2020高考全真模擬卷09

物理（考試時(shí)間：90分鐘試卷滿分：110分）

第I卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得 6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分。.如圖所示，頂端附有光滑定滑輪的斜面體靜止在粗糙水平地面上，三條細(xì)繩結(jié)于 0點(diǎn)，一條繩跨過定滑輪平行于斜面連接物塊 P,一條繩連接小球Q,P、Q兩物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，另一條繩OA在外力F的作用下處于水平狀態(tài)。現(xiàn)保持結(jié)點(diǎn) 。位置不變，使OA繩逆時(shí)針緩慢旋轉(zhuǎn)至豎直方向，在此過程中， P、Q及斜面均保持靜止，則A.斜面對(duì)物塊P的摩擦力一直減小B.斜面對(duì)物塊P的支持力一直增大C.地面對(duì)斜面體的摩擦力一直減小D.地面對(duì)斜面體的支持力一直增大【答案】C【解析】緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)繩OA的方向至豎直的過程中， OA拉力的方向變化如圖從1位置到2位置再到3位置，如圖所示，可見繩OA的拉力先減小后增大，繩OB的拉力一直減小。A.由于不清楚剛開始繩子拉力與重力沿斜面向下的分力大小關(guān)系，所以當(dāng)連接 P物體的繩子拉力一直減小，不能判斷斜面對(duì)物塊P的摩擦力變化情況，故 A錯(cuò)誤；B.P物體一直在斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，則斜面對(duì) P的支持力等于重力在垂直斜面向下的分力，保持不變，故 B錯(cuò)誤；C.以斜面體和P的整體為研究對(duì)象受力分析，根據(jù)平衡條件：斜面受地面的摩擦力與OB繩子水平方向的拉力等大反向， 因繩。B的拉力一直減小，與水平方向的夾角不變，故其水平分力一直減小，則地面向左的摩擦力一直減小，故C正確；D.以斜面體和P整體為研究對(duì)象受力分析，由于繩 OB的拉力一直減小，其豎直向下的分力一直減小，根據(jù)豎直方向受力平衡，知地面對(duì)斜面體的支持力不斷減小，故D錯(cuò)誤。故選Co.如圖，金星的探測(cè)器在軌道半徑為 3R的圓形軌道I上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行周期為 T,到達(dá)P點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火進(jìn)入橢圓軌道II,運(yùn)行至Q點(diǎn)時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入軌道III做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，引力常量為G,不考慮其他星球的影響，則下列說法正確的是（ ）A.A.探測(cè)器在P點(diǎn)和QB.探測(cè)器在軌道II上Q點(diǎn)的速率大于在探測(cè)器軌道 I的速率C.探測(cè)器在軌道II上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能大于經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能B+ 54R32D.金星的質(zhì)量可表示為54R2GT2【解析】A.探測(cè)器在P點(diǎn)需要減速做近心運(yùn)動(dòng)才能由軌道 I變軌到軌道II,同理，在軌道II的Q點(diǎn)需要減速做近心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入軌道 III做圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.探測(cè)器在軌道II上P點(diǎn)的速率大于軌道I上的速率，在軌道II上，探測(cè)器由P點(diǎn)運(yùn)行到Q點(diǎn)，萬有引力做正功，則Q點(diǎn)的速率大于P點(diǎn)速率，故探測(cè)器在軌道II上Q點(diǎn)的速率大于在探測(cè)器軌道 I的速率，故B正確；C.在軌道II上，探測(cè)器由P點(diǎn)運(yùn)行到Q點(diǎn)，萬有引力做正功，機(jī)械能守恒，故探測(cè)器在軌道n上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能等于經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能，故C錯(cuò)誤；D.探測(cè)器在3R的圓Mm 42…形軌道運(yùn)動(dòng)，在軌道I上運(yùn)動(dòng)過程中，萬有引力充當(dāng)向心力，故有 G——2m3R-,解得3R T

