1、 湖南省常德一中2022屆高三模擬考試物理試題注意事項(xiàng)：1. 答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2. 回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3. 考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1. 如圖為人們利用量子理論研制的電子顯微鏡拍攝到的鈾酰微晶照片，放大了約1億倍，這是光學(xué)顯微鏡做不到的。對于量子理論的建立過程，下列說法不符合事實(shí)的是（）A

2、. UnBaKrxn中的x3B. 愛因斯坦光子說解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，說明了光子具有能量和動(dòng)量C. 盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型D. 電子顯微鏡利用高速電子束的德布羅意波長比可見光更小提高了分辨能力【答案】B【解析】【詳解】A由質(zhì)量數(shù)守恒得解得故A正確；B愛因斯坦光子說解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，說明了光子具有能量，而康普頓效應(yīng)說明光子具有動(dòng)量，故B錯(cuò)誤；C盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故C正確；D電子顯微鏡利用高速電子束的德布羅意波長比可見光更小的規(guī)律提高了分辨能力，故D正確。故選B。2. 一物體在外力作用下由靜止開始沿直線運(yùn)動(dòng)，其加速度隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象如圖所

3、示。下列圖象正確的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】A從at圖象知：01s內(nèi)物體做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，1s2s做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，2s3s做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，3s4s做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)， A正確；BB項(xiàng)速度最大時(shí)加速度不為零，與加速度圖像第2s速度最大，加速度為零。B錯(cuò)誤；C DCD項(xiàng)速度時(shí)間圖像中直線部分，加速度大小和方向不變，與at圖象不符。故選A。3. 某雙星由質(zhì)量分別為和的星體A和B構(gòu)成，它們都繞兩者連線上某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，不至于因萬有引力而吸引到一起，已知引力常量為G，兩星體之間的距離為，忽略其他星體的影響，由此可以求出星體A運(yùn)動(dòng)周期為（）A.

4、B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】設(shè)的軌道半徑為，的軌道半徑為由于它們之間的距離恒定，因此雙星在空間的繞向一定相同，同時(shí)角速度和周期也都相同由向心力公式可得：對對聯(lián)立可得又因?yàn)樗缘糜挚傻媒獾霉蔇正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。4. 如圖所示，一平行板電容器，右極板接電源正極，板長為2d，板間距離為d。一帶電量為q、質(zhì)量為m的負(fù)離子（重力不計(jì)）以速度貼近左極板沿極板方向射入，恰從右極板下邊緣射出。在右極板右側(cè)空間存在垂直紙面方向的勻強(qiáng)磁場（未標(biāo)出）。要使該負(fù)離子在磁場中運(yùn)動(dòng)后，又恰能直接從右極板上邊緣進(jìn)入電場，則（）A. 磁場方向垂直紙面向里B. 磁場方向垂直紙面向外，向里都有可能C. 磁

5、感應(yīng)強(qiáng)度大小為D. 在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為【答案】C【解析】【詳解】A粒子在電場中做類似平拋運(yùn)動(dòng)，離開電場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如下圖由于粒子帶負(fù)電，根據(jù)左手定則可知，磁場方向垂直紙面向外，故AB錯(cuò)誤；B對于拋物線運(yùn)動(dòng)，速度偏向角的正切值與位移偏向角的正切值間有解得45且所以根據(jù)幾何關(guān)系，圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為圓周運(yùn)動(dòng)中，洛侖茲力提供向心力，即解得故C正確；D磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故D錯(cuò)誤。故選C。5. 如圖甲所示，在空間存在一個(gè)變化的電場和一個(gè)變化的磁場，電場的方向水平向右（圖甲中由B到C），場強(qiáng)大小隨時(shí)間變化情況如圖乙所示；磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于紙面、大小隨時(shí)間變化情況如圖丙所示。在t=1s時(shí)，從A點(diǎn)

