嘉興高級中學(xué)2025學(xué)年第一學(xué)期第一次教學(xué)調(diào)研高二年級物理試卷（選考）考生須知：1.本卷滿分為100分，考試時間為90分鐘。2.請將答案正確填寫在答題卡上，答案寫在試題卷上不給分。一、單選題（每小題3分，共39分）1.在國際單位制中，下列物理量的單位表示正確的是（??）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度：NA1m1B.電動勢：JCC.電場強(qiáng)度：VmD.磁通量：Tm2【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)公式BF，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為1，A正確；B．根據(jù)公式EW非，電動勢的單位為J/C，B錯誤；qC．根據(jù)公式EU，電場強(qiáng)度單位為V/m，C錯誤；的dD．根據(jù)公式，磁通量的單位為2，D錯誤。故選A。2.下列關(guān)于電流和磁場的說法中正確的是（??）A.根據(jù)Iq，可知I與q成正比tB.電荷定向移動的方向即為電流的方向C.電流元在某處不受磁場力作用，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D.磁化、退磁現(xiàn)象可以用“安培分子電流假說”來解釋【答案】D【解析】【詳解】A．電荷量越大，流過的電流未必越大，所以不能說I與q成正比，故A錯誤；B．正電荷定向移動方向?yàn)殡娏鞯姆较?，?fù)電荷定向移動方向與電流的方向相反，故B錯誤；C．當(dāng)電流元中電流方向與磁場方向平行時不受磁場力的作用，該處磁場強(qiáng)度未必為零，故C錯誤；D第1頁/共24頁故選D。3.如圖所示，四根相互平行的通有電流均為I的長直導(dǎo)線a、b、c、d，放在正方形的四個頂點(diǎn)上。每根通電直導(dǎo)線單獨(dú)存在時，四邊形中心O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小都是B，則四根通電導(dǎo)線同時存在時O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向?yàn)椋??）A.22B，方向向左B.22B，方向向下C.2B，方向向右D.2B，方向向上【答案】A【解析】【詳解】在ac處的直導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B，方向沿方向；在bd處的直導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B，方向沿Oa方向；則O點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為B222222BO方向向左。故選A。4.隨著科技發(fā)展，掃地機(jī)器人作為智能化家電典型代表逐步走入千家萬戶。如圖所示為某一款掃地機(jī)器人的主機(jī)，產(chǎn)品的相關(guān)參數(shù)如表所示，下列說法正確的是（??）A.“h”為能量單位B.主機(jī)工作電流約為C.主機(jī)電動機(jī)的電阻約為D.電池最多能儲存的能量約為5.0106J第2頁/共24頁【答案】D【解析】【詳解】A．在單位“h”中，mA是電流的單位，h是時間的單位，根據(jù)電流的定義式Iqt可得電荷量q所以“h”是電荷量單位，而不是能量單位，故A錯誤；的B．由題知，主機(jī)電動機(jī)的功率P=75W，額定電壓U=220V，根據(jù)P代入數(shù)據(jù)解得主機(jī)電動機(jī)工作電流約為I0.34A故B錯誤；C．若主機(jī)電動機(jī)是純電阻，根據(jù)歐姆定律U可得電阻為R因掃地機(jī)器人的電動機(jī)不是純電阻用電器，其消耗的電能一部分轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以不能用歐姆定律進(jìn)行計(jì)算電阻，故C錯誤；D．已知充電電池的電荷量q6400mAh23040C，額定電壓U220V，根據(jù)W可得電池最多能儲存的能量W5.0106J故D正確。故選D。5.