108R32M 故D錯(cuò)誤。故選B。GT2241.煙霧探測(cè)器使用了一種半衰期為432年的放射性元素銷 95Am來探測(cè)煙霧。當(dāng)正常空氣分子穿241過探測(cè)器時(shí)，銷95Am衰變所釋放的射線會(huì)將它們電離，從而產(chǎn)生電流。一旦有煙霧進(jìn)入探測(cè)腔內(nèi)，煙霧中的微粒會(huì)吸附部分射線,導(dǎo)致電流減小，從而觸發(fā)警報(bào)。則腔內(nèi)，煙霧中的微粒會(huì)吸附部分射線,導(dǎo)致電流減小，從而觸發(fā)警報(bào)。則241/A.銷95Am放出白^是X射線241- ... ...B.銷95Am放出的是丫射線C.1mg的銷C.1mg的銷245Am經(jīng)864年將有0.75mg發(fā)生衰變D.發(fā)生火災(zāi)時(shí)，煙霧探測(cè)器中的銷D.發(fā)生火災(zāi)時(shí)，煙霧探測(cè)器中的銷241.一一、一 95Am因溫度升圖而半盤期變短241a射線能使空【斛析】AB.銷95Ama射線能使空241氣電離，故相95Am放出的是a射線，故AB錯(cuò)誤；C.半衰期為432年，當(dāng)經(jīng)864年，發(fā)生兩次衰變，1mg的銅將衰變掉四分之三即 0.75mg,還乘ij下0.25mg沒有衰變，故C正確；D.半衰期由原子核本身的性質(zhì)決定，與物理?xiàng)l件和化學(xué)狀態(tài)均無關(guān)，則溫度升高而半衰期不變，故D錯(cuò)誤。故選Co17.如圖所示為一長(zhǎng)度為3L的質(zhì)量不計(jì)的輕桿，在兩端拴接質(zhì)量均為 m的小球P、Q,在距離小球P為2L處有一固定的轉(zhuǎn)軸。開始輕桿處于水平狀態(tài)，現(xiàn)將裝置無初速釋放，假設(shè)一切摩擦力均可忽略，則在小球P由圖中的位置運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中（A.輕桿對(duì)小球PA.輕桿對(duì)小球P做功為零B.輕桿對(duì)小球Q做功為零C.輕桿對(duì)小球C.輕桿對(duì)小球P做了負(fù)功D.輕桿對(duì)小球Q做了負(fù)功【答案】C【解析】小球Q受到重力和輕桿對(duì)它的作用力，運(yùn)動(dòng)過程中小球 Q克服重力做了功，其動(dòng)能反而增加了，這一定是輕桿對(duì)它做了正功，小球 Q的機(jī)械能增加，小球P、Q和輕桿組成的這個(gè)系統(tǒng)，在繞點(diǎn)。無摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，小球 Q的機(jī)械能增加，則小球P的機(jī)械能必減少，由功能轉(zhuǎn)化關(guān)系可知輕桿對(duì)小球 P做了負(fù)功，故C正確。故選Co18.如圖所示，一小滑塊沿足夠長(zhǎng)的固定斜面以初速度 v向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng) A、B、C、D到達(dá)最高點(diǎn)E,已知AB=BD=6m,BC=1m,滑塊從A至ijC和從C至ijD所用的時(shí)間都是2s。設(shè)滑塊經(jīng)過C時(shí)的速度為vc,則A.滑塊上滑過程中加速度的大小為0.2m/s2B.vc=6m/sC.DE=3mD.從D到E所用時(shí)間為4s【答案】D【解析】A.根據(jù)題意可知AC7m,CD5m,根據(jù)xat2求解加速度大小x57 2 2a= m/s20.5m/s2,A錯(cuò)誤；B.勻變速直線運(yùn)動(dòng)的某段時(shí)間內(nèi)，中間時(shí)刻速度t4等于平均速度vCxACxCD二^m/s3m/s,B錯(cuò)誤；C.勻減速直線運(yùn)動(dòng)的逆過程為勻2t42加速直線運(yùn)動(dòng)，CE之間的距離為xCE——m9m,則DE9m5m4m,C錯(cuò)誤；

2a1D.從D到E同樣采用逆過程Xde1at2,解得時(shí)間tJ型DEJ2~4s4s,D正確。故2 a.0.5選AD。19.地下礦井中的礦石裝在礦車中， 用電機(jī)通過豎井運(yùn)送到地面。某豎井中礦車提升的速度大小v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程， 它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對(duì)于第①次和第②次提升過程TOC\o"1-5"\h\zA.礦車上升所用的時(shí)間之比為 4:5B.電機(jī)的最大牽引力之比為 2:1C.電機(jī)輸出的最大功率之比為 2:1D.電機(jī)所做的功之比為4:5【答案】AC【解析】A.