1、 2015年廣東省河源一中高考物理模擬試卷（三）一、單項選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共16分在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題目要求，選對的得4分，選錯或不答的得0分1（4分）（2014涼州區(qū)模擬）甲、乙兩車某時刻由同一地點沿同一方向開始做直線運動，若以該時刻作為計時起點，得到兩車的位移時間圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）At1時刻兩車相距最遠Bt1時刻乙車追上甲車Ct1時刻兩車的速度剛好相等D0到t1時間內，乙車的平均速度小于甲車的平均速度2（4分）（2012焦作一模）一條足夠長的淺色水平傳送帶自左向右勻速運行現(xiàn)將一個木炭包無初速地放在傳送帶的最左端，木炭包在傳送帶上將

2、會留下一段黑色的徑跡下列說法中正確的是（）A黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側B木炭包將相對于傳送帶向右運動C木炭包的質量越大，徑跡的長度越短D木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短3（4分）（2013甘肅二模）如圖所示，小球從距地面高度為2R的斜面上P點無初速度釋放，分別滑上甲、乙、丙、丁四個軌道，甲為半徑為1.2R的半圓軌道，乙為半徑為2R的圓軌道、軌道和地面連接處有一段小圓弧，丙為半徑為R的半圓軌道，丁為高為l.5R的斜面、斜面和地面連接處有一段小圓弧，所有接觸面均光滑，則滑上四個軌道后運動到的最高點能和P等高的是（）A甲B乙C丙D丁4（4分）（2015廣東校級模擬）用頻率為v0的光

3、照射大量處于基態(tài)的氫原子，在所發(fā)射的光譜中僅能觀測到頻率分別為v1、v2、v3的三條譜線，且v3v2v1，則（）Av0v1Bv3=v2+v1Cv0=v1+v2+v3D=+二、雙項選擇題：本大題共5小題，每小題6分，共30分在每小題給出四個選項中，有兩個選項符合題目要求，全部選對的得6分，只選1個且正確的得3分，有選錯或不答的得0分5（6分）（2015廣東校級模擬）萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)實現(xiàn)了物理學史上的第一次大統(tǒng)一：“地上力學”和“天上力學”的統(tǒng)一它表明天體運動和地面上物體的運動遵循相同規(guī)律牛頓在發(fā)現(xiàn)萬有引力定律的過程中將行星的橢圓軌道運動假想成圓周運動；另外，還應用到了其它的規(guī)律和結論，其中（）

4、A歐姆流行的“地心說”B牛頓第二定律C牛頓第三定律D卡文迪許通過扭秤實驗得出的引力常量6（6分）（2012廣州二模）一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，氣體的壓強隨熱力學溫度變化如圖所示，則此過程（）A氣體的密度增大B外界對氣體做功C氣體從外界吸收了熱量D氣體分子的平均動能增大7（6分）（2015廣東校級模擬）如圖所示，把一個帶電小球A固定在光滑的水平絕緣桌面上，在桌面的另一處有另一帶電小球B，現(xiàn)給B一個垂直于AB方向的速度v0，則下列說法中正確的是（）AB球可能做直線運動BB球電勢能可能增加CA球對B球的庫侖力一定對B球做功DB球可能從電勢較高處向電勢較低處運動8（6分）（2015廣東校

5、級模擬）如圖所示，在勻速轉動的電動機帶動下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率v1勻速向右運動，一質量為m的滑塊從傳送帶右端以水平向左的速率v2（v2v1）滑上傳送帶，最后滑塊返回傳送帶的右端關于這一過程的下列判斷，正確的有（）A滑塊返回傳送帶右端的速率為v1B此過程中傳送帶對滑塊做功為mvmvC此過程中電動機對傳送帶做功為mvD此過程中滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量為m（v1+v2）29（6分）（2015廣東校級模擬）用電高峰期，電燈往往會變暗，其原理可簡化為如下物理問題如圖，理想變壓器的副線圈上，通過輸電線連接兩只燈泡L1和L2，輸電線的等效電阻為R，原線圈輸入有效值恒定的交流電壓，當開關S閉合時