6、沿AB方向（垂直于BC）以初速度v0射出第一個(gè)粒子，并在此之后，每隔2s有一個(gè)相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能擊中C點(diǎn)，若AB=BC=L，且粒子由A運(yùn)動(dòng)到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于1s。不計(jì)重力和空氣阻力，對于各粒子由A運(yùn)動(dòng)到C的過程中，以下說法正確的是（）A. 電場強(qiáng)度E0和磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的大小之比為21B. 第一個(gè)粒子和第二個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為21C. 第一個(gè)粒子和第二個(gè)粒子通過C的動(dòng)能之比為14D. 第一個(gè)粒子和第二個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2【答案】D【解析】【詳解】A在t1s時(shí)，空間區(qū)域有勻強(qiáng)磁場，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖2，由牛頓第二定律：粒子的軌跡半徑rL，所以帶電粒

7、子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)，如圖1，豎直方向Lv0t水平方向而所以故A錯(cuò)誤；B第一個(gè)粒子和第二個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比故B錯(cuò)誤；C對第二個(gè)粒子，由動(dòng)能定理解得對第一個(gè)粒子兩粒子通過C時(shí)的動(dòng)能之比為1：5，故C錯(cuò)誤；D第一個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間第二個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間所以兩粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為故D正確。故選D。6. 如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為，將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針方向緩慢地轉(zhuǎn)過90，框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài)在此過程中下列說法正確的是（）A. 地面對框架的摩擦力始終為零B. 框架對小球的支持力先減小后增

8、大C. 拉力F的最小值為mgcosD. 框架對地面壓力先增大后減小【答案】C【解析】【詳解】BC以小球?yàn)檠芯繉ο螅治鍪芰η闆r，作出受力示意力圖，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知，當(dāng)F順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)至豎直向上之前，支持力逐漸減小，F(xiàn)先減小后增大，當(dāng)F的方向沿圓的切線方向向上時(shí)，F(xiàn)最小，此時(shí)為F=mgcos故B錯(cuò)誤，C正確；A以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對框架的摩擦力始終在減小，故A錯(cuò)誤；D以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F

9、的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對框架的支持力始終在減小，框架對地面的壓力始終在減小，故D錯(cuò)誤。故選C。二多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7. 如圖所示的直線加速器由沿軸線分布的金屬圓筒（又稱漂移管）A、B、C、D、E組成，相鄰金屬圓筒分別接在電源的兩端。質(zhì)子以初速度v0從O點(diǎn)沿軸線進(jìn)入加速器，質(zhì)子在金屬圓筒內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)且時(shí)間均為T，在金屬圓筒之間的狹縫被電場加速，加速時(shí)電壓U大小相同。質(zhì)子電量為e，質(zhì)量為m，不計(jì)質(zhì)子經(jīng)過狹縫的時(shí)

10、間，則（）A. MN所接電源的極性應(yīng)周期性變化B. 金屬圓筒的長度應(yīng)與質(zhì)子進(jìn)入圓筒時(shí)的速度成正比C. 質(zhì)子從圓筒E射出時(shí)的速度大小為 D. 圓筒E的長度為 【答案】AB【解析】【詳解】A因由直線加速器加速質(zhì)子，其運(yùn)動(dòng)方向不變，由題圖可知，A的右邊緣為正極時(shí)，則在下一個(gè)加速時(shí)需B右邊緣為正極，所以MN所接電源的極性應(yīng)周期性變化，A正確；B因質(zhì)子在金屬圓筒內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)且時(shí)間均為T，由可知，金屬圓筒的長度應(yīng)與質(zhì)子進(jìn)入圓筒時(shí)的速度成正比，B正確；C質(zhì)子以初速度v0從O點(diǎn)沿軸線進(jìn)入加速器，質(zhì)子經(jīng)4次加速，由動(dòng)能定理可得解得質(zhì)子從圓筒E射出時(shí)的速度大小為所以C錯(cuò)誤；D質(zhì)子在圓筒內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)，所以圓筒E的長