根據(jù)位移相同可得兩圖線與 t軸圍成的面積相等，則有1 1 1 -Vo 2to - -Vo 2to ttot,解得t —to,對(duì)于第①次和第②次提升過程中，礦2 2 2- 1 1車上升所用的時(shí)間之比為 2to:2to-to 4:5,故A正確；B.加速過程中的牽引力最大，2且已知兩次加速時(shí)的加速度大小相等，故兩次中最大牽引力相等，故B錯(cuò)誤；C.由題知兩次提升的過程中礦車的最大速度之比為 2:1,由功率PFv,得最大功率之比為2:1,故C正確;D.兩次提升過程中礦車的初、末速度都為零，則電機(jī)所做的功等于克服重力做的功，重力做的功相等，故電機(jī)所做的功之比為 1:1,故D錯(cuò)誤。故選AC。2。.如圖所示，a、b、c、d為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的等勢(shì)面，一個(gè)質(zhì)量為 m,電荷量為q的質(zhì)子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩個(gè)點(diǎn)。已知該粒子在 A點(diǎn)的速度大小為W,且方向與等勢(shì)面平行，在B點(diǎn)的速度大小為V2,A、B連線長(zhǎng)為L(zhǎng),連線與等勢(shì)面間的夾角為 0,不計(jì)粒子受到的重力，則A.粒子的速度V2一定大于V1B.等勢(shì)面b的電勢(shì)比等勢(shì)面c的電勢(shì)低

C.粒子從AC.粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所用的時(shí)間為L(zhǎng)cosmv2v2D.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2qLcos【答案】AC【解析】A.電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，等勢(shì)面沿水平方向，則電場(chǎng)線的方向沿豎直方向，帶正電的質(zhì)子彎曲的方向向下，所以質(zhì)子受力的方向向下，從A到B的過程中電場(chǎng)力做正功，所以質(zhì)子的速度增大，故A正確；B.質(zhì)子受力的方向向下，質(zhì)子帶正電，則電場(chǎng)的方向向下，而沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，故b的電勢(shì)高于c的電勢(shì)；故B錯(cuò)誤；C.質(zhì)子在A點(diǎn)的速度大小為vi,在B點(diǎn)的速度大小為V2,質(zhì)子在沿等勢(shì)面方向的分速度不變?yōu)?vi,所以質(zhì)子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間xLcost ，故C正確；D.在沿電場(chǎng)線的方向的位移為 y=Lsin。，由動(dòng)能定理有V1 V1, / 一2 221 2 mV2VlqEy—mV2—mV1,聯(lián)立解得e ,故D徐慶。故選AC。2 2qLsin21.如圖所示，空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，氫元素的同位素笊核（一個(gè)質(zhì)子，一個(gè)中子）和二價(jià)氫核（二個(gè)質(zhì)子，二個(gè)中子）都從邊界上的 。點(diǎn)以相同速度先后射入磁場(chǎng)中，人射方向與21.邊界成相同的角，則笊離子和二價(jià)氨離子在磁場(chǎng)中X X X X XX X乂 K 乂 K X X? x【解析】A.根據(jù)牛頓第二定律得:2V

qVB=m【解析】A.根據(jù)牛頓第二定律得:2V

qVB=m—, .r由題v、B大小均相同，兩離子電荷量和質(zhì)量關(guān)系知r相同，故A正確；B.粒子的運(yùn)動(dòng)周期T=qBA.運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同B.重新回到邊界所用時(shí)間相同C.重新回到邊界時(shí)的動(dòng)能相同D.重新回到邊界時(shí)與O點(diǎn)的距離相等【答案】ABDmV—一,2 4r=qB，笊離子為iH,二價(jià)氮離子2He,

