學(xué)年第一學(xué)期嘉興八校聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級物理學(xué)科試題考生須知：本卷共8頁滿分分，學(xué)考學(xué)生滿分分（完成分（完成分鐘；本卷中數(shù)值計算時g取；不得使用計算器；答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號并填涂相應(yīng)數(shù)字。答案填在答題卷相應(yīng)位置，填在試卷上無效。選擇題部分一、選擇題（本大題共小題，每小題3分，共分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，選對得3分，不選、錯選或多選得0分）1.下列各組物理量都是矢量的是（）A.加速度、電場強度B.力、動能C.電勢、磁通量D.電阻、電流【答案】A【解析】【詳解】A．加速度和電場強度，都是既有大小又有方向的物理量，均為矢量，故A正確；B．力是既有大小又有方向的物理量，為矢量；動能是只有大小沒有方向的物理量，為標量，故B錯誤；C．電勢和磁通量，都是只有大小沒有方向的物理量，均為標量，故C錯誤；D量運算法則，為標量。故D錯誤。故選A。2.對于物理知識的敘述，以下說法不正確的是（）A.伽利略通過實驗證明了重的物體和輕的物體下落一樣快B.電流的單位安培是國際單位制中的基本單位C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)第1頁/共21頁D.能源的利用過程中有能量耗散，所以自然界的能量在不斷減少【答案】D【解析】AAB本單位，B說法正確，不符合題意；C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，即電流可以產(chǎn)生磁場，C說法正確，不符合題意；D化，而不是能量總量減少，D說法不正確，符合題意。本題選不正確的，故選D。3.2024年7月27日，第33屆夏季奧林匹克運動會在法國巴黎開幕。男子公路自行車個人計時賽于北京時間7月27日22:3255.089千米用時57分04）A.“22:32”是時間間隔B.“57分04秒”是指時刻C.“55.089千米”指的是比賽的路程D.該世界紀錄的平均速度為57.9km/h【答案】C【解析】【詳解】A“22:32”是比賽開始的時刻，而非時間間隔，故A錯誤；B“57分04秒”是完成比賽所用的時間間隔，而非時刻，故B錯誤；C．公路自行車比賽的軌跡是實際運動路徑，因此“55.089千米”指路程，故C正確；D．平均速度需用位移計算，題中無法計算位移及平均速度，故D錯誤故選C。4.如圖所示，航天員在天宮二號中進行太空授課時演示了旋轉(zhuǎn)的小扳手，下列關(guān)于慣性的說法正確的是（）第2頁/共21頁A.小扳手漂浮不動時沒有慣性B.小扳手的慣性比航天員的慣性小C.小扳手從地面移到空間站慣性變小D.慣性是改變物體運動狀態(tài)的原因【答案】B【解析】【詳解】A．小扳手漂浮不動時，仍存在質(zhì)量，仍有慣性，故A錯誤；B．由于小扳手的質(zhì)量小于航天員的質(zhì)量，則小扳手的慣性比航天員的慣性小，故B正確；C．小扳手從地面移到空間站，質(zhì)量不變，則慣性不變，故C錯誤；D．慣性是保持物體運動狀態(tài)的原因，而力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故D錯誤。故選B。5.物體甲做直線運動的xt圖像和物體乙做直線運動的vt圖像分別如圖甲、乙所示，則下列關(guān)于兩物體運動情況描述正確的是（）A.物體甲在010s的時間內(nèi)做往復(fù)運動B.物體甲在010s的時間內(nèi)速度大小為1.6m/sC.物體乙在010s的時間內(nèi)位移為40mD.物體乙在010s的時間內(nèi)運動方向不變【答案】B【解析】第3頁/共21頁【詳解】A．因xt圖像的斜率等于速度，可知物體甲在010s的時間內(nèi)一直沿正方向運動，A錯誤；B．物體甲在010s的時間內(nèi)速度大小為，B正確；C．