2025-2026學年度（上）一診模擬考試高2023級物理一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.原子核可以實現人工轉變，例如一個Na核俘獲1個α粒子后變成1個新核，并釋放某個粒子X，其核反應方程為1123Na+24HeA.01n BC.11H D答案C解析粒子X的質量數為23+4-26=1，電荷數為11+2-12=1，所以X為11H，核反應方程為1123Na+24He→2.2023年10月31日，神舟十六號飛船完成多項預定工作后成功返回地面。神舟十六號載人飛船返回過程，在A點從圓形軌道I進入橢圓軌道II，B為軌道II上的一點，如圖所示。已知飛船在軌道I上飛行周期為T，地球質量M和半徑R0、萬有引力常量G。則下列說法中正確的是（）A.可計算飛船的質量B.可計算軌道I離地面的高度C.可知飛船在軌道I上的機械能與在軌道II的機械能相等D.可知飛船在圓軌道I上運行的角速度比在地球同步軌道上的小【答案】B【解析】【詳解】A．飛船在軌道I上飛行周期與它本身質量無關，所以不可計算飛船的質量，故A錯誤；B．根據萬有引力提供向心力根據這個式子可以解得軌道I離地面的高度h，故B正確；C．從軌道I到軌道II要減速，所以飛船在軌道I上的機械能比在軌道II的機械能大，故C錯誤；D．飛船的運行高度比同步衛(wèi)星低，根據可知半徑越大，角速度越小，所以飛船在圓軌道I上運行的角速度比在地球同步軌道上的大，故D錯誤；故選B。3.圖甲為某人發(fā)明的自動叉秸稈工具，捆成圓柱形的秸稈從地上被叉起后，處于長、短直桿之間被短直桿擋住，短直桿焊接在長直桿上，且二者之間夾角小于90°，簡化圖如圖乙所示，不計一切摩擦。若長直桿由水平逆時針緩慢轉至豎直，則下列說法正確的是（）A．長直桿對秸稈的彈力一直增大B．長直桿對秸稈的彈力先減小后增大C．短直桿對秸稈的彈力一直增大D．短直桿對秸稈的彈力先減小后增大【答案】C【詳解】對秸稈受力分析可知，秸稈受到重力mg，短直桿彈力F2，長直桿彈力F由題意知長直桿與短直桿的角小于90°不變，則F2與F1的夾角不能變，故圖中θ不能變，由于秸稈受三力平衡，作出力的矢量三角形如上圖所示，當長直桿由水平緩慢轉至豎直時，圖像可知F2故選C。4.如圖甲為噴墨打印機的結構簡化圖。當計算機有信號輸入時，墨盒噴出細小的墨滴，經過帶電室后帶上負電，其電荷量由輸入信號控制。墨滴進入平行金屬板，最后打到紙上，顯示出打印內容。當計算機無信號輸入時，墨滴不帶電，徑直通過板間后注入回流槽流回墨盒中。已知兩板間的電壓為U，距離為d，板長為L。墨滴的質量為m，電荷量為q，以水平初速度v0A．墨滴穿過電場的過程中受到的電場力大小為F=qUdB．墨滴穿過電場的過程中豎直方向的位移大小為y=C．墨滴穿出電場時速度與水平方向的夾角θ的正切值為tanD．某同學打印的照片如圖乙所示，若僅將兩板間的電壓增大50%，則最終打印稿上出現的照片圖樣是丙，僅縱向擴大50%【答案】D【詳解】A．兩板間的勻強電場的場強大小為E=Ud墨滴受到的電場力大小為B．墨滴穿過電場的過程中做類平拋運動，則有L=v0t，y=12C．墨滴穿出電場時速度與水平方向的夾角θ的正切值為tanθ=D．根據y=qU5、如圖所示，為一列簡諧橫波在某一時刻的波形圖，圖為質點以此時刻為計時起點的振動圖像，從該時刻起，下列說法正確的是（