則知T相同，又因半徑r及速度還相同，都帶正電，知運(yùn)動(dòng)軌跡完全相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故B正確；C.兩離子在磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，重新回到邊界時(shí)速度大小與方向相同， 但因兩離子質(zhì)量不同，則重新回到邊界時(shí)的動(dòng)量不相同，故C錯(cuò)誤；D.兩離子運(yùn)動(dòng)軌跡完全相同，所以重新回到邊界時(shí)與 O點(diǎn)的距離相等，故D正確。第n卷非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22~25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一22.）必考題（共47（一22.某同學(xué)采用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究加速度和力的關(guān)系，其中小車的質(zhì)量為 M,砂和砂桶的總質(zhì)量為m（滑輪光滑），交流電頻率為 f50Hz（1）本實(shí)驗(yàn)中（需要/不需要）滿足m=M（2）松開砂桶，小車帶動(dòng)紙帶運(yùn)動(dòng)，若相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有 4個(gè)點(diǎn)未畫出，紙帶如圖乙所示，則小車的加速度am/s小車的加速度am/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【答案】（1）不需要 （2）2.01【解析】（1）小車所受拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，無需滿足m=M（2）計(jì)數(shù)點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)沒有畫出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為 t=0.02X5s=0.1s,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論Xat2，可得小車的加速度a~ 5721~ 39t2代入數(shù)據(jù)解得a=2.01m/s223.要描繪一只標(biāo)有 “9V5W字樣小燈泡的完整伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)室可供如下器材:23.A.電流表Ai（量程0.6A,內(nèi)阻約為0.59B.電流表A2（量程3A,內(nèi)阻約為0.29C.電壓表V（量程3V,內(nèi)阻rv3kQ）D.滑動(dòng)變阻器R（阻值0~10Q,額定電流0.8A）E.滑動(dòng)變阻器R2(阻值0~100Q額定電流1.5A)F.定值電阻R3 6k◎G.直流電源(電動(dòng)勢(shì)E10V)H.導(dǎo)線和開關(guān)(1)請(qǐng)?jiān)谔摼€框中畫出電路圖(2)滑動(dòng)變阻器應(yīng)選;電流表應(yīng)選(填寫元件前序號(hào))(3)燈泡兩端實(shí)際電壓Uo與電壓表讀數(shù)U關(guān)系式為(4)根據(jù)該電路設(shè)計(jì)圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)得電壓表的讀數(shù)為 U、電流表讀數(shù)為I,若考慮電表的內(nèi)阻，則此時(shí)燈泡的電阻為(用題目中所給字母或符號(hào)表示)a——1 r-U^-【答案】(1) 1 (2)DA (3)Uo3U(4) ,U Irv?—1|~~—【解析】(i)描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，由題意可知，燈泡額定電壓為 9V,電壓表量程為3V,把電壓表量程擴(kuò)大為9V,應(yīng)給電壓表串聯(lián)一個(gè)定值電阻R3；電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示(2)燈泡額定電流為I擇(2)燈泡額定電流為I擇D；——A=0.56A,電流表應(yīng)選A;為萬便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選U9(3)定值電阻阻值是電壓表內(nèi)阻的 2倍，則定值電阻兩端電壓為電壓表兩端電壓的 2倍，故燈泡兩端電壓為U0=3U；U R3U(4)由圖示電路圖可知，電流表讀數(shù)為I,則通過燈泡的電流為I一，則燈泡電阻 ?Urv I)rV.如圖所示，AB為一固定在水平面上的半圓形細(xì)圓管軌道，軌道內(nèi)壁粗糙，其半徑為 R且遠(yuǎn)大于細(xì)管的內(nèi)徑，軌道底端與水平軌道BC相切于B點(diǎn)。水平軌道BC長(zhǎng)為2R,動(dòng)摩擦因數(shù)為崗=0.5,右側(cè)為一固定在水平面上的粗糙斜面。斜面 CD足夠長(zhǎng)，傾角為㈱37。，動(dòng)摩擦因數(shù)為M2=0.8O一質(zhì)量為m,可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從圓管軌道頂端 A點(diǎn)以初速度v0JgR水平射入圓管軌道，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為自身重力的 5倍，物塊經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)速度大小不發(fā)生變化。 