如圖所示，把一根柔軟的輕質(zhì)彈簧懸掛起來，彈簧下端系一錫箔紙揉的小球，靜止時小球剛好跟金屬板接觸，通電后發(fā)現(xiàn)小球迅速向上運(yùn)動，若彈簧不超出彈性限度，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（??）A.小球在空中運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒B.改變電源正負(fù)極小球不再向上運(yùn)動C.小球回到金屬板時，對金屬板有作用力第3頁/共24頁D.若加大電壓，小球第一次到達(dá)最高點(diǎn)的時間變長【答案】C【解析】【詳解】A．通電后發(fā)現(xiàn)小球迅速向上運(yùn)動，小球在空中運(yùn)動過程中機(jī)械能增加，A錯誤；B．同向電流相互吸引，改變電源的正負(fù)極，彈簧內(nèi)部仍然是同向電流，仍然相互吸引，彈簧仍然收縮，小球仍然向上運(yùn)動，B錯誤；C．當(dāng)彈簧通有電流時，由于同向電流相互吸引，彈簧縮短，彈簧處于壓縮狀態(tài)。當(dāng)彈簧失去電流時，引力消失，彈簧要恢復(fù)原長，將小球彈開，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，小球與金屬板接觸前的瞬間速度不等0，小球與金屬板接觸時對金屬板有壓力，所以小球回到金屬板時，對金屬板有作用力，C正確；D．若加大電壓，電流增大，引力增大，小球第一次到達(dá)最高點(diǎn)的時間變短，D錯誤。故選C。6.ABCD分別是點(diǎn)電荷QABCCDq1.61010C的電荷從A移動到C少了2.56109J。則（??）A.點(diǎn)電荷Q帶負(fù)電B.C、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.負(fù)電荷在A點(diǎn)的電勢能小于在D點(diǎn)的電勢能D.若取C點(diǎn)的電勢為0，則B點(diǎn)的電勢為8V【答案】C【解析】Aq1.61010C的電荷從A移動到C2.56109J場力做正功，電場力向右，故點(diǎn)電荷Q帶正電，故A錯誤；B．C、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，故B錯誤；CQA點(diǎn)的電勢高于DpA點(diǎn)的電勢能小于在D第4頁/共24頁點(diǎn)的電勢能，故C正確；D．根據(jù)電勢能的公式有EVP16Aq點(diǎn)電荷的電場不是勻強(qiáng)電場，AB間的電場強(qiáng)度大于BC間的電場強(qiáng)度，因此由U可知UU即ABBC則中點(diǎn)B的電勢不于8V，故D錯誤；故選C。7.8V0.5Ω，RMPQ兩極板正對，間距為d。閉合開關(guān)S、S1電流表示數(shù)為3.2A，電子從P板以速度v?垂直于極板射出，恰能到達(dá)兩極板中央。再將S2閉合，穩(wěn)定后電流表示數(shù)為4A。下列說法正確的是（??）A.電動機(jī)M的輸出功率為6WB.電動機(jī)M的繞線電阻為6ΩC.定值電阻R消耗的功率減小18WD.再讓電子從P板以速度2v?垂直于極板射出，能到達(dá)Q板【答案】D【解析】【詳解】AB．閉合開關(guān)S、S1時，電流表示數(shù)為13.2A，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得IERr解得定值電阻R的阻值為第5頁/共24頁REIr83.20.5Ω2Ω1I3.21再將S2閉合，穩(wěn)定后電流表示數(shù)為I2=4A，此時電動機(jī)M和定值電阻R并聯(lián)，兩者電壓相等，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有EU解得兩者的電壓為UUEIrMR2840.5V6V通過定值電阻的電流為IRU6ARR2通過電動機(jī)的電流為IMI2IRUIMMUMIM6WAB錯誤；C．閉合開關(guān)S、S1時，定值電阻R消耗的功率為PI2RR120.48W再將S2閉合，穩(wěn)定后定值電阻R消耗的功率為PI2R18WRR定值電阻R消耗的功率的變化為PPP2.48WRRR因此定值電阻R消耗的功率減小2.48W，故C錯誤；D．設(shè)電子從P板以速度2v?垂直于極板射出，運(yùn)動的距離為x，根據(jù)動能定理可得d10mv2022