因vt圖像與坐標軸圍成的面積等于位移，可知物體乙在010s的時間內(nèi)位移為零，C錯誤；D．物體乙在010s的時間內(nèi)先沿負方向運動后沿正方向運動，運動方向發(fā)生了變化，D錯誤。故選B。6.如圖所示，一只小鳥停在傾斜的樹干上，下列說法正確的是（）A.小鳥受到的重力沒有施力物體B.樹干對小鳥的支持力與小鳥受到的重力方向相反C.樹干對小鳥的摩擦力與小鳥對樹干的摩擦力是一對平衡力D.樹干對小鳥的摩擦力與小鳥對樹干的摩擦力是一對相互作用力【答案】D【解析】【詳解】A．小鳥受到的重力的施力物體是地球，故A錯誤；B．樹干對小鳥的支持力的方向為垂直樹干斜向右上方，小鳥受到的重力方向為豎直向下，故B錯誤；CD．樹干對小鳥的摩擦力與小鳥對樹干的摩擦力是一對相互作用力，故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖電路中，電源電動勢r=1.0R=8.0，不計電流表的內(nèi)阻。將開關(guān)S閉合，電流的大小為（）A.1.0AB.1.2AC.1.5AD.9.0A【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律有A故選A。第4頁/共21頁8.鋼球由靜止開始做自由落體運動，不計空氣阻力，落地時速度大小為，取。則下列說法正確的是（）A.鋼球下落的高度是B.鋼球下落的時間為C.鋼球下落的平均速度是D.鋼球最后下落的高度是【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)速度與位移的關(guān)系有解得故A錯誤；B．根據(jù)速度公式有解得故B正確；C．鋼球下落的平均速度故C錯誤；D．鋼球最后下落的高度是故D錯誤。故選B。9.如圖，用50N的壓力F將重20N的物體A緊緊壓在墻壁上，物體以0.2m/s的速度沿墻壁勻速下滑，那么物體A與墻壁之間的摩擦力為（）第5頁/共21頁【答案】B【解析】【詳解】由題知，物體沿墻壁勻速下滑，根據(jù)平衡條件可得物體A與墻壁之間的摩擦力故選B。10.用安培定則分析下列現(xiàn)象，正確的是（）A.甲圖中小磁針靜止時的位置如圖，則通電直導(dǎo)線的電流向上B.乙圖中金屬圓環(huán)通以逆時針方向的電流時，小磁針靜止時N極垂直紙面向里C.丙圖中小磁針靜止時的位置如圖所示，則電源左側(cè)為正極D.丁圖中，假設(shè)地磁場是由繞地軸的環(huán)形電流產(chǎn)生的，那么環(huán)形電流的方向如圖所示【答案】D【解析】A下，故A錯誤；B．乙圖中金屬圓環(huán)通以逆時針電流時，根據(jù)安培定則可知，磁場垂直紙面向外，小磁針靜止時N極垂直紙面向外，故B錯誤；C．丙圖中小磁針靜止時的位置如圖所示，右側(cè)為S極，左側(cè)為N極，根據(jù)安培定則可知，則電源左側(cè)為負極，故C錯誤；D．地理北極附近是地磁南極，根據(jù)安培定則可知，安培假設(shè)繞地軸的環(huán)形電流與圖示相同，故D正確。故選D。著陸。關(guān)于返回艙的減速運動過程，下列說法正確的是（）第6頁/共21頁B.返回艙處于失重狀態(tài)，加速度向下C.返回艙處于超重狀態(tài)，加速度向上D.返回艙處于超重狀態(tài)，加速度向下【答案】C【解析】【詳解】返回艙向下做減速運動時，速度與加速度方向相反，因此加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)，故ABD錯誤，C正確。故選C。12.下列說法正確的是（）A.甲圖中閉合線圈在N處的磁通量為0B.乙圖中虛線區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，則線圈內(nèi)磁通量為C.丙圖中通電直導(dǎo)線附近的線圈以導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動90°磁通量變大D.丁圖中線圈從M位置移動到N位置時磁通量減小【答案】D【解析】【詳解】A．甲圖中閉合線圈在N處時有豎直向下的磁感線穿過線圈，故磁通量不為零，故A錯誤；B．