6、，以下說法正確的是（）A燈泡L1兩端的電壓增大B原線圈輸入功率減小C副線圈輸出電壓減小D電阻R兩端的電壓增大三、實驗題（18分）10（7分）（2015廣東校級模擬）用如圖1所示裝置做“驗證牛頓定律”的實驗實驗時保持小車的質量不變，用鉤碼所受的重力作為小車受到的合力，用打點計時器和小車后端拖動的紙帶測出小車運動的加速度（1）實驗時先不掛鉤碼，反復調整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運動，這樣做的目的是（2）圖2為實驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續(xù)的5個計數(shù)點A、B、C、D、E，相鄰兩個計數(shù)點之間都有4個點跡沒有標出，測出各計數(shù)點到A點之間的距離，如圖2所示已知

7、打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源兩端，則此次實驗中小車運動的加速度的測量值a=m/s2（結果保留兩位有效數(shù)字）（3）實驗時改變所掛鉤碼的質量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)畫出aF關系圖線，如圖3所示此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此現(xiàn)象的主要原因可能是（選填下列選項的序號）A小車與平面軌道之間存在摩擦B平面軌道傾斜角度過大C所掛鉤碼的總質量過大D所用小車的質量過大11（11分）（2015廣東校級模擬）某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢E和內電阻r，所給的其它器材有：A電壓表V：0315VB電流表A：00.63AC變阻器R1：（20，1A）D變阻器R2：（1000

8、，0.1A）E電鍵S和導線若干（1）實驗中電壓表應選用的量程為（填03V或015V）；電流表應選用的量程為（填00.6A或03A）；變阻器應選用；（2）根據(jù)實驗要求連接實物電路圖（圖1）；（3）實驗測得的6組數(shù)據(jù)已在UI圖2中標出，如圖2所示請你根據(jù)數(shù)據(jù)點位置完成UI圖線，并由圖線求出該電池的電動勢E=V，電阻r=四、計算題（36分）12（18分）（2012豐臺區(qū)一模）一質量M=0.8kg的小物塊，用長l=0.8m的細繩懸掛在天花板上，處于靜止狀態(tài)一質量m=0.2kg的粘性小球以速度v0=10m/s水平射向物塊，并與物塊粘在一起，小球與物塊相互作用時間極短可以忽略，不計空氣阻力，重力加速度g取

9、10m/s2求：（1）小球粘在物塊上的瞬間，小球和物塊共同速度的大??；（2）小球和物塊擺動過程中，細繩拉力的最大值；（3）小球和物塊擺動過程中所能達到的最大高度13（18分）（2015廣東校級模擬）如圖所示，一個質量為m=2.0×1011kg，電荷量q=+1.0×105C的帶電微粒（重力忽略不計），從靜止開始經(jīng)U1=100V電壓加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉電場中金屬板長L=20cm，兩板間距d=10cm.求：（1）微粒進入偏轉電場時的速度v0是多大？（2）若微粒射出偏轉電場時的偏轉角為=30°，并接著進入一個方向垂直于紙面向里的勻強磁場區(qū)，則兩金屬板間的電

10、壓U2是多大？（3）若該勻強磁場的寬度為D=10cm，為使微粒不會由磁場右邊射出，該勻強磁場的磁感應強度B至少多大？2015年廣東省河源一中高考物理模擬試卷（三）參考答案與試題解析一、單項選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共16分在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題目要求，選對的得4分，選錯或不答的得0分1（4分）（2014涼州區(qū)模擬）甲、乙兩車某時刻由同一地點沿同一方向開始做直線運動，若以該時刻作為計時起點，得到兩車的位移時間圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）At1時刻兩車相距最遠Bt1時刻乙車追上甲車Ct1時刻兩車的速度剛好相等D0到t1時間內，乙車的平均速度小于甲車的平均速度