1'x0m2v202由于極板間電壓減小，則電場強(qiáng)度減小，聯(lián)立解得x2dd因此讓電子從P板以速度2v?垂直于極板射出，能到達(dá)Q板，故D正確。第6頁/共24頁故選D。8.如圖所示，直線為某電源的UI圖線，曲線為某元件的UI圖線的一部分，虛線為過交點(diǎn)的切線交于縱軸0.5A處，用該電源和元件串聯(lián)起來組成閉合電路，下列說法正確的是（??）A.此時導(dǎo)體的電阻為B.電源的輸出效率為50%C.隨著電壓增大，元件電阻不斷減少D.若用該電源和兩個該元件串聯(lián)，電流變?yōu)?.5A【答案】B【解析】【詳解】A．此時導(dǎo)體的電阻為RUI故A錯誤；B．由圖可知，電源的電動勢和內(nèi)阻3.0

E3.0V，rΩ2.0電源的輸出效率為U1.5100%50%E3故B正確；C．圖像與原點(diǎn)連接的斜率表示元件電阻的倒數(shù)，由圖可知，隨著電壓增大，元件電阻不斷增大，故C錯誤；D．若用該電源和兩個該元件串聯(lián)，則可看成將電源分成電動勢為1.5V，內(nèi)阻為別為元件供電，新電源的圖像如圖第7頁/共24頁由圖可知，若用該電源和兩個該元件串聯(lián)，電流大于0.5A，故D錯誤故選B。9.我國高度重視再生能源的開發(fā)與利用，太陽能發(fā)電、風(fēng)力發(fā)電領(lǐng)先與全球，如圖所示，每臺風(fēng)力發(fā)電機(jī)的葉片轉(zhuǎn)動時可形成半徑為r的圓面，當(dāng)?shù)仫L(fēng)向可視為與葉片轉(zhuǎn)動的圓面垂直，發(fā)電機(jī)將此圓面內(nèi)氣流動能轉(zhuǎn)化為輸出電能的效率為20%。風(fēng)速在15～20m/s范圍內(nèi)，可視為不變。已知風(fēng)速v時每臺發(fā)電機(jī)輸出電功率為3000kW，空氣的密度為1.3kg/m3，則（）A.單位時間內(nèi)經(jīng)過每臺發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的質(zhì)量為rv2B.單位時間內(nèi)經(jīng)過每臺發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流動能為12r2v2C.單位時間內(nèi)經(jīng)過每臺發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流動能為12rv2D.當(dāng)風(fēng)速為20m/s時，每臺發(fā)電機(jī)的輸出電功率約為7100kW【答案】D【解析】【詳解】ABC．單位時間內(nèi)經(jīng)過每臺發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的質(zhì)量為mVSvrv22單位時間內(nèi)經(jīng)過每臺發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流動能為11Erv223

k22第8頁/共24頁故ABC錯誤；D．根據(jù)PEEkt1233電rvvtt2風(fēng)速v15m/s時每臺發(fā)電機(jī)輸出電功率為3000kW，當(dāng)風(fēng)速為20m/s時每臺發(fā)電機(jī)的輸出電功率為203P7100k33000kWW15故D正確。故選D。10.x軸相距為L的兩點(diǎn)固定兩個等量異種點(diǎn)電荷Q、QQ所在點(diǎn)為圓心、L2abcdac兩點(diǎn)在xbd兩點(diǎn)關(guān)于x確的是（??）A.b、d兩點(diǎn)處的電場強(qiáng)度相同B.a點(diǎn)電場強(qiáng)度小于c點(diǎn)電場強(qiáng)度C.將一試探電荷q沿圓周從b點(diǎn)移至d點(diǎn)，電場力做功不為零D.將一試探電荷q沿圓周由a點(diǎn)移至c點(diǎn)，q的電勢能增加【答案】B【解析】【詳解】等量異種點(diǎn)電荷的電場線與等勢面分布如圖所示第9頁/共24頁A．b、d兩點(diǎn)關(guān)于x軸對稱，由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式與電場疊加原理可知，b、d兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故A錯誤；B．