乙圖中虛線區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，則線圈內(nèi)磁通量為，故B錯誤；C．丙圖中，通電直導(dǎo)線的磁場是以導(dǎo)線為中心的同心圓，故在通電直導(dǎo)線附近的線圈以導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動90°磁通量不變，故C錯誤；第7頁/共21頁D．丁圖中，M位置的磁場更密集，N位置磁場更稀疏，線圈從M移到N，磁場減弱，即磁感應(yīng)強度減小，所以磁通量減小，故D正確。故選D。13.0.1m）A.彈簧對手產(chǎn)生的彈力大小為20NB.手對彈簧的拉力和彈簧對手的拉力是一對平衡力C.此時彈簧的長度為0.1mD.拉彈簧的力越大，彈簧的勁度系數(shù)也越大【答案】A【解析】【詳解】A．由胡克定律得彈簧對手產(chǎn)生的彈力大小為，A正確；B．彈簧對手產(chǎn)生的彈力與手對彈簧的拉力為作用力與反作用力，B錯誤；C．彈簧伸長了0.1m，此時彈簧長度一定大于0.1m，C錯誤；D．彈簧的勁度系數(shù)k不隨彈簧的形變量而改變，D錯誤。故選A。14.磁場中某區(qū)域的磁感線如圖所示，則（）A.兩處的磁感應(yīng)強度方向相同B.同一閉合線圈放在a處時磁通量一定小C.a處的磁感應(yīng)強度比b處小D.同一通電導(dǎo)線放在a處受力一定比放在b處受力小【答案】C【解析】第8頁/共21頁某點的切線方向表示磁感應(yīng)強度方向，由圖可知a、b兩處的磁感應(yīng)強度方向不同。故C正確，A錯誤；B個地方的大小關(guān)系，故B錯誤；D．安培力的大小不但與磁感應(yīng)強度有關(guān)，還與夾角有關(guān)，所以受力大小不能確定，故D錯誤。故選C。15.下面各電路圖中關(guān)于多用電表的使用，操作正確的是（）A.甲圖是用多用電表直流電壓擋測量小燈泡兩端的電壓，表筆接法正確B.乙圖是用多用電表直流電流擋測量電路中電流，表筆接法正確C.測電阻時，可按圖丙連接方式測量D.丁圖中用的是多用電表電阻擋測量二極管的反向電阻【答案】B【解析】A紅、黑表筆接法有誤，故A錯誤；B．測電流時，電表應(yīng)該串聯(lián)接入電路，且電流應(yīng)從紅表筆進入從黑表筆流出，故B正確；C．測量電阻時，應(yīng)將待測電阻與電路斷開后測量，故C錯誤；D相連，故D錯誤。故選B。16.一塊智能手機電池外殼上的部分數(shù)據(jù)如圖所示，電池的容量為“”，即“2000毫安時”，這里的“毫安時”是（）第9頁/共21頁A.電流的單位B.電荷量的單位C.能量的單位D.電容的單位【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)q=It，可知“毫安時”是電荷量的單位。故選B。17.能。農(nóng)村居民院落或屋頂?shù)墓夥l(fā)電裝置除滿足居民家庭用電，還可向電網(wǎng)供電獲得收益。如圖所示，太能利用太陽能的10%，那么在面積為的屋頂上可以利用的太陽能的功率最大值約為（）A.3kWB.10kWC.60kWD.600kW【答案】B【解析】【詳解】令歷時為t，能夠利用的太陽能根據(jù)功率的表達式有解得故選B。第10頁/共21頁同且平行的椽子所在平面與水平面夾角為間，蓋瓦的底邊恰與底瓦的凹槽中線接觸。已知相鄰兩椽子與底瓦接觸線間的距離和瓦的半徑都為，蓋瓦和底瓦相同，厚度不計，質(zhì)量均為。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為均保持靜止。若僅對鋪設(shè)的這三片瓦進行研究，則（）A.底瓦與每根椽子間彈力大小為B.底瓦與每根椽子間的摩擦力大小為C.適當(dāng)增大兩椽子間的距離，底瓦與每根椽子之間的彈力不變D.適當(dāng)增大兩椽子間的距離，底瓦更不容易下滑【答案】D【解析】【詳解】A．由題意知，相鄰兩根椽子的連線和相鄰兩根椽子與對應(yīng)底瓦圓心的連線構(gòu)成一個等邊三角形，設(shè)底瓦與每根椽子間彈力大小為三片瓦的重力垂直三根椽子所在平面向下的分力，即解得，故A錯誤；B．