11、考點：勻變速直線運動的位移與時間的關系；平均速度；勻變速直線運動的圖像版權所有專題：追及、相遇問題分析：在位移時間圖象中，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，斜率表示速度；圖象的交點表示位移相等，平均速度等于位移除以時間解答：解：A、由圖象可知，在t1時刻兩車位移相等，兩車相遇，相距最近，故A錯誤；B、兩車在同一時刻由同一地點沿同一方向開始做直線運動，經(jīng)過時間t1位移又相等，在t1時刻乙車剛好從后面追上甲車，故B正確；C、圖象的斜率表示速度，根據(jù)圖象可知，t1時刻乙的速度大于甲的速度，故C錯誤；D、0到t1時間內，甲乙兩車位移相等，根據(jù)平均速度等于位移除以時間可知，0到t1時間內，乙車的平均速度

12、等于甲車的平均速度，故D錯誤；故選：B點評：本題考查對位移圖象的物理意義的理解，關鍵抓住縱坐標表示物體的位置，縱坐標的變化量等于物體的位移，斜率等于速度，就能分析兩車的運動情況2（4分）（2012焦作一模）一條足夠長的淺色水平傳送帶自左向右勻速運行現(xiàn)將一個木炭包無初速地放在傳送帶的最左端，木炭包在傳送帶上將會留下一段黑色的徑跡下列說法中正確的是（）A黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側B木炭包將相對于傳送帶向右運動C木炭包的質量越大，徑跡的長度越短D木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系版權所有專題：傳送帶專題分析：木炭包在傳送帶上先是做勻

13、加速直線運動，達到共同速度之后再和傳送帶一起勻速運動，黑色的徑跡就是它們相對滑動的位移，求出相對位移再看與哪些因素有關解答：解：A、剛放上木炭包時，木炭包的速度慢，傳送帶的速度快，木炭包向后滑動，所以黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的右側，所以A錯誤；B、黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的右側，說明木炭包將相對于傳送帶向左運動，故B錯誤；C、D、木炭包在傳送帶上運動靠的是與傳送帶之間的摩擦力，摩擦力作為它的合力產(chǎn)生加速度，所以由牛頓第二定律知，mg=ma，所以a=g，當達到共同速度時，不再有相對滑動，由V2=2ax 得，木炭包位移 X木=，設相對滑動的時間為t，由V=at，得t=，此時傳送帶的位移為x傳=vt

14、=，所以滑動的位移是x=x傳X木=，由此可以知道，黑色的徑跡與木炭包的質量無關，動摩擦因素越大，相對位移越小，故C錯誤，D正確；故選D點評：求黑色的軌跡的長度，就是求木炭包和傳送帶的相對滑動的位移，由牛頓第二定律和勻變速直線運動的規(guī)律很容易求得它們相對滑動的位移，在看相對滑動的位移的大小與哪些因素有關即可3（4分）（2013甘肅二模）如圖所示，小球從距地面高度為2R的斜面上P點無初速度釋放，分別滑上甲、乙、丙、丁四個軌道，甲為半徑為1.2R的半圓軌道，乙為半徑為2R的圓軌道、軌道和地面連接處有一段小圓弧，丙為半徑為R的半圓軌道，丁為高為l.5R的斜面、斜面和地面連接處有一段小圓弧，所有接觸面均

15、光滑，則滑上四個軌道后運動到的最高點能和P等高的是（）A甲B乙C丙D丁考點：機械能守恒定律版權所有專題：機械能守恒定律應用專題分析：本題小球運動過程中機械能都守恒，假設小球到達圓軌道的最高點，根據(jù)機械能守恒求出速度根據(jù)到達最高點的速度條件，進行分析解答：解：A、根據(jù)機械能守恒可知小球到達和P等高的位置時的速度為0，小球沿軌道甲內表面運動時，能通過最到點的條件為v，因此小球不會到達和P等高的位置；故A錯誤B、當小球恰好通過最高點時，軌道的支持力為零，則有mg=m，則得v=，則小球能通過最高點的條件為v，根據(jù)機械能守恒得：小球到達最高點時的速度為零，故可以到達和P等高的位置；故B正確C、小球能通過