根據(jù)對稱性可知，正點(diǎn)電荷Q在a、c兩點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，在a點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向左，在c點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向右；負(fù)點(diǎn)電荷Q在a、c兩點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)方向均向右，根據(jù)電場疊加原理可知，a點(diǎn)電場強(qiáng)度小于c點(diǎn)電場強(qiáng)度，故B正確；C．根據(jù)對稱性可知，b、d兩點(diǎn)電勢相等，則將一試探電荷q沿圓周從b點(diǎn)移至d點(diǎn)，電場力做功為零，故C錯誤；D．正點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生電場在a、c兩點(diǎn)的電勢相等，負(fù)點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生電場在a點(diǎn)的電勢大于c點(diǎn)的電勢，則兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生電場在a點(diǎn)的電勢大于c點(diǎn)的電勢，將一試探電荷q沿圓周由a點(diǎn)移至c點(diǎn)，電場力做正功，的電勢能減少，故D錯誤。故選B。如圖所示為靜電推進(jìn)裝置的基本原理圖。發(fā)射極和吸板分別接在高壓直流電源的兩極，帶電液滴由發(fā)射極向吸板運(yùn)動，不計(jì)液滴重力，以下說法正確的是（??）A.液滴攜帶負(fù)電荷B.電場力對液滴做正功C.液滴做勻變速直線運(yùn)動D.液滴的電勢能在不斷增加【答案】B第10頁/共24頁【解析】【詳解】ABD．由圖可知，發(fā)射極與電源正極相連，吸板與電源負(fù)極相連，而發(fā)射出的帶電液滴從發(fā)射極向吸板運(yùn)動，即電場力對液滴做正功，可知液滴帶正電，并且液滴的電勢能減小，故AD錯誤，B正確；C．發(fā)射極的尖端集聚大量的正電荷，故越靠近尖端，電場線越密，電場強(qiáng)度越大，所以該電場是非勻強(qiáng)電場，從左到右，電場強(qiáng)度不斷減小，故加速度不斷減小，所以液滴不是做勻變速直線運(yùn)動，故C錯誤。故選B。12.如圖所示是有兩個量程的電表的原理圖，測量時分別接入“A、B”或“A、C”，下列說法正確的是（??）A.此為電流表，接“A、B”時量程更大B.此為電壓表，接“A、B”時量程更大C.若2被短路，接“A、B”時電表測量值仍正確D.若1被短路，接“A、C”時電表測量值仍正確【答案】C【解析】【詳解】A．電流表的原理是表頭g以這不是電流表，是電壓表，故A錯誤；B．當(dāng)接入“A、B”時，串聯(lián)的電阻是1；接入“A、C”時，串聯(lián)的電阻是12。根據(jù)串聯(lián)分壓，串聯(lián)的電阻越大，電壓表的量程越大。所以接入“A、C”時量程更大，故B錯誤；C．若2被短路，接入“A、B”時，2未被使用，所以測量值正確，故C正確；D．若1被短路，接入“A、C”時，表頭與2串聯(lián)，在被測電壓不變的情況下，電流IURRg2可見電流發(fā)生變化，指針指示的電壓值變化，所以電表測量值不正確，故D錯誤。故選C。13.如圖所示，電源電動勢E、內(nèi)阻r恒定，定值電阻R的阻值等于r，定值電阻2的阻值等于2r，閉合開關(guān)S，平行板電容器兩板間有一帶電液滴剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)。將滑動變阻器滑片向上滑動，理想電壓表第頁/共24頁V、V、V示數(shù)變化量的絕對值分別為123U、U、U，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為I，123下列說法正確的是（??）A.理想電壓表1示數(shù)增大，理想電壓表2示數(shù)增大，理想電流表A示數(shù)減小B.帶電液滴將向下運(yùn)動，定值電阻2中有從a流向b的瞬間電流UUUC.123IIID.電源的輸出功率可能先變大后變小【答案】C【解析】【詳解】A．分析電路可知，當(dāng)開關(guān)S閉合，滑動變阻器與定值電阻1串聯(lián)后接在電源兩端；將滑動變阻器的滑片向上滑動，滑動變阻器接入電路的電阻變大，電路總電阻變大，則電路電流減小，理想電流表A示數(shù)減小；理想電壓表V1測量定值電阻1兩端的電壓，由于通過1的電流減小，則理想電壓表V示數(shù)1減??