設(shè)底瓦對每根椽子的摩擦力大小為，根據(jù)受力平衡可知，底瓦對每根椽子的摩擦力的合力等于三片瓦的重力沿三根椽子所在平面向下的分力，即得，故B錯誤；CD．設(shè)椽子對底瓦的彈力與相鄰兩椽子與底瓦接觸線的夾角為，則得適當(dāng)增大兩椽子間的距離，則減小，則底瓦與每根椽子之間的彈力增大，底瓦與每根椽子之間的最大靜第11頁/共21頁摩擦力增大，底瓦更不容易下滑，故C錯誤，D正確。故選D。非選擇題部分二、實驗題（本大題共2小題，每空1分，共8分）19.打點計時器是高中物理實驗中常用的實驗器材，請你完成下列有關(guān)問題：（1）甲打點計時器使用的電源為_____選填“低壓交流”或“低壓直流”電源。（2）在“測定勻變速直線運動加速度”的實驗中，接通打點計時器電源和讓紙帶開始運動這兩個操作之間的時間順序關(guān)系是。A.先接通電源，后讓紙帶運動B.先讓紙帶運動，再接通電源C.讓紙帶運動的同時接通電源D.先讓紙帶運動或先接通電源都可以【答案】（1）低壓交流（2）A【解析】【小問1詳解】甲是電磁打點計時器，根據(jù)高中物理知識，電磁打點計時器使用的電源為低壓交流電源?！拘?詳解】在“測定勻變速直線運動加速度”的實驗中，為了能在紙帶上打出足夠多的點，便于后續(xù)測量和計算，操作順序應(yīng)該是先接通電源，后讓紙帶運動。如果先讓紙帶運動，再接通電源，紙帶開始運動的一段就不會有打點記錄，會導(dǎo)致實驗數(shù)據(jù)缺失，影響實驗結(jié)果，綜合可知A選項符合題意。故選A。20.微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度。螺旋測微器和游標卡尺的示數(shù)如圖甲和乙所示。第12頁/共21頁（2）若流經(jīng)圓柱體的電流為I，圓柱體兩端的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別用D、L表示，則用D、L、I、U表示的電阻率的關(guān)系式為ρ=__________?！敬鸢浮竣?1.845##1.844##1.846②.4.240③.【解析】1）[1]螺旋測微器的精確度為0.01mm，可得圓柱體的直徑為[2]20分度游標卡尺的精確度為0.05mm，可得長度為（2）[3]根據(jù)電阻定律可得，電阻率的關(guān)系式為21.某同學(xué)為了測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻（內(nèi)阻約為2Ω除電池、開關(guān)、導(dǎo)線外，可供使用的器材還有：A.電壓表V（量程3V或15V）B.電流表A（量程0.6A或3A）C.定值電阻R（阻值0.5Ω）第13頁/共21頁D.滑動變阻器R（阻值范圍050Ω）（1）根據(jù)所提供的實驗器材，實驗時電壓表應(yīng)選擇量程___________（填“3V”或“15V”（2UIE=___________V，內(nèi)電阻r=___________Ω（結(jié)果保留2【答案】（1）3V（2）①.1.45②.2.00【解析】【小問1詳解】干電池的電動勢大約為1.5V，實驗時電壓表應(yīng)選擇3V量程?！拘?詳解】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)圖像可知，解得三、計算題（第題4分，第題7分，第題7分，共分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題目，答案中必22.如圖所示，用F=10.0N的水平拉力，使質(zhì)量m=5.0kg的物體由靜止開始沿光滑水平面做勻加速直線運動。求：（1）物體運動的加速度大小a；（2）物體在前3.0s內(nèi)的位移大小x?！敬鸢浮浚?）2）【解析】1）根據(jù)牛頓第二定律（2）前3.0s內(nèi)物體位移的大小23.E=12Vr=1ΩR=5ΩMr=1Ω第14頁/共21頁，電動機正常工作時，理想電壓表示數(shù)U=9V。