16、圓軌道丙內表面最高點的條件為v，因此小球不會到達和P等高的位置故C錯誤D、小球從斜面滑出后做斜上拋運動，水平方向做勻速運動，到最高點時速度不等于零，則根據(jù)機械能守恒得知，小球達到的最大高度小于2R故D錯誤故選B點評：本題是機械能守恒和臨界條件的綜合應用，對于光滑圓軌道，小球恰好到達最高點時，由重力提供向心力，即可求得臨界速度4（4分）（2015廣東校級模擬）用頻率為v0的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，在所發(fā)射的光譜中僅能觀測到頻率分別為v1、v2、v3的三條譜線，且v3v2v1，則（）Av0v1Bv3=v2+v1Cv0=v1+v2+v3D=+考點：氫原子的能級公式和躍遷版權所有專題：原子的能級結

17、構專題分析：本題的關鍵是明確發(fā)光的含義是氫原子從高能級向低能級躍遷，根據(jù)能級圖，有三條光譜線說明原子最高能級在n=3能級，再根據(jù)氫原子理論可知，入射光的頻率應等于n=3能級時的頻率，然后再根據(jù)躍遷公式即可求解解答：解：大量氫原子躍遷時只有三個頻率的光譜，這說明是從n=3能級向低能級躍遷n=3能級向n=1能級躍遷時，hv3=E3E1n=2能級向n=1能級躍遷時，hv2=E2E1n=3能級向n=2能級躍遷時，hv1=E3E2將以上三式變形可得 hv3=hv2+hv1解得 v3=v2+v1，所以B正確，再根據(jù)氫原子理論可知，入射光頻率v0=v3，所以AC錯誤故選B點評：氫原子理論中能量的吸收和放出都

18、不是連續(xù)的，要熟記能級躍遷公式以及發(fā)光條數(shù)的求法二、雙項選擇題：本大題共5小題，每小題6分，共30分在每小題給出四個選項中，有兩個選項符合題目要求，全部選對的得6分，只選1個且正確的得3分，有選錯或不答的得0分5（6分）（2015廣東校級模擬）萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)實現(xiàn)了物理學史上的第一次大統(tǒng)一：“地上力學”和“天上力學”的統(tǒng)一它表明天體運動和地面上物體的運動遵循相同規(guī)律牛頓在發(fā)現(xiàn)萬有引力定律的過程中將行星的橢圓軌道運動假想成圓周運動；另外，還應用到了其它的規(guī)律和結論，其中（）A歐姆流行的“地心說”B牛頓第二定律C牛頓第三定律D卡文迪許通過扭秤實驗得出的引力常量考點：萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)和萬有引力恒

19、量的測定版權所有專題：萬有引力定律的應用專題分析：牛頓在發(fā)現(xiàn)萬有引力定律的過程中將行星的橢圓軌道運動假想成圓周運動，還用到開普勒的研究成果、牛頓第二定律和牛頓第三定律解答：解：牛頓將行星的橢圓軌道運動假想成圓周運動，根據(jù)開普勒第三定律、牛頓第二定律和牛頓第三定律結合發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律故BC正確，AD錯誤故選：BC點評：本題可根據(jù)牛頓推導萬有引力定律的過程進行選擇，關鍵通過建立模型，應用開普勒第三定律、牛頓第二定律和牛頓第三定律進行推導6（6分）（2012廣州二模）一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，氣體的壓強隨熱力學溫度變化如圖所示，則此過程（）A氣體的密度增大B外界對氣體做功C氣體從外界