；而理想電壓表V2測量電源的路端電壓，據(jù)閉合電路歐姆定律可得U2E電路電流減小，電源內(nèi)阻上分得的電壓變小，電源路端電壓增大，理想電壓表V2的示數(shù)增大，故A錯誤；B．理想電壓表V3測量滑動變阻器兩端的電壓，據(jù)閉合電路歐姆定律可得UEIRr31電路電流減小，則U3增大；根據(jù)CQU3可知電容器的電荷量Q增大，電容器充電，所以定值電阻UR中有從b流向a的瞬間電流；由E32d可知板間場強(qiáng)E增大，帶電液滴受到的電場力增大，所以帶電液滴將向上運(yùn)動，故B錯誤；C．理想電壓表V1測量定值電阻1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可得U11理想電壓表V2測量電源的路端電壓，據(jù)閉合電路歐姆定律可得U2E第12頁/共24頁理想電壓表V3測量滑動變阻器兩端的電壓，據(jù)閉合電路歐姆定律可得UEIRr31電路中定值電阻1的阻值等于電源內(nèi)阻r的阻值，則有ΔUΔUU12Rr3Rr()11ΔIΔII故C正確；D．電源的輸出功率與外電阻變化的圖像如下定值電阻1的阻值等于電源內(nèi)阻r的阻值，將滑動變阻器的滑片向上滑動，滑動變阻器接入電路的電阻增大，電路的外電阻阻值從大于內(nèi)阻r繼續(xù)增大，則電源的輸出功率減小，故D錯誤。故選C。二、多選題（每題4分，共8分，每題漏選得2分，錯選不得分）14.如圖所示，在水平向左且足夠大的勻強(qiáng)電場中，一長為L的絕緣細(xì)線一端固定于O點(diǎn)，另一端系著一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，小球靜止在M點(diǎn)。現(xiàn)給小球一垂直于OM的初速度0，使其在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)恰好做完整的圓周運(yùn)動，AB為圓的豎直直徑。知勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為mgq，重力加速度為g。當(dāng)小球第二次運(yùn)動到B點(diǎn)時細(xì)線突然斷裂，則下列說法正確的是（??）A.小球做完整的圓周運(yùn)動時，動能的最小值為12mgLB.細(xì)線斷裂后，小球動能的最小值為12mgLC.從細(xì)線斷裂到小球的動能與在B點(diǎn)時的動能相等的過程中，電勢能增加了mgL第13頁/共24頁D.從細(xì)線斷裂到小球的電勢能與在B點(diǎn)時的電勢能相等的過程中，重力勢能減少了83【答案】BD【解析】【詳解】A．由題意等效最高點(diǎn)在OM連線的反向延長線與圓周的交點(diǎn)上，設(shè)為N，則在N點(diǎn)滿足F(mg)(mg)222由幾何關(guān)系可知該方向與豎直方向夾角為60°，所以2mv2L即動能的最小值為1Emv2mgL2故A錯誤；B．由題意細(xì)線斷裂后，當(dāng)B點(diǎn)速度沿與等效重力反方向的分速度為零時，動能最小，又因?yàn)閺腂到N點(diǎn)，由動能定理得112mg(LLsin30)mv2mv2B22v2gLB所以最小動能為1E'm(vsin30)2B2聯(lián)立解得1E'mgL2故B正確；C．因?yàn)閺募?xì)線斷裂到小球的動能與B點(diǎn)動能相等的過程中，由動能定理知合外力做功為零，即B點(diǎn)速度沿與等效重力反方向的分速度變?yōu)榈却蠓聪驎r，故滿足vBcos30°=at2a2g

mx=vBsin30°?2tΔEp=（qExcos60°）聯(lián)立解得第14頁/共24頁ΔEp=1.5mgL即電勢能增加1.5mgL，故C錯誤；D．從細(xì)線斷裂到小球的電勢能與B點(diǎn)電勢能相等的過程中，即電場力做功為零，即相當(dāng)于B點(diǎn)水平方向的速度等大反向時，即vB=a't'qE=ma'1hg(2t)22W=ΔEp'=mgh解得ΔEp'=83mgL故D正確。故選BD。15.如圖所示，空間中存在水平方向的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向水平向左，磁場方向垂直紙面向里。