（）

A.微觀粒子的能量是連續(xù)的

B.不同顏色光的能量子相同

C.電磁波波長越長，其能量子越大

D.能量子假設(shè)很好的解釋了黑體輻射實驗規(guī)律

【答案】D

【解析】

【詳解】A.普朗克能量子假設(shè)認(rèn)為微觀粒子的能量是量子化的，不連續(xù)的，故A錯誤；

B.不同顏色光頻率不同，由石=〃1/可知能量子不同，故B錯誤；

he

C.根據(jù)能量子E=/n/=—，可知波長越長能量子越小，故C錯誤；

2

D.普朗克能量子假設(shè)成功解釋了黑體輻射實驗規(guī)律，故D正確。

故選D

3.如圖所示，矩形線圈仍〃位于通電長直導(dǎo)線附近，線圈與導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，線圈的湖邊與導(dǎo)線平

行。那么下列操作中，線圈中沒有感應(yīng)電流的是（）

a----d

----c

A.通電導(dǎo)線電流變大

B.線圈水平向右移動

C.線圈沿長直導(dǎo)線向上運動

D,以M為軸轉(zhuǎn)動線圈

【答案】C

【解析】

【詳解】A.通電導(dǎo)線電流變大，則穿過線圈的磁通量增加，線圈中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；

B.線圈水平向右移動，則穿過線圈的磁通量減小，線圈中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯誤；

C.線圈沿長直導(dǎo)線向上運動，則穿過線圈的磁通量不變，線圈中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C正確；

D.以湖為軸轉(zhuǎn)動線圈，則穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯誤。

故選Co

4.如圖所示，同種材料制成的厚度之比為2:3的長方體合金塊a和b,上表面為正方形，邊長之比2:1。

。、6分別與同一電源相連，電源內(nèi)阻忽略不計，則（）

電流

方向

電流

方向

A.通過。、%的電流之比為2:3

B.通過八6的電流之比為2:1

C.a,b中自由電荷定向移動速率之比為2:3

D.a、b中自由電荷定向移動的速率之比為2:1

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.設(shè)正方形邊長為L厚度為d,根據(jù)電阻定律可得氏=夕三=43工

Lddd

可知。、b的電阻之比為此：q=4:4=3:2

E1

。、b分別與同一電源相連，電源內(nèi)阻忽略不計，根據(jù)/=一'—

RR

可知通過〃、b的電流之比為1/4="：（=2：3,故A正確，B錯誤；

CD.根據(jù)電流微觀表達式/=neSv-neLdv

「，曰11

可得V=--------8——

neLdLd

則隊b中自由電荷定向移動的速率之比為匕：匕=74-：74-=1：2,故CD錯誤。

L/aLhdb

故選A?

5.兩個電路元件。和6,它們的伏安特性曲線如圖所示。根據(jù)圖像可知（）

B.元件b的電阻隨電壓的增大而增大

C.若將“、6并聯(lián)在電動勢為2V,內(nèi)阻不計的電源兩端，則干路電流為0.7A

D.若將0、方串聯(lián)在電動勢為3.5V,內(nèi)阻不計的電源兩端，則。的功率為0.45W

【答案】C

【解析】

【詳解】A.由題圖可知，元件a的電阻恒為此=2=〃。=5。，故A錯誤；

“10.6

B.根據(jù)歐姆定律可知，/-。圖像上點與原點連線的斜率等于電阻的倒數(shù)，由題圖可知，元件6的電阻隨

電壓的增大而減小，故B錯誤；

C.若將a、6并聯(lián)在電動勢為2V,內(nèi)阻不計的電源兩端，由題圖可知，此時通過°、6的電流分別為

/“=0.4A,Ib=0.3A

則干路電流為/=4+Ih-0.4A+0.3A=0.7A,故c正確；

D.若將a、b串聯(lián)在電動勢為3.5V,內(nèi)阻不計的電源兩端，由于通過a、b的電流相等，且

E=&+%=3.5V

結(jié)合圖乙可知，。。=1.5丫，Ub=2.0V,/=0.3A

則6的功率為與=U/=0.6W,故D錯誤。

故選Co

6.一匝數(shù)為M邊長為2R的等邊三角形線圈如圖放置，在其虛線內(nèi)切圓范圍內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁

場，磁感應(yīng)強度大小為瓦如果將線圈繞虛線仍旋轉(zhuǎn)90。，這個過程中穿過線圈磁通量的變化量大小為

1,

B.-NTIBR-c.6NBND.6BR2

33

【答案】A

【解析】

【詳解】設(shè)等邊三角形的內(nèi)切圓的半徑為「，則根據(jù)幾何關(guān)系可得r=Rtan30^—R

3

根據(jù)磁通量的定義可知，初始狀態(tài)的磁通量①1=5S=3?乃/=!乃以2

3

線圈繞虛線ab旋轉(zhuǎn)90。時磁通量①2=。

因此磁通量的變化量的大小為△①=|①2一3=0—；"以2=%BR2

故選Ao

7.如圖甲所示的電路中，尾是可調(diào)電阻，&是定值電阻，電源內(nèi)阻為乙實驗時調(diào)節(jié)與從一端到另一

端，得到各組電壓表和電流表數(shù)據(jù)，用這些數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點、擬合，作出的圖像如圖乙中漏所

示。貝U（）

A.電源的電動勢為3V

B.電源的內(nèi)阻為5Q

C.定值電阻凡=20。

D,可調(diào)電阻用的阻值變化范圍為?20。

13

【答案】B

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得￡=。+〃

由圖可知，當(dāng)G=2V時，/|=0.1A；當(dāng)K=1V時，，2=0-3A；代入上式可得石=2.5V,r=5￡l

故A錯誤，B正確；

CD.根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得u=/（K+g）

將上述數(shù)據(jù)代入可得N+&=20C,+%=與。

故無法判斷鳥、&的大小以及范圍，故CD錯誤。

故選B

8.嫦娥六號探測器順利從月球背面取回月壤，彰顯了我國強大的科技實力。當(dāng)探測器豎直向下噴射出橫截

面積為S,密度為人速度大小為v的氣體時，能懸停在距離月球表面〃處5遠小于月球半徑）?，F(xiàn)探測

h

器先關(guān)閉發(fā)動機自由下落一，然后再打開發(fā)動機以另一速度向下噴氣，使探測器到達月球表面時速度恰好

2

減為零，實現(xiàn)安全著陸。己知月球表面重力加速度為旦（g為地球表面重力加速度）。忽略噴射氣體的重

6

力及空氣阻力，則（）

A.探測器對噴射氣體的沖量大小大于噴射氣體對探測器的沖量大小

hIh

B.探測器自由下落高度一所用時間為J—

2\g

C.探測器單位時間內(nèi)噴出氣體的質(zhì)量為出

2

D.探測器的質(zhì)量為紀(jì)"

g

【答案】D

【解析】

【詳解】A.探測器與噴射氣體間的相互作用力為作用力與反作用力，沖量大小相等，方向相反，故A錯

誤；

B.探測器自由下落時加速度為月球重力加速度旦，由2=工.名.廣

6226

解得/=H，故B錯誤；

C.探測器1時間內(nèi)噴出氣體的質(zhì)量為m=2Sv/,單位時間內(nèi)噴出氣體的質(zhì)量為故C錯

誤；

D.設(shè)探測器的質(zhì)量為探測器噴出氣體過程，探測器與氣體之間的作用力為「以探測器為對象，根

據(jù)受力平衡可得/=”?名

6

以噴出氣體為對象，根據(jù)動量定理可得好=mv

聯(lián)立解得〃=竺出二，故D正確。

g

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共1分，在每小題給多的正人來頁=,有多

項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的難2分，有老結(jié)的有加分。

9.如圖所示為某同學(xué)組裝成的簡易多用電表電路架，一款開關(guān)S可以與不同組點連線。下列說法正確的是

()

表頭

A.當(dāng)S接1或2時為直流電流表檔，接1的量度大

B.當(dāng)S接1或2時為直流電流表檔，接2的量度大

無論測電流、電壓還是電阻，流過表頭的電流方向總是從右向左

D.無論測電流、電壓還是電阻，流過表頭的電流方向總是從左向右

【答案】AC

【解析】

【詳解】AB.當(dāng)S接1或2時為直流電流表檔，接“1”最大量程4=4+

接“2”最大量程4=4+,lx>12

&+R2

故A正確，B錯誤;

CD.多用電表不管選擇哪一種檔位，哪一種功能，電流都是從正插孔（紅筆）流進電表，從負(fù)插孔（黑表

筆）流出，即流過表頭的電流方向總是從右向左。故C正確，D錯誤。

故選AC?