求：（1）回路中的電流I；（2）電動機的電功率；（3）電動機機械功率?！敬鸢浮浚?）（2）4.5W（3）4.25W【解析】【小問1詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得回路中的電流為【小問2詳解】電動機消耗的電功率代入數(shù)據(jù)解得【小問3詳解】電動機的發(fā)熱功率為代入數(shù)據(jù)解得電動機的機械功率24.速度滑上木板，恰好滑到木板右端停止，現(xiàn)讓木板右端抬高，如圖乙所示，使木板與水平地面的夾角，讓滑塊以相同的初速度滑上木板，不計滑塊滑上木板時的能量損失，，，．求：（1）滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ；（2）滑塊從滑上傾斜木板到滑回木板底端所用的時間t。第15頁/共21頁【解析】1）根據(jù)題意，設(shè)滑塊質(zhì)量為m，木板水平時滑塊加速度為a，則對滑塊由牛頓第二定律有滑塊恰好到木板右端停止，由運動學(xué)公式有聯(lián)立解得（2）當(dāng)木板傾斜，設(shè)滑塊上滑時的加速度為，最大距離為，上滑的時間為，由牛頓第二定律有由運動學(xué)公式有，聯(lián)立解得，設(shè)滑塊下滑時的加速度為a，下滑的時間為t，由牛頓第二定律有由運動學(xué)公式有聯(lián)立解得滑塊從滑上傾斜木板到滑回木板底端所用的時間為第16頁/共21頁25.如圖所示的四幅圖中，導(dǎo)體棒的長度均為L，磁場的磁感應(yīng)強度大小均為B，在各導(dǎo)體棒中通有相同的電流I。則下列選項正確的是（）A.圖甲中導(dǎo)體棒所受的安培力大小為BIL，方向水平向左B.圖乙中導(dǎo)體棒所受的安培力大小為BIL，方向豎直向下C.圖丙中導(dǎo)體棒所受的安培力大小為BIL，方向豎直向上D.圖丁中導(dǎo)體棒所受的安培力大小為BIL，方向水平向右【答案】B【解析】【詳解】A．題圖甲中，因電流方向與磁場平行，所以安培力為零，故A錯誤；BBILB正確；C．題圖丙中，導(dǎo)體棒與磁場垂直，則安培力的大小為BIL，方向垂直導(dǎo)體斜左上方，故C錯誤；D60故D錯誤。故選B。26.沿直線通過速度選擇器，最后進入到偏轉(zhuǎn)磁場并打在A點。不計帶電粒子重力，關(guān)于該帶電粒子在質(zhì)譜儀中的運動，下列說法正確的是（）第17頁/共21頁A.該帶電粒子有可能帶負電B.速度選擇器中的磁場B的方向垂直紙面向里C.僅增大偏轉(zhuǎn)磁場的磁感應(yīng)強度B，帶電粒子會打到A點左邊D.若增大加速電壓U，要讓帶電粒子沿直線通過速度選擇器，可減小磁感應(yīng)強度B的大小【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)帶電粒子在電場中的加速及磁場中的偏轉(zhuǎn)，可知粒子帶正電，故A錯誤；B．速度選擇器中滿足由于電場力向右，洛倫茲力向左，根據(jù)左手定則可知磁場B的方向垂直紙面向外，故B錯誤；C．根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得可知增大B，R變小，粒子打到A的右邊，故C錯誤；D．增大加速電壓會使v增大，速度選擇器中要滿足，故減小磁感應(yīng)強度B可行，故D正確。故選D。27.如圖為磁流體發(fā)電機的示意圖，兩正對平行極板P、Q的間距為d，兩板的面積均為S，內(nèi)部充滿方向與板平行、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，直流電動機M的內(nèi)阻為R?，F(xiàn)讓等離子體（高溫下被電離含有大量帶正電和負電的離子的氣體）以速度v持續(xù)垂直磁場噴入兩板間。若磁流體發(fā)電機穩(wěn)定發(fā)電時，電動機M正常工作，理想電流表A的示數(shù)為I。磁流體發(fā)電機的內(nèi)阻只考慮充滿兩板間的等離子體的電阻，兩板間等離子體的等效電阻為R。則下列說法正確的是（）第18頁/共21頁A.P板為電源的正極B.帶負電