）A．該波正在向軸負方向傳播，波速為B．經過后，質點經過的路程為，且速度最大，加速度最小C．若該波在傳播過程中遇到一個尺寸為的障礙物，不能發(fā)生明顯的衍射現象D．若波源向軸負方向運動，在處放一接收器，接收器接收到的波源頻率可能為【答案】B【詳解】A．在圖中，時刻正向上振動，在圖中，根據波形平移法可知，波正在向軸正方向傳播。該波的波長和周期分別為，所以波速故A錯誤；B．根據題意可知所以經過后，質點經歷的路程為到達平衡位置，速度最大，加速度最小，故B正確；C．該波的波長為，若該波在傳播過程中遇到一個尺寸為的障礙物，波長與障礙物尺寸差不多，能發(fā)生明顯衍射現象，故C錯誤；D．該波的頻率為若波源向軸負方向運動，波源與接收器間的距離增大，產生多普勒效應，在處的接收器接收到的波源頻率減小，小于，故D錯誤。故選B。6、如圖所示為兩個固定在同一水平面上的點電荷，距離為d，電荷量分別為和。在它們的中垂線上水平固定一根內壁光滑的絕緣細管，一電量為的小球緩慢經過細管，則小球（）A．小球的加速度先減小后增加 B．小球的速度先減小后增加C．受到的庫侖力最大值為 D．管壁對小球的彈力最大值為【答案】C【詳解】AB．根據等量異種點電荷電場線分布特點可知，帶電小球運動過程中一直受到水平向右的電場力，電場力與細管對其水平彈力平衡，小球的合力為零，加速度為零，小球做勻速直線運動，速度保持不變，故AB錯誤；C．等量異種點電荷連線的中垂線上，連線中點處場強最大，小球在該處受到的庫侖力最大，則有故C正確；D．根據C選項分析可知，在等量異種點電荷連線中點處，管壁對小球的水平彈力與庫侖力平衡，則此時管壁對小球的水平彈力大小為，故D錯誤。故選C。7、如圖所示，在平行板電容器中固定一個帶負電質點P，電容器下極板接地，電源電動勢和內阻分別為E和r，電流表和電壓表均視為理想電表，電壓表和電流表示數為U和I。當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，下列說法正確的是（）A．電壓表和電流表示數都變大 B．P質點的電勢能增加 C．R3消耗的電功率變大 D．電源的輸出功率一定減小【解答】解：A、當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，其接入電路的電阻減小，電路的總電阻減小，干路電流I增大，R3兩端電壓為U3＝E﹣I（R1+r），可知U3減小，通過R3的電流I3減小，電流表示數為IA＝I﹣I3，I增大，I3減小，則IA增大，R2的電壓U2增大，電壓表示數為UV＝U3﹣U2，U3減小，U2增大，則UV減小，故A錯誤；B、電容器與R3并聯(lián)，兩者電壓相等，則知電容器板間電壓減小，板間場強減小，質點P所處位置與下極板的電勢差減小，故此位置的電勢降低，因質點P帶負電，所以其電勢能增加，故B正確；C、R3兩端電壓減小，則R3消耗的電功率變小，故C錯誤；D、由于不知道電源的內外電阻的關系，所以不能判斷電源的輸出功率如何變化，故D錯誤。故選：B。8、一質量為m的質點在合力F作用下，從t=0由靜止開始沿直線運動，合力F隨時間t的變化如圖所示。則（）A.質點做往復運動B.在0~4t0時間內，質點獲得的動量為C.在0~4t0時間內，質點獲得的動能為D.在0~4t0時間內，質點在2t0時刻速度最大【答案】BC【解析】【詳解】A．由圖可知，0~t0時間內質點由靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為t0~2t0時間內質點做勻減速直線運動，加速度大小為即質點做勻加速直線運動的加速度為勻減速運動加速度的兩倍，質點運動速度始終沿正方向，故A錯誤；B．圖線與橫軸所圍區(qū)域的面積表示力的沖量，根據動量定理可得所以在0~4t0時間內，質點獲得的動量為故B正確；C．在0~4t0時間內，質點獲得的動能為故C正確；D．在0~4t0時間內，2t0~3t0時間內質點做加速度為的勻加速直線運動，3t0~4t0時間內質點做加速度為的勻減速直線運動，故質點在3t0時刻速度最大，故D錯誤。故選BC。9、如圖所示，等腰直角三角形ABC斜邊中點O處固定一帶正電的點電荷，一帶負電的點電荷在外力F的作用下，從B點沿圓弧勻速率運動到A點，在此運動過程中（）A.