20、吸收了熱量D氣體分子的平均動能增大考點：理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學第一定律版權所有專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：由圖象可知，由A到B過程，氣體溫度不變，壓強變大，由玻意耳定律可以判斷出氣體體積如何變化；氣體體積變大，氣體對外做功，體積減小，外界對氣體做功；溫度是分子平均動能的標志，理想氣體內能由溫度決定解答：解：由圖線可知，在從A到B的過程中，氣體溫度不變，壓強變大，由玻意耳定律可知，氣體體積變小，VBVA；A、氣體質量不變，體積變小，由密度公式可知氣體密度變大，故A正確；B、氣體體積變小，外界對氣體做功，故B正確；C、氣體溫度不變，內能不變，U=0，外界對氣體做功，W0，由熱力學第一定律U

21、=Q+W可知：Q0，氣體要放出熱量，故C錯誤；D、氣體溫度不變，分子平均動能不變，故D錯誤；故選AB點評：根據(jù)圖象，應用玻意耳定律判斷出氣體體積如何變化是正確解題的前提與關鍵，判斷氣體是吸熱還是放熱，要注意熱力學第一定律的應用7（6分）（2015廣東校級模擬）如圖所示，把一個帶電小球A固定在光滑的水平絕緣桌面上，在桌面的另一處有另一帶電小球B，現(xiàn)給B一個垂直于AB方向的速度v0，則下列說法中正確的是（）AB球可能做直線運動BB球電勢能可能增加CA球對B球的庫侖力一定對B球做功DB球可能從電勢較高處向電勢較低處運動考點：電勢差與電場強度的關系；電勢能版權所有專題：電場力與電勢的性質專題分析：由小

22、球B受到的靜電力與速度不在同一直線上可知，B球不可能做直線運動若小球A、B帶異種電荷小球B做勻速圓周運動，庫侖力不做功，若小球B所受的引力小于所需要的向心力，小球B做離心運動時，B球的電勢能可能增加B球不一定從電勢較高處向電勢較低處運動解答：解：A、由題看出，小球B受到的靜電力與速度不在同一直線上，則B球不可能做直線運動故A錯誤B、若小球A、B帶異種電荷，而且?guī)靵隽π∮趍時，B球會做離心運動，遠離A球，引力做負功，電勢能增加故B正確C、若小球A、B帶異種電荷，而且?guī)靵隽Φ扔趍時，則B球做勻速圓周運動，A球對B球的庫侖力不做功故C錯誤D、由于兩球電性未知，B球可能受斥力會遠離A球，也可能受到引力

23、靠近A球，所以B球可能從電勢較高處向電勢較低處運動故D正確故選：BD點評：該題考查力電結合下的曲線運動，往往容易考慮不全，要注意兩球電性未知情況下要進行討論8（6分）（2015廣東校級模擬）如圖所示，在勻速轉動的電動機帶動下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率v1勻速向右運動，一質量為m的滑塊從傳送帶右端以水平向左的速率v2（v2v1）滑上傳送帶，最后滑塊返回傳送帶的右端關于這一過程的下列判斷，正確的有（）A滑塊返回傳送帶右端的速率為v1B此過程中傳送帶對滑塊做功為mvmvC此過程中電動機對傳送帶做功為mvD此過程中滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量為m（v1+v2）2考點：功能關系；牛頓第二定律版權所有

24、專題：傳送帶專題分析：物體由于慣性沖上皮帶后，受到向左的滑動摩擦力，減速向右滑行，之后依然受到向左的滑動摩擦力，會繼續(xù)向左加速，然后根據(jù)v1小于v2的情況分析根據(jù)動能定理得全過程傳送帶對物塊做的總功根據(jù)能量守恒找出各種形式能量的關系解答：解：A：由于傳送帶足夠長，物體減速向左滑行，直到速度減為零，然后物體會在滑動摩擦力的作用下向右加速，由于v1v2，物體會先在滑動摩擦力的作用下加速，當速度增大到等于傳送帶速度時，物體還在傳送帶上，之后不受摩擦力，故物體與傳送帶一起向右勻速運動，有v2=v1；故A正確；B：此過程中只有傳送帶對滑塊做功根據(jù)動能定理W=EK得：，故B正確；D：設滑塊向左運動的時間t