10.如圖所示，上表面粗糙的小車c靜止在光滑水平面上，其上放有兩個質(zhì)量不同的物塊。、b,a,。間有

一根被壓縮的輕彈簧。彈簧突然釋放后，兩物塊發(fā)生滑動，下列說法正確的是（）

A.若a、6兩物體材料相同，則。、6組成的系統(tǒng)機械能不守恒、動量也不守恒

B.若a、6兩物體材料相同，則“Ac組成系統(tǒng)機械能不守恒、動量也不守恒

C.若a、b兩物體材料不同，則以b組成的系統(tǒng)動量可能守恒、機械能一定不守恒

D.若a、6兩物體材料不同，則。、6、c組成的系統(tǒng)機械能可能守恒、動量可能守恒

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.若服6兩物體材料相同，由于質(zhì)量不同，則a、b兩物體受到的摩擦力大小不相等，則。、b

組成的系統(tǒng)所受合外力不為0,動量不守恒；由于。、b兩物體的動能均增加，所以“b組成的系統(tǒng)機械

能不守恒，故A正確；

B.若a、b兩物體材料相同，由于水平面光滑，所以。、b、。組成的系統(tǒng)所受合外力為0,動量守恒；由

于a、b、c的動能均增加，所以a、b、c組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故B錯誤；

C.若°、b兩物體材料不同，當(dāng)。、b兩物體受到的摩擦力大小相等時，則。、6組成的系統(tǒng)所受合外力為

0,動量守恒；由于八b兩物體的動能均增加，所以服。組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故C正確；

D.若八6兩物體材料不同，由于水平面光滑，所以a、b、。組成的系統(tǒng)所受合外力為0,動量守恒；由

于b兩物體的動能均增加，c的動能也可能增加，所以八6、c組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故D錯誤。

故選AC?

11.如圖所示，服從c為三根垂直于紙面的長直固定導(dǎo)線，位于等邊三角形的三個頂點上。導(dǎo)線中通有大

小相等的電流，方向如圖所示。。為三角形的中心（）

/<\

b?/-----\&

A.。點的磁感應(yīng)強度為零

B.O點的磁場方向平行于ca

C.導(dǎo)線“受到導(dǎo)線6、c作用力的合力與6、c所在平面平行

D.導(dǎo)線6受到導(dǎo)線a、c作用力的合力與c所在平面垂直

【答案】BCD

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)右手螺旋定則可知，電流a在。產(chǎn)生的磁場方向平行于“向左，電流c在。產(chǎn)生的磁

場方向平行加指向右上方；由于三導(dǎo)線電流相同，根據(jù)疊加原理可知，電流a、c在。產(chǎn)生的磁場方向平

行ca指向左上方，而b電流在。產(chǎn)生的磁場方向也平行ca指向左上方，所以。點的磁場方向平行于cm

故A錯誤，B正確；

CD.根據(jù)同向電流相吸、反向電流相斥，結(jié)合矢量合成法則可知，導(dǎo)線a受到導(dǎo)線6、c作用力的合力與

6、c所在平面平行；導(dǎo)線6受到導(dǎo)線a、c作用力的合力與a、c所在平面垂直，故CD正確。

故選BCD?

12.將兩個定值電阻與、4和電阻箱R以及理想電壓表按照如圖所示方式連接。其中電源的內(nèi)阻為廣，且

閉合開關(guān)，將電阻箱的阻值從零逐漸增大到某一阻值，電壓表示數(shù)變化量為AU,則在該過程中

（）

A.定值電阻耳兩端的電壓逐漸增大

B.流過電阻箱R的電流逐漸減小

C.電源的輸出功率增大

D.如果流過與電流的改變量大小為A72，則表=4+廠

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.閉合開關(guān)，將電阻箱阻值從零逐漸增大到某一阻值，則R與4并聯(lián)的總電阻增大，整個電