外力F對負點電荷先做負功后做正功B.外力F對負點電荷始終不做功C.負點電荷的電勢能先減小后增大D.負點電荷的電勢能始終不變【答案】AC【解析】【詳解】AB．依題意，帶負電的點電荷從B點沿圓弧運動到A點，和固定在O點的帶正電的點電荷的距離先減小后增大，因為二者之間存在相互吸引的電場力，所以該電場力先做正功后做負功，根據動能定理，有可知外力F對負點電荷先做負功后做正功。故A正確；B錯誤；CD．根據可知負點電荷的電勢能先減小后增大。故C正確；D錯誤。故選AC。10、如圖所示，質量的長木板靜止在粗糙水平地面上，時刻對木板施加的水平向右恒力，同時質量的小物塊以的初速度從左端滑上木板。已知木板長度，木板與地面、木板與小物塊間的動摩擦因數分別為、，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度，下列說法正確的是（）A.小物塊剛滑上木板時，木板的加速度大小為B.時，小物塊恰好運動到木板最右端C.時，小物塊從木板左端脫離D.若時撤去外力F，小物塊最終會從木板右端脫離【答案】AC【解析】A．小物塊剛滑上木板時，對木板進行分析，根據牛頓第二定律有解得故A正確；B．對小物塊進行分析，根據牛頓第二定律有解得時，小物塊的速度此時木板的速度兩者的相對位移可知，時，小物塊并沒有運動到木板最右端，故B錯誤；C．結合上述，在時，小物塊與木板速度恰好相等，之后兩者不能夠保持相對靜止，小物塊以的加速度向右做勻加速直線運動，木板以比小物塊更大的加速度向右做勻加速直線運動，對木板進行分析，根據牛頓第二定律有解得上述過程小物塊相對于木板向左運動，則有解得可知，小物塊從木板左端脫離的時間故C正確；D．若時撤去外力F，由于令，結合上述可知，此時小物塊與木板的速度分別為，此時間內小物塊相對于木板向左運動，則相對位移為撤去外力后小物塊向右繼續(xù)以的加速度做勻加速直線運動，木板向右做勻減速直線運動，對木板進行分析有解得令歷時兩者達到相等速度，則有解得此時間內小物塊相對于木板向左運動，則相對位移為由于可知，撤去外力。兩者達到相等速度后，小物塊沒有從左端滑輪木板，之后兩者保持相對靜止，做勻減速直線運動，一直到速度減為0后靜止，即若時撤去外力F，小物塊最終不會從木板右端脫離，故D錯誤。故選AC二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22~32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據要求作答。11、把量程為1mA、內阻為100Ω的毫安表，按如圖所示電路改裝成量程分別為1.5V和0.6A的多用電表。圖中R1和R2為定值電阻，S為開關。回答下列問題：（1）開關S閉合時，多用電表用于測量___________（選填“電流”或“電壓”）；開關S斷開時，多用電表用于測量___________（選填“電流”或“電壓”）。（2）定值電阻的阻值R1=__________Ω，R2=__________Ω。（R2計算結果保留2位有效數字）【答案】①.電流②.電壓③.1400④.2.5【解析】【詳解】（1）[1][2]表頭串聯(lián)一個大電阻，就改裝成了量程較大的電壓表；表頭并聯(lián)一個小電阻，就改裝成量程較大的電流表。開關S閉合時，此時為電流表，多用電表用于測量電流；開關S斷開時，此時為電壓表，多用電表用于測量電壓。（2）[3]根據電壓表的改裝原理有即解得[4]根據電流表的改裝原理有即解得12、某實驗小組用如圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律?；瑝K上有兩個寬度均為d的遮光片，滑塊與遮光片總質量為M，兩遮光片中心間的距離為L。