25、1，位移為x1，則：摩擦力對滑塊做功：又摩擦力做功等于滑塊動能的減小，即：該過程中傳送帶的位移：x2=v1t1摩擦力對滑塊做功：將代人得：W2=mv1v2設滑塊向左運動的時間t2，位移為x3，則：摩擦力對滑塊做功：該過程中傳送帶的位移：x4=v1t2=2x3滑塊相對傳送帶的總位移：x相=x1+x2+x4x3=x1+x2+x3滑動摩擦力對系統(tǒng)做功：滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量大小等于通過滑動摩擦力對系統(tǒng)做功，Q=W總=fx相=，故D正確；C：全過程中，電動機對皮帶做的功與滑塊動能的減小量等于滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量，即整理得：，故C錯誤故選：ABD點評：本題關鍵是對于物體返回的過程分析，物體

26、先做減速運動，之后反向加速，最后做勻速運動但是計算滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量的過程太復雜9（6分）（2015廣東校級模擬）用電高峰期，電燈往往會變暗，其原理可簡化為如下物理問題如圖，理想變壓器的副線圈上，通過輸電線連接兩只燈泡L1和L2，輸電線的等效電阻為R，原線圈輸入有效值恒定的交流電壓，當開關S閉合時，以下說法正確的是（）A燈泡L1兩端的電壓增大B原線圈輸入功率減小C副線圈輸出電壓減小D電阻R兩端的電壓增大考點：變壓器的構造和原理版權所有專題：交流電專題分析：開關S閉合后改變了副線圈的電流和功率，根據(jù)變壓器原副線圈電壓、電流與匝數(shù)比的關系即可求解解答：解：開關S閉合后，副線圈的電流和功率

27、都變大，A、副線圈電壓由原線圈和匝數(shù)比決定，而原線圈電壓和匝數(shù)比都沒有變，所以副線圈輸出電壓不變，由于通過電阻R的電流增大，所以加在L1兩端的電壓減小，故A錯誤B、開關S閉合后，增加了燈泡L2的功率，副線圈的功率變大，由輸入功率等于輸出功率，可知原線圈輸入功率增大，故B錯誤C、由于原線圈輸入有效值恒定的交流電壓，而原副線圈的匝數(shù)之比沒變，故副線圈的輸出電壓不變，故C錯誤D、開關S閉合后，增加了燈泡L2的功率，副線圈的功率變大，則電流增大，故R兩端的電壓增大，故D正確故選：D點評：本題主要考查了變壓器的原理，要知道開關S閉合后，副線圈的電流和功率都變大，難度不大，屬于基礎題三、實驗題（18分）1

28、0（7分）（2015廣東校級模擬）用如圖1所示裝置做“驗證牛頓定律”的實驗實驗時保持小車的質量不變，用鉤碼所受的重力作為小車受到的合力，用打點計時器和小車后端拖動的紙帶測出小車運動的加速度（1）實驗時先不掛鉤碼，反復調整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運動，這樣做的目的是平衡摩擦力（2）圖2為實驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續(xù)的5個計數(shù)點A、B、C、D、E，相鄰兩個計數(shù)點之間都有4個點跡沒有標出，測出各計數(shù)點到A點之間的距離，如圖2所示已知打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源兩端，則此次實驗中小車運動的加速度的測量值a=1.0m/s2（結果保留兩位有效數(shù)字

29、）（3）實驗時改變所掛鉤碼的質量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)畫出aF關系圖線，如圖3所示此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此現(xiàn)象的主要原因可能是C（選填下列選項的序號）A小車與平面軌道之間存在摩擦B平面軌道傾斜角度過大C所掛鉤碼的總質量過大D所用小車的質量過大考點：驗證牛頓第二運動定律版權所有專題：實驗題分析：（1）探究物體加速度與力的關系實驗中，要使小車受到的拉力等于鉤碼的重力，在實驗前應平衡摩擦力；（2）根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，由x=at2可求小車的加速度（3）為使繩子拉力近似等于砝碼和砝碼盤的重力，應滿足砝碼和砝碼盤的質量遠小于小車的質量解答：解：（1）實驗時繩的下端先不