路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流/減小，定值電阻凡兩端的電壓逐漸減小，故A

錯誤；

B.R與&并聯(lián)的電壓。并=￡—/（%+廠）

則。并增大，通過鳥的電流人增大，流過電阻箱R的電流右=/-乙

則流過電阻箱R的電流逐漸減小，故B正確；

22

2EE

C.電源的輸出功率Pn/TGl在外+廠）2'=.卜+匚+2廠

則與卜=廠時電源輸出功率最大；由于r＜為，所以尺外＞「

所以將電阻箱的阻值從零逐漸增大到某一阻值，電源的輸出功率減小，故c錯誤；

D.如果流過凡電流的該變量大小為八人，由閉合電路歐姆定律可知￡并+/(鳥+廠)

A(7n

則二1=R?+r,故D正確。

A/2

故選BDo

三、非選擇題：本題共6小題，共60分。

A.實驗前，調(diào)節(jié)裝置，使斜槽木端水平

B.選用兩個半徑不同的小球進行實驗

C.用質(zhì)量大的小球碰撞質(zhì)量小的小球

(2)圖中。點是小球拋出點在地面上的垂直投影，首先，將質(zhì)量為加的小球從斜槽上的S位置從靜止釋

放，小球落到復(fù)寫紙上，重復(fù)多次確定平均落點尸。然后，把質(zhì)量為加2的被碰小球置于斜槽末端，再將質(zhì)

量為血的小球從S位置由靜止釋放，兩球相碰，重復(fù)多次，確定兩球的平均落點M、N,并測出。點到平

均落點的距離，記為OP、0M和ON。在誤差允許范圍內(nèi)，若關(guān)系式成立，即可驗證碰撞前后

動量守恒；在動量守恒的基礎(chǔ)上，只要再滿足關(guān)系式,則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞。

、---------------2-，2-------2

【答案】(1)AC(2)?.mxOP-OM+m,ON?.mAOP=OM+m^ON

【解析】

【小問1詳解】

A.為了使小球離開斜槽后能做平拋運動，實驗前，調(diào)節(jié)裝置，使斜槽木端水平，A正確；

B.選用兩個半徑相同的小球進行實驗，B錯誤；

C.為了防止小球碰撞后被彈回，所以用質(zhì)量大的小球碰撞質(zhì)量小的小球，C正確。

故選ACo

【小問2詳解】

口根據(jù)〃=*'解得”欄,則小球做平拋運動的時間相同。

根據(jù)動量守恒定律得班%=班匕+加2V2

又因為上半,%*,%=?

解得叫0尸二町0版+m1ON

⑵根據(jù)機械能守恒定律得:仍片=:仍V；+：加2w，vQ=—^Vj=—,v2=—

///ttt

-------2---------2--------2

解得mxOP=m1OM+m2ON

14.某中學(xué)生課外科技活動小組利用銅片、鋅片和家鄉(xiāng)盛產(chǎn)的橙子制作了橙子電池，并想測量其電動勢和

內(nèi)阻。他們在實驗室發(fā)現(xiàn)若干能正常使用的電流表和電阻箱。學(xué)生結(jié)合現(xiàn)有實驗器材設(shè)計了實驗方案，電

路如圖甲所示。通過查閱資料，了解橙子電池電動勢約為IV,內(nèi)阻約為幾千歐姆。請回答下列問題：

（1）實驗室可用電流表和電阻箱如下：

A.電流表Ai：內(nèi)阻為0.5Q,量程為0-0.6

B.電流表A2：內(nèi)阻為100Q,量程為0?300同X

C.電阻箱R]（0-100。）

D.電阻箱氏2（0-9999Q）

為了測量方便、準(zhǔn)確，電流表應(yīng)選（選填"A"或"B"）,電阻箱應(yīng)選（選填"C”或"D”）。

（2）正確實驗操作后，對實驗數(shù)據(jù)進行正確處理并做出S/圖像（U為電阻箱兩端電壓，/為流過電流表

的電流）如圖乙所示，可測得該橙子電池的電動勢E=,內(nèi)阻片kQo（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)

字）。

i.ooo-

0.900

0.800：

0.700：

0.600：

八-r\zx1111111111tlii，i?"**7*-^1?