(1)用游標卡尺測量一個遮光片的寬度d，結果如圖乙所示，則遮光片的寬度d=cm。(2)將滑塊置于光電門右側的氣墊導軌上，打開氣泵電源，輕推滑塊，遮光片1、2通過光電門的擋光時間分別為和，發(fā)現，為了將氣墊導軌調至水平，應將支腳A適當調（填“高”或“低”）。(3)氣墊導軌調至水平后，將細線一端拴在滑塊上，另一端依次跨過光滑輕質定滑輪和光滑動滑輪后懸掛在O點，調節(jié)氣墊導軌左端的定滑輪，使定滑輪和滑塊之間的細線與氣墊導軌平行，調整O點的位置，使動滑輪兩側的細線豎直，將沙桶懸掛在動滑輪上。將滑塊在光電門右側釋放，光電門記錄遮光片1、2通過時的擋光時間分別為和，則滑塊的加速度大小為a=。（用題目中的物理量符號表示）(4)多次改變沙桶和桶內細沙的總質量，并記錄遮光片1、2的擋光時間，計算相應的加速度a，根據計算的數據描繪加速度a與沙桶和桶內細沙的總重力mg之間的關系圖像如圖丙所示，則圖像的斜率k=（用題目中的物理量符號表示），圖像沒有過原點的原因是。【答案】(1)0.660(2)高(3)(4)氣墊導軌沒有調水平，右端高了【詳解】（1）圖乙可知游標卡尺精度為0.05mm，則遮光片的寬度（2）輕推滑塊，遮光片1、2通過光電門的擋光時間分別為和，發(fā)現，說明滑塊做加速運動，即導軌左低右高，所以為了將氣墊導軌調至水平，應將支腳A適當調高。（3）根據速度位移關系可得其中聯(lián)立可得（4）[1][2]由圖可知，當沙和沙桶的重力為零時，滑塊已經具有加速度，說明氣墊導軌不水平，右端高了，設導軌與水平面夾角為，設繩子拉力為F，對M，由牛頓第二定律有對m，由牛頓第二定律有聯(lián)立整理得由于m遠小于M，則可知13、如圖所示，一定質量理想氣體被活塞封閉在汽缸中，活塞的質量為m，面積為S，與汽缸底部相距L，汽缸和活塞絕熱性能良好，氣體的溫度與外界大氣相同均為T0，大氣壓強為p0?，F接通電熱絲加熱氣體，一段時間后斷開，活塞緩慢向上移動距離0.5L后停止，整個過程中氣體吸收的熱量為Q。忽略活塞與汽缸間的摩擦，重力加速度為g。求：（i）理想氣體最終的溫度T（ii）理想氣體內能的增加量。【答案】（i）；（ii）【解析】【詳解】（i）活塞向上移動了0.5L，在此等壓過程中有且解得（ii）活塞緩慢移動，所以受力平衡，則氣體對外界做功根據熱力學第一定律解得13、密立根油滴實驗的示意圖如圖所示。兩水平金屬平板上下放置，間距固定，可從上板中央的小孔向兩板間噴入大小不同、帶電量不同、密度相同的小油滴。兩板間不加電壓時，油滴a、b在重力和空氣阻力的作用下豎直向下勻速運動，速率分別為v0、；兩板間加上電壓后（上板為正極），這兩個油滴很快達到相同的速率，均豎直向下勻速運動。油滴可視為球形，所受空氣阻力大小與油滴半徑、運動速率成正比，比例系數視為常數。不計空氣浮力和油滴間的相互作用。（1）求油滴a和油滴b的質量之比；（2）判斷油滴a和油滴b所帶電荷的正負，并求a、b所帶電荷量的絕對值之比。【答案】（1）8:1；（2）油滴a帶負電，油滴b帶正電；4:1【解析】（1）設油滴半徑r，密度為ρ，則油滴質量則速率為v時受阻力則當油滴勻速下落時解得可知則（2）兩板間加上電壓后（上板為正極），這兩個油滴很快達到相同的速率，可知油滴a做減速運動，油滴b做加速運動，可知油滴a帶負電，油滴b帶正電；當再次勻速下落時，對a由受力平衡可得其中對b由受力平衡可得其中聯(lián)立解得14、如圖所示，豎直平面內的光滑水平軌道AB與半徑為R的光滑圓軌道平滑連接，一輕質短彈簧在水平軌道上，左端固定在墻上，質量為m的小球P將彈簧壓縮。從靜止釋放小球P，小球P沿水平軌道運動，與彈簧分離后，以速度v0向右勻速運動，在圓軌道的最低點B與另一質量為M的靜止小球Q發(fā)生彈性碰撞，碰后，小球Q沿圓軌道上升到C點脫離軌道，小球P返回向左壓縮彈簧，然后被彈簧彈回，恰好