11、度為所以D錯(cuò)誤；故選AB。8. 各表面光滑L形木板P控制在固定斜面上，輕質(zhì)彈簧一端固定在木板上，另一端與置于木板上表面的滑塊Q相連，如圖所示?，F(xiàn)松開P、Q沿斜面下滑，不計(jì)空氣阻力，則（）A. 彈簧恢復(fù)自然長度時(shí)，兩物體具有相同的速度B. 彈簧恢復(fù)自然長度時(shí)，兩物體具有相同的加速度C. 剛松開的瞬間，Q的速度為零，加速度也為零D. P、Q速度相等時(shí)，P的加速度比Q的大【答案】BC【解析】【詳解】C剛松開時(shí)，彈簧的長度不變，彈力跟松開前相同，處于平衡狀態(tài)，速度為零，加速度也為零，C正確；AB畫出兩物體的速度圖像如圖，且當(dāng)彈簧恢復(fù)自然長度時(shí)，兩物體加速度均為agsin由圖像可知：當(dāng)兩物體加速度相等時(shí)

12、，P的速度比Q大，A錯(cuò)誤B正確；D兩物體速度相等時(shí)（圖像交點(diǎn)），Q的加速度將比P的大，D錯(cuò)誤。故選BC。9. 如圖，光滑水平金屬導(dǎo)軌間距為l，處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌左側(cè)接有電容為C的電容器，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒MN與導(dǎo)軌接觸良好，在恒定外力F的作用下從靜止開始運(yùn)動(dòng)，不計(jì)所有電阻，下列關(guān)于導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中判斷正確的是（）A. 導(dǎo)體棒在磁場中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B. 導(dǎo)體棒上M端的電勢比N端的電勢高C. 當(dāng)導(dǎo)軌足夠長時(shí)，導(dǎo)體棒在一定時(shí)間內(nèi)的位移與力F成正比D. 導(dǎo)體棒中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流【答案】ABC【解析】【詳解】A導(dǎo)體棒的加速度大小為a，設(shè)導(dǎo)體棒開始運(yùn)動(dòng)后在一極短的時(shí)間內(nèi)速度

13、的變化量為，此時(shí)電容器兩端電壓為電容器的帶電量為回路中的電流為根據(jù)牛頓第二定律有解得故A正確；B根據(jù)右手定則可知導(dǎo)體棒上M端的電勢比N端的電勢高，故B正確；C由于導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中加速度大小a與F成正比，所以根據(jù)可知，導(dǎo)體棒在一定時(shí)間內(nèi)的位移與力F成正比，故C正確；D導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中速度不斷增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不斷增大，所以電容器兩端電壓不斷增大，根據(jù)可知電容器充電，所以導(dǎo)體棒中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選ABC。10. 如圖，兩個(gè)半徑均為r的光滑球a、b放在半徑為R（R2r）的半球形容器內(nèi)，均靜止時(shí)a、b與半球的接觸點(diǎn)P、Q與半球球心O的連線與水平方向的夾角為和（）。若兩球的質(zhì)量用ma、m

14、b，兩球?qū)θ萜鞯膲毫Υ笮∮肍Na、FNb表示，則（）A. B. C. D. 【答案】BD【解析】【詳解】如圖，三個(gè)球心連線圍成一等腰三角形，設(shè)兩底角分別為，分別對a、b受力分析，根據(jù)牛頓第三定律可知與大小相等。a、b的重力與a、b連心線的夾角分別為、，則。根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件和正弦定理故選BD。三非選擇題：共56分。第1114題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第1516題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共43分。11. 某探究小組想利用驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的裝置測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋鐖D（甲）所示。框架上裝有可上下移動(dòng)位置的光電門1和固定不動(dòng)的光電門2；框架豎直部分緊貼一刻度尺，零刻

15、度線在上端，可以測量出兩個(gè)光電門到零刻度線的距離；框架水平部分用電磁鐵吸住一個(gè)質(zhì)量為m的小鋼球，小鋼球的重心所在高度恰好與刻度尺零刻度線對齊。切斷電磁鐵線圈中的電流時(shí)，小鋼球由靜止釋放，當(dāng)小鋼球先后經(jīng)過兩個(gè)光電門時(shí)，與光電門連接的傳感器即可測算出其速度大小和。小組成員保證光電門2的位置不變，多次改變光電門1的位置，得到多組和的數(shù)據(jù)，建立如圖（乙）所示的坐標(biāo)系并描點(diǎn)連線，得出圖線的斜率為k。(1)用20分度的游標(biāo)卡尺測量小鋼球的直徑，如圖（丙）所示，該小鋼球的直徑是_mm；(2)下面關(guān)于減小重力加速度的測量誤差的說法中正確的是_；A光電門1的位置盡可能靠近刻度尺零刻度B光電門1的位置不能太靠近光