sin37°=0.6cos37=0.8,重力加速度為g,求:物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B=0.6cos37=0.8,重力加速度為g,求:物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，阻力所做的功;物塊最終停留的位置?！窘馕觥?NN5mg由牛頓第二定律2Nmgm^B解得VbNN5mg由牛頓第二定律2Nmgm^B解得Vb2,gRA到B的過程，由動(dòng)能定理1 2 1 22mgRWf-mvB-mv01 _得Wf -mgR(2)設(shè)物塊沿斜面上升的最大位移為s,由動(dòng)能定理〔mg2Rmgssinfs1 2-mvB2其中f 2N,Nmgcos35R因2mgcosmgsin,故物塊在速度減為零之后不會(huì)下滑，物體最終會(huì)靜止在斜面上距離一25_C點(diǎn)s—R的位置。31.如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌 MN、PQ豎直放置，圖中虛線下方存在垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)軌的下端(距虛線足夠遠(yuǎn)) N與Q間接有阻值為R的電阻。在虛線處有一質(zhì)量為m、電阻為r=6R的金屬棒ab緊貼在導(dǎo)軌上，以某一初速度向上拋出，同時(shí)緊靠導(dǎo)軌到虛線距離為do處有一個(gè)和ab完全相同的金屬棒cd無初速釋放，已知兩棒相遇時(shí)速度等大、且相遇后立刻結(jié)合成一體。兩棒結(jié)合成一體后，經(jīng)過時(shí)間 t剛好達(dá)到最大速度Vm,此時(shí)兩棒早已經(jīng)進(jìn)入磁場(chǎng)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g。求：(1)兩棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度；(2)此過程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）（警；（2）MXX【答案】（1）（警；（2）MXXXmvm(2gt 3vm)加4【解析】（1）cd靜止釋放的同時(shí)，ab豎直上拋，兩棒相遇時(shí)速度等大，根據(jù)豎直上拋的對(duì)稱性可知ab上升距離3h=—do4相遇時(shí)速度大小設(shè)為vi,設(shè)兩棒結(jié)合成一體時(shí)的速度為 V2,對(duì)兩棒應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可知 mvi—mvi=2mv2解得V2=0此后，對(duì)雙棒，設(shè)雙棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度設(shè)為 V3,應(yīng)用機(jī)械能守恒定律有1 22mgh—2m%解得：兩棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度V33gdV33gdo（2）根據(jù)電阻定律可知，兩棒結(jié)合成一體后電阻1ro=—r=3R2勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)達(dá)到最大速度，有2mg必(Rro)解得BLVm解得BLVm8mgRAtAt內(nèi)安培力沖量將雙棒從進(jìn)入磁場(chǎng)到最大速度分成無數(shù)段，每一小段時(shí)間設(shè)運(yùn)動(dòng)位移為s,設(shè)運(yùn)動(dòng)位移為s,應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律可知在時(shí)間 to內(nèi)金Q,應(yīng)用功能關(guān)系有23R的焦耳熱1ABILtBLq把各個(gè)過程相加可得此過程中安培力沖量IaBLq從兩棒結(jié)合成一體到最大速度 Vm,對(duì)雙棒，應(yīng)用動(dòng)量定理有2mgtIa2mvm聯(lián)立解得q2m（gtVm）.---:8mgR從進(jìn)入磁場(chǎng)到最大速度的過程中，屬棒產(chǎn)生的平均電動(dòng)勢(shì)EBLstoE閉合電路歐姆定律有I Rro-q又根據(jù)電流定義式有Ito聯(lián)立可知qBLs4R設(shè)此過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為TOC\o"1-5"\h\z2 12mgsQ一2mvm-21T\o"CurrentDocument"2又根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)可知通過電阻c RCQr QRro聯(lián)立解得\o"CurrentDocument"mvm（2gt3Vm）3 .Qr mgdo\o"CurrentDocument"4 8（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。 