一速度大小為0的帶電小球恰能做勻速直線運(yùn)動，速度方向與水平方向成30°角斜向右下方，最后進(jìn)（）A.小球帶負(fù)電B.磁場和電場的大小關(guān)系為E20C.若小球剛進(jìn)入管道時撤去磁場，小球仍做勻速直線運(yùn)動D.若小球剛進(jìn)入管道時撤去電場，小球運(yùn)動時的機(jī)械能守恒【答案】CD【解析】【詳解】AB．根據(jù)題意可知，小球做勻速直線運(yùn)動，小球所受合力為0，小球所受電場力只能是水平方向，第15頁/共24頁0Bcos30mg1mgEBv解得02q故AB錯誤；C小球剛進(jìn)入管道時撤去磁場，重力和電場力合力不做功，支持力不做功，則小球仍沿管做勻速直線運(yùn)動，故C正確；D．若小球剛進(jìn)入管道時撤去電場，只有重力做功，小球運(yùn)動時的機(jī)械能守恒，故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共24分）16.在“金屬絲電阻率的測量”的實(shí)驗(yàn)中：（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量示數(shù)如圖1所示，金屬絲直徑d______mm。（2）按圖2所示的電路測量金屬絲的電阻Rx。將單刀雙擲開關(guān)分別打到a處和b處，通過觀察分析，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，由此判斷開關(guān)打到______（填“a”、“b”）處時進(jìn)行實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差較小。（3）為了消除系統(tǒng)誤差，設(shè)計(jì)用電流計(jì)G和電阻箱替代V，電路如圖3所示。R為電阻箱阻值讀數(shù)，I為A示數(shù)，Ig為G示數(shù)。實(shí)驗(yàn)繪制出了IIgR圖像是如圖4所示直線，斜率為k，縱截距為b。則Rx______。【答案】（1）1.000（2）a（3）1k【解析】【小問1詳解】第16頁/共24頁【小問2詳解】單刀雙擲開關(guān)分別打到a處和b處，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，說明電流表分壓對實(shí)驗(yàn)影響較大，應(yīng)采用電流表外接法，即開關(guān)應(yīng)接a處。【小問3詳解】根據(jù)并聯(lián)電路兩支路電壓相等可得IRRIIRgg箱gx化簡整理可得RI11gIRRgxxR箱IIg—圖像中的斜率為k，所以可得1RR—圖像中的斜率為k，所以可得1箱xk17.某研究小組想測量待測電阻絲的電阻率。除待測電阻絲Rx外，還有下列器材供選用：電壓表V（量程0~，內(nèi)阻約為）電流表A（量程0~0.6A，內(nèi)阻約為）滑動變阻器（最大阻值，額定電流3A）多用電表一個，干電池、開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）該小組先用多用電表粗略測量了待測電阻絲的阻值。他們選用“×1”倍率的歐姆擋后，還需要進(jìn)行______1所示，則測量結(jié)果為______Ω。（2）該小組為了更加精準(zhǔn)地測出待測電阻絲的阻值，改用伏安法測量，應(yīng)選圖2中的______電路測量（3）該小組為了進(jìn)一步測量待測電阻絲的電阻率，又測出了該電阻絲的長度為l、直徑為D，前面測出電阻絲的阻值用R表示，則該電阻絲電阻率的表達(dá)式為______（用字母l、D、R【答案】（1）①.歐姆調(diào)零②.9##9.0##8.9##9.1第17頁/共24頁（2）甲（3）DR2l【解析】【小問1詳解】[1]歐姆擋選好倍率后，需要進(jìn)行歐姆調(diào)零；[2]根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為9.09.0【小問2詳解】由于R3000R9.0VxR9.0R0.1xA表明電流表分壓影響大，實(shí)驗(yàn)中需要排除電流表分壓影響，測量電路采用電流表外接法，可知，應(yīng)選圖2中的甲電路測量。【小問3詳解】根據(jù)電阻定律有RlS其中2SD2解得DR2l18.