16、電門2C換用大小相同但密度較小的小塑料球完成此實(shí)驗(yàn)，對測量結(jié)果沒有影響(3)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開（用k表示）；(4)撤掉光電門1，也能測出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取？紤]到切斷電流時(shí)電磁鐵線圈中的磁性不能馬上消失，利用和的數(shù)據(jù)測出的當(dāng)?shù)刂亓铀俣缺仍桨赶啾萠（選填“偏大”、“偏小”、“相等”）。【答案】 . 5.70 . B . . 偏小【解析】【詳解】(1)1小鋼球的直徑是5mm+0.05mm14=5.70mm；(2)2 A光電門1的位置若靠近刻度尺零刻度，則小球經(jīng)過光電門1時(shí)的速度過小，對速度的測量產(chǎn)生的誤差會(huì)較大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B若光電門1靠近光電門2，會(huì)影響高度差的測量，會(huì)產(chǎn)生誤差，選項(xiàng)B正確；

17、C換用大小相同但密度較小的小塑料球完成此實(shí)驗(yàn)，空氣的阻力影響會(huì)過大，對測量結(jié)果會(huì)有影響，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。(3) 3根據(jù)速度位移公式得v22v122g(x2x1)知道圖線的斜率k=2g則重力加速度(4)4考慮到切斷電流時(shí)電磁鐵線圈中的磁性不能馬上消失，則會(huì)對小球產(chǎn)生向上的吸引力，使得重力加速度測量值偏小。12. 某同學(xué)為了測量一個(gè)量程為3V的電壓表的內(nèi)阻，進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)（1）他先用多用表進(jìn)行了正確的測量，測量時(shí)指針位置如圖1所示，得到電壓表的內(nèi)阻為3.00103，此時(shí)電壓表的指針也偏轉(zhuǎn)了已知多用表歐姆擋表盤中央刻度值為“15”，表內(nèi)電池電動(dòng)勢為1.5V，則電壓表的示數(shù)應(yīng)為_V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

18、（2）為了更準(zhǔn)確地測量該電壓表的內(nèi)阻Rv，該同學(xué)設(shè)計(jì)了圖2所示的電路圖，實(shí)驗(yàn)步驟如下：A.斷開開關(guān)S，按圖2連接好電路；B. 把滑動(dòng)變阻器R的滑片P滑到b端；C. 將電阻箱R0的阻值調(diào)到零；D. 閉合開關(guān)S；E移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R滑片P的位置，使電壓表的指針指到3V的位置；F保持滑動(dòng)變阻器R的滑片P位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值使電壓表指針指到1.5V，讀出此時(shí)電阻箱R的阻值，此值即為電壓表內(nèi)阻Rv的測量值；G斷開開關(guān)S實(shí)驗(yàn)中可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材有：a待測電壓表b滑動(dòng)變阻器：最大阻值2000c滑動(dòng)變阻器：最大阻值10d電阻箱：最大阻值9999.9，阻值最小改變量為0.1e電阻箱：最大阻值999.9，

19、阻值最小改變量為0.1f電池組：電動(dòng)勢約6V，內(nèi)阻可忽略g開關(guān)，導(dǎo)線若干按照這位同學(xué)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)方法，回答下列問題：要使測量更精確，除了選用電池組、導(dǎo)線、開關(guān)和待測電壓表外，還應(yīng)從提供的滑動(dòng)變阻器中選用_（填“b”或“c”），電阻選用_（填“d”或“e”）電壓表內(nèi)阻的測量值R測和真實(shí)值R真相比，R測_R真（填“”或“”）；若Rv越大，則 越_（填“大”或“小”）【答案】 . 1.0V . c . d . . 小【解析】【詳解】(1)1電壓表的示數(shù)即為等效電路的路段電壓，由表盤讀數(shù)可知，現(xiàn)在的歐姆表用的是“”檔，故現(xiàn)在的多用表內(nèi)阻為1500，由閉合電路歐姆定律可得(2)23采用電壓表半偏法測量電壓