如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33.［物理一一選彳3司（15分）（1）下列說法正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)名2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分o分）34.［物理一一選彳3Y］（15分）A.隨著分子間距離的增大，分子勢(shì)能一定先減小后增大B.把細(xì)玻璃棒尖端放在火焰上燒熔，它的尖端就會(huì)變鈍，這跟表面張力有關(guān)C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向同性的特點(diǎn)D.對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸收熱量E.熱力學(xué)第二定律使人們認(rèn)識(shí)到，一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過程都是有方向性的【答案】BDE【解析】A.隨著分子距離的增大，若分子力從斥力變?yōu)橐Γ肿恿ο茸稣?，后做?fù)功，則分子勢(shì)能先減小后增大，若分子力一直表現(xiàn)為引力，隨著分子間距離的增大，分子力一直做負(fù)功，分子勢(shì)能一直增大，故A錯(cuò)誤；B.細(xì)玻璃棒尖端放在火焰上燒熔，它的尖端就會(huì)變鈍，這跟表面張力有關(guān)，故B正確；C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D.對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程EVC,可知?dú)怏w的溫度升高，則內(nèi)能增大，由于氣體對(duì)外做功，則它一定從外界吸收T熱量，故D正確；E.自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，故E正確。故選BDE。(2)如圖所示，開口向上豎直放置的橫截面積為10cm2的氣缸內(nèi)有a、b兩個(gè)質(zhì)量忽略不計(jì)的活塞，兩個(gè)活塞把氣缸內(nèi)的氣體分割為兩個(gè)獨(dú)立的部分 A和B,A的長(zhǎng)度為30cm,B的長(zhǎng)度是A長(zhǎng)度的一半，氣缸和活塞b都是絕熱的，活塞a導(dǎo)熱性能良好，與活塞b和氣缸底部相連的輕彈簧勁度系數(shù)為100N/m,B部分下端有與電源相連的電熱絲。初始狀態(tài) A、B兩部分氣體的溫度均為27C,彈簧處于原長(zhǎng)，活塞a剛好與氣缸口相齊平，開關(guān) S斷開。若在活塞a上放上一個(gè)2kg的重物，則活塞a下降一段距離后靜止(已知外界大氣壓強(qiáng)為 p01105Pa,重力加速度為g10m/s2,取T273Kt)(1)求穩(wěn)定后A部分氣柱的長(zhǎng)度；(2)合上開關(guān)S,XBB部分氣體進(jìn)行加熱，可以使a上升再次與氣缸口齊平，則此時(shí)B部分氣體的溫度為多少？【答案】(1)25cm；(2)227c【解析】(1)對(duì)于A部分氣體，初態(tài)一5— 一Pa110Pa,VALiS.. mg 5_末態(tài)pA P0 1.210Pa,VAL1SS根據(jù)玻意耳定律有PaL〔SPaL〔S解得L125cm即穩(wěn)定后A部分氣柱長(zhǎng)度變?yōu)?5cm。(2)若使活塞a返回原處，B部分氣體末狀態(tài)時(shí)氣柱長(zhǎng)為 L220cm,此時(shí)彈簧要伸長(zhǎng)l5cm,對(duì)活塞b有PaSklPbS… kl 5_解得pB pA—1.25105Pa對(duì)于B部分氣體，初態(tài)pB1105Pa,VBL2s,Tb300K.. 一一5一 —末態(tài)pB1.2510Pa,VBL2S根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pBVB pBVBTb Tb解得Tb500K則此時(shí)溫度為tB227c34.[物理一一選彳3/](15分)(1)抗擊新冠肺炎疫情的戰(zhàn)斗中， 中國(guó)移動(dòng)攜手學(xué)習(xí)強(qiáng)國(guó)”推出了武漢實(shí)景24小時(shí)直播，通過5G超高清技術(shù)向廣大用戶進(jìn)行九路信號(hào)同時(shí)直播武漢城市實(shí)