30、掛鉤碼，反復調整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運動，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力這樣做的目的是平衡小車運動中所受的摩擦阻力（2）計數(shù)點間的時間間隔為：t=0.02s×5=0.1s，由x=at2可得：小車的加速度為：a=1.0m/s2（3）隨著力F的增大，即砝碼和小盤總質量的增大，不再滿足砝碼和小盤的質量遠小于小車的質量，因此曲線上部出現(xiàn)彎曲現(xiàn)象，故C正確；故答案為：（1）平衡小車運動中所受的摩擦阻力；（2）1.0；（3）C點評：對于實驗，我們要從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去理解對牛頓第二定律實驗中關鍵明確平

31、衡摩擦力的原因和要求滿足砝碼總質量遠小于小車質量的理由11（11分）（2015廣東校級模擬）某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢E和內電阻r，所給的其它器材有：A電壓表V：0315VB電流表A：00.63AC變阻器R1：（20，1A）D變阻器R2：（1000，0.1A）E電鍵S和導線若干（1）實驗中電壓表應選用的量程為03V（填03V或015V）；電流表應選用的量程為00.6A（填00.6A或03A）；變阻器應選用R1；（2）根據(jù)實驗要求連接實物電路圖（圖1）；（3）實驗測得的6組數(shù)據(jù)已在UI圖2中標出，如圖2所示請你根據(jù)數(shù)據(jù)點位置完成UI圖線，并由圖線求出該電池的電動勢E=1.5V，電阻r=0

32、.50考點：測定電源的電動勢和內阻版權所有專題：實驗題分析：根據(jù)電池的電動勢和圖中的電流值可選取電流表及電壓表；滑動變阻器在本實驗中作為限流使用，故應選取大于內阻的滑動變阻器；用直線將各點相連，注意讓各點盡量分布在直線兩側；由圖象與縱坐標的交點可求得電動勢；圖象的斜率表示電池的內電阻解答：解：（1）由圖可知，電流小于0.6A，故電流表應選用的量程為00.6A；而電池的電動勢約為1.5V，故電壓表應選用的量程為 03V；為了調節(jié)方便并能減小誤差，故變阻器應選用R1；（2）對照電路原理圖，連接實物圖，如圖所示：（3）描點作圖，如圖所示：圖象的橫軸截距表示電動勢，故電動勢為1.50V；斜率絕對值表示

33、電源內電阻，故r=0.50故答案為：（1）03V；00.6A；R1；（2）電路圖如圖所示；（3）1.5；0.50點評：本題考查測電動勢和內阻實驗的數(shù)據(jù)處理，注意要結合公式理解圖象的斜率及截距的含義四、計算題（36分）12（18分）（2012豐臺區(qū)一模）一質量M=0.8kg的小物塊，用長l=0.8m的細繩懸掛在天花板上，處于靜止狀態(tài)一質量m=0.2kg的粘性小球以速度v0=10m/s水平射向物塊，并與物塊粘在一起，小球與物塊相互作用時間極短可以忽略，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2求：（1）小球粘在物塊上的瞬間，小球和物塊共同速度的大??；（2）小球和物塊擺動過程中，細繩拉力的最大值；（3）小球和物塊擺動過程中所能達到的最大高度考點：動量守恒定律；牛頓第二定律；向心力；機械能守恒定律版權所有專題：動量與動能定理或能的轉化與守恒定律綜合分析：（1）因為小球與物塊相互作用時間極短，所以小球和物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律即可求解；（2）小球和物塊將以v共開始運動時，輕繩受到的拉力最大，設最大拉力為F，根據(jù)向心力公式即可求解；（3）小球和物塊將以v共為初速度向右擺動，擺動過程中只有重力做功，所以機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律即