20、表內(nèi)電阻，要保證電壓表與電阻箱的總電壓保持不變，需要使電壓表電阻遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的電阻，故滑動(dòng)變阻器選擇小電阻，即選擇c；電阻箱最大電阻不能小于電壓表電阻，電壓表內(nèi)電阻約為3000歐姆，故電阻箱選擇d；45由閉合電路歐姆定律可知，隨著電阻箱的阻值變大，電源兩端的路端電壓隨之變大，當(dāng)電阻箱調(diào)至使電壓表半偏時(shí)，此時(shí)電壓表與變阻箱兩端的總電壓比變阻箱阻值為0時(shí)要大，故此時(shí)變阻箱的實(shí)際分壓是大于電壓表的，故有R測R真，外電阻越大，干路電流越小，當(dāng)外電阻變化時(shí)，路端電壓的變化量越小，故測量誤差也越小13. 水平面上光滑導(dǎo)軌間距d0.5m，導(dǎo)軌間有一足夠?qū)挼拇艌觯鸥袘?yīng)強(qiáng)度B2T的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌兩端分別

21、接有電阻R3的電阻和阻值為RL6的小燈泡，t0時(shí)，一電阻r2的導(dǎo)體棒MN處在磁場的左邊界處，之后在外力F作用下以v4sin10t在磁場兩邊界間運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，在導(dǎo)體棒MN以后的運(yùn)動(dòng)中，求：（1）電阻R兩端電壓表達(dá)式；（2）小燈泡的功率；（3）從t0到ts內(nèi)通過導(dǎo)體棒的電量?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）導(dǎo)體棒以v4sin10t在磁場兩邊界間運(yùn)動(dòng)，根據(jù)電磁感應(yīng)定律可得此時(shí)導(dǎo)體棒為電源，小燈泡與電阻并聯(lián)，可得外電路電阻為外電路與電源內(nèi)阻串聯(lián)，可得電阻R兩端電壓為（2）小燈泡兩端的電壓的有效值為可得小燈泡的功率為（3）從t0到ts內(nèi)導(dǎo)體棒移動(dòng)的距離為

22、v-t圖像中函數(shù)的面積，可得其面積為可得通過導(dǎo)體棒的電量為14. 如圖，水平傳送帶AB長l8.3m，質(zhì)量為M1kg的木塊隨傳送帶一起以v12m/s的速度向左勻速運(yùn)動(dòng)（傳送帶的傳送速度恒定），木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5。當(dāng)木塊運(yùn)動(dòng)到最左端A點(diǎn)時(shí)，一顆質(zhì)量為m20g的子彈以v0300m/s水平向右的速度正對射入木塊并穿出，穿出速度v50m/s，以后每隔1s就有一顆子彈射向木塊，設(shè)子彈射穿木塊的時(shí)間極短，且每次射入點(diǎn)各不相同。求：（1）第一顆子彈剛射穿木塊時(shí)，木塊的速度大小；（2）在被第二顆子彈擊中前，木塊向右運(yùn)動(dòng)離A點(diǎn)的最大距離；（3）木塊傳送帶上最多能被多少顆子彈擊中？（4）從第一顆子彈射

23、中木塊到木塊最終離開傳送帶的過程中，子彈、木塊和傳送帶這一系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱是多少？【答案】（1）m/s；（2）0.9m；（3）16顆；（4）14155.5J【解析】【詳解】（1）設(shè)第一顆子彈剛射穿木塊時(shí)，木塊的速度為v2，取水平向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得（2）木塊在傳送帶上滑動(dòng)時(shí)的加速度大小為在被第二顆子彈擊中前，木塊向右運(yùn)動(dòng)離A點(diǎn)的最大距離為（3）木塊被第一顆子彈擊中后，速度減為零所用的時(shí)間為從木塊速度減為零到被第二顆子彈擊中前瞬間，木塊向左勻加速運(yùn)動(dòng)的距離為即木塊在被第二顆子彈擊中前瞬間，向右運(yùn)動(dòng)的位移大小為設(shè)木塊在傳送帶上最多能被n顆子彈擊中，根據(jù)位移關(guān)系應(yīng)有解得因?yàn)閚取整數(shù)，所