學(xué)習(xí)小組要做“測量電源的電動勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)，設(shè)計(jì)了圖1所示電路，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：干電池一節(jié)（電動勢約1.5V，內(nèi)阻約1Ω電壓表V（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ電流表A（量程0~0.6A，內(nèi)阻約1Ω滑動變阻器1（最大阻值20Ω滑動變阻器2（最大阻值200Ω定值電阻0（阻值0.5Ω開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。第18頁/共24頁R”2（2）正確操作，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片，記錄多組電壓表和電流表的示數(shù)，并根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出UI圖像，如圖3所示。根據(jù)圖線求得電動勢E________V“1.48”或“0.48”）（3）若采用圖2實(shí)驗(yàn)原理圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，由于________（選填“電壓”或“電流”）表的分壓作用，________（選填“電壓”或“電流”）表的測量存在誤差，其測量值________（選填“偏大”或“偏小”由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描點(diǎn)得到的UI圖線，用虛線表示該干電池真實(shí)的路端電壓和干路電流的關(guān)系圖像，則下列圖像正確的是________。A.B.C.D.【答案】（1）1（2）1.48（3）①.電流②.電壓③.偏?、?C【解析】【小問1詳解】若選用滑動變阻器1，且阻值全部接入電路，則電流表示數(shù)約為1.5V0.07A，結(jié)合電流表量程可知，1能夠滿足實(shí)驗(yàn)需要，R阻值過大，為了操作方便，滑動變阻器應(yīng)選擇2R；1【小問2詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律和電路圖可知EUIrR0整理得UErRI0UI圖像的縱截距表示電源電動勢，結(jié)合UI圖像可得E1.48V；第19頁/共24頁【小問3詳解】[1][2][3]圖2中，真實(shí)路端電壓為電壓表示數(shù)加電流表兩端電壓，故由于電流表的分壓作用，電壓表的測量存在誤差且偏??；[4]2測得的電動勢準(zhǔn)確，但內(nèi)阻偏大，即測量電動勢等于真實(shí)電動勢，測量圖線斜率大于真實(shí)圖線斜率，故選C。四、解答題（第19題7分，第20題10分，第21題12分，共29分）19.如圖所示，長為l的絕緣細(xì)線一端懸于O點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m=80g帶電荷q=2×104C的小球?，F(xiàn)將此裝置放在水平向右的勻強(qiáng)電場中，小球靜止在A點(diǎn)，此時細(xì)線與豎直方向成37°角。重力加速度g取10m/s2，sin370.6370.8，求：（1）求該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大??；（2）若將細(xì)線剪斷，小球由靜止釋放，經(jīng)過t=2s電勢能變化了多少；（3）現(xiàn)撤去電場，小球由靜止釋放，運(yùn)動最低點(diǎn)時重力的功率多大?！敬鸢浮浚?）3103V/m（2）減小9J（3）0【解析】【小問1詳解】小球在A點(diǎn)靜止，其受力情況如圖所示第20頁/共24頁解得E310V/m34q【小問2詳解】mg細(xì)線剪斷，小球受到的合外力，由牛頓第二定律有cos37mgcos37ma解得a12.5m/s2根據(jù)1xat2225m電場力做功為WqExsin379J所以電勢能減少了9J【小問3詳解】由于重力的瞬時功率為PmgvGy而vy=0，所以G020.U?1.0VI?R也能按照工作要求進(jìn)行調(diào)節(jié)，使電動機(jī)恢復(fù)正常運(yùn)轉(zhuǎn)，電動機(jī)的輸出功率全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械功率。此時電動機(jī)能拉著原來靜止重物以加速