u5uu

-o408012016020024080320360//gA

7▲

【答案】（1）①.B②.D

（2）①.0.95②.1.2

【解析】

【小問1詳解】

[1][2]蘋果電池電動勢約為IV,內(nèi)阻約為幾千歐，所以電流表選擇量程較小的A2；為使電流表示數(shù)變化明

顯，電阻箱接入電路的阻值應(yīng)與電源內(nèi)阻相差不多，故電阻箱選擇R2；

【小問2詳解】

[3]根據(jù)圖。所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律可知整理得由圖b所示圖像可知，橙子電池電動勢為

￡=/（尺+%+廠）=笈+/（%+廠）=。+/（%+廠）

U=￡-/(%+r)

E=Q95V

[4]圖像斜率的絕對值橙子電池的內(nèi)阻42+廠=0360xl05（0C>n=125°Q

解得“1.2KO

15.如圖所示，質(zhì)量為機的小球用細(xì)線懸掛在。點，小球離地面高度為L小球可以看成質(zhì)點，剪斷細(xì)線

后小球自由下落，并與地面發(fā)生彈性碰撞，小球與地面碰撞的接觸時間At=’辿?？諝庾枇Σ挥?，重

10g

力加速度為g,求:

o

O

L

（i）小球落地時的動量；

（2）小球落地時地面對小球的平均作用力大小。

【答案】（1）%/亞，方向豎直向下

（2）21mg

【解析】

【小問1詳解】

設(shè)小球落至地面時的速度為v,由y2=2gL,P=mv

解得p=#2gL

方向豎直向下。

【小問2詳解】

因為小球與地面間的碰撞為彈性碰撞，所以碰后小球的速度為丫'=-V

根據(jù)動量定理可得（/-mg）&=mv-mv'

解得F=21mg

16.如圖所示的電路，電源電動勢為12V,內(nèi)阻為1。，電阻均為1Q,電阻&為6。，開關(guān)閉合后，電動

機恰好正常工作。已知通過電阻用的電流為3A,電動機內(nèi)電阻扁為。5。，求：

(2)若電動機以尸lm/s的恒定速度豎直向上提升重物，求重物的質(zhì)量相。(不計空氣阻力，重力加速度g

取10m/s2)

【答案】(1)1A(2)1kg

【解析】

【小問1詳解】

設(shè)R?兩端電壓為U，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=U+/(N+r)

代入數(shù)據(jù)解得U=6V

,U6A，人

根據(jù)歐姆定律可得流過Ri的電流為^2=—=7A=1A

66

【小問2詳解】

流過電動機的電流為/M=I=2A

則電動機的輸出功率為弓=—K%=iow

又%=mgv

解得重物的質(zhì)量m=1kg

17.如圖所示，光滑水平面上有兩個質(zhì)量均為根的物體A、BoB上連接一勁度系數(shù)為上的輕彈簧。物體A

以初速度%向靜止的物體B運動，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。

A/WWVW^]

/////////<//////////

(1)求彈簧壓縮到最短時的彈性勢能Ep；

(2)若彈簧彈性勢能的表達式為Ep=—6？，其中人為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，求彈簧壓縮

P2

到最短時的形變量尤

m

(3)若從A接觸彈簧到第一次將彈簧壓縮到最短所用的時間為f=,求此過程中物體B的位移。

2\2k

19

【答案】（1）—加%

（3）（萬一鞏叵

4\2k

【解析】

【小問1詳解】

當(dāng)A、B共速時，彈簧壓縮到最短時，根據(jù)動量守恒可得機％=2〃”

11

根據(jù)能量守恒可得紇=-mvl9—-x2mv29

p22

19

聯(lián)立解得彈簧壓縮到最短時的彈性勢能為Ep=-mv1

【小問2詳解】

11

彈簧壓縮到最短時，有耳=—質(zhì)29=—相片9

p24

解得

【小問3詳解】

設(shè)從A接觸彈簧到第一次將彈簧壓縮到最短過程中的任意時刻，A物體的速度為匕，B物體的速度為匕，

由動量守恒得wv0=mvx+mv2

對方程兩邊同時乘以時間AZ,則有機%△/=mv^t+mv2At

設(shè)從A接觸彈簧到第一次將彈簧壓縮到最短時間內(nèi)物體A