24、以（4）一顆子彈射入木塊的過程中，子彈和木塊損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，即從子彈射入到木塊速度減為零的過程中，木塊相對傳送帶滑動(dòng)的位移大小為從木塊速度減為零到下一顆子彈射入前瞬間的過程中，木塊相對傳送帶滑動(dòng)的位移大小為從每顆子彈射入后瞬間到下一顆子彈射入前瞬間，木塊與傳送帶由于相對滑動(dòng)而產(chǎn)生的摩擦熱為第16顆子彈射入后瞬間，木塊到傳送帶右端的距離為設(shè)木塊離開傳送帶時(shí)的速度大小為v3，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有解得所以從第16顆子彈射入到木塊離開傳送帶所經(jīng)歷的時(shí)間為這段時(shí)間內(nèi)木塊相對傳送帶滑動(dòng)的位移大小為產(chǎn)生的摩擦熱為從第一顆子彈射中木塊到木塊最終離開傳送帶的過程中，子彈、木塊和傳送帶這一系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱量為（

25、二）選考題：共13分。請考生從兩道中任選一題作答。如果多做，則按第一題計(jì)分?！具x修33】（13分）15. 下列說法正確的是（）A. 溫度相同的氫氣和氧氣，其分子的平均速率相同B. 在完全失重的情況下，絕熱的密閉的容器內(nèi)的氣體對器壁的壓強(qiáng)不變C. 知道阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可以估算出該氣體分子的大小D. 當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢能隨分子間距離的增大而減小E. 繞地球運(yùn)行的“天宮二號”中自由漂浮的水滴成球形，這是表面張力作用的結(jié)果【答案】BDE【解析】【詳解】A溫度相同的氫氣和氧氣，分子的平均動(dòng)能相同，但由于分子質(zhì)量不同，所以其分子的平均速率不相同，故A錯(cuò)誤；B氣體壓強(qiáng)是由于分

26、子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)而撞擊器壁產(chǎn)生的，在完全失重的情況下，仍然有撞擊作用，所以絕熱的密閉的容器內(nèi)的氣體對器壁的壓強(qiáng)不變，故B正確；C知道阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可以估算出一個(gè)氣體分子所占的體積，但由于氣體分子之間間隙較大，不能忽略不計(jì)，所以不能估算出氣體分子的大小，故C錯(cuò)誤；D當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，隨著分子間距離的增大分子力做正功，則分子勢能減小，故D正確；E繞地球運(yùn)行的“天宮二號”中自由漂浮的水滴成球形，這是液體表面張力作用的結(jié)果，故E正確。故選BDE。16. 負(fù)壓救護(hù)車在轉(zhuǎn)運(yùn)傳染病人過程中發(fā)揮了巨大作用，所謂負(fù)壓，就是利用技術(shù)手段，使負(fù)壓艙內(nèi)氣壓低于外界大氣壓，所以空氣只能由艙外流向艙內(nèi)，而且負(fù)壓還能將艙內(nèi)的空氣進(jìn)行無害化處理后排出。某負(fù)壓救護(hù)車負(fù)壓艙沒有啟動(dòng)時(shí)，設(shè)艙內(nèi)的大氣壓強(qiáng)為p0、溫度為T0、體積為V0，啟動(dòng)負(fù)壓艙后，要求負(fù)壓艙外和艙內(nèi)的壓強(qiáng)差為。若不啟動(dòng)負(fù)壓艙，艙內(nèi)氣體與外界沒有循環(huán)交換，負(fù)壓艙內(nèi)溫度升高到T0時(shí)，求艙內(nèi)氣體壓強(qiáng)是多少。若啟動(dòng)負(fù)壓