2023屆湖北省十堰市北京路中學物理高二第二學期期中復習檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、1831年發(fā)現電磁感應現象的物理學家是（）A．牛頓B．伽利略C．法拉第D．焦耳2、一列簡諧橫波沿x軸負方向傳播，波速v=4m/s，已知坐標原點（x=0）處質點的振動圖象如圖所示，在下列幅圖中能夠正確表示t=0.15s時波形的圖是A． B．C． D．3、某橫波在介質中沿x軸傳播，a圖為t=0.25s時的波形圖，b圖為P點（x=1.5m處的質點）的振動圖象，那么下列說法正確的是（）A．該波向右傳播，波速為2m/sB．質點L與質點N的運動方向總相反（速度為零的時刻除外）C．t=1s時，質點M處于正向最大位移處D．t=1.25s時，質點K向右運動了2mE.t=1s時，質點P位移為零4、質量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，A球的速度是9m/s，B球的速度是3m/s，當A球追上B球發(fā)生碰撞后，A、B兩球的速度不可能是A．vA＝6m/s，vB＝6m/s B．vA＝3m/s，vB＝9m/sC．vA＝4m/s，vB＝8m/s D．vA＝0，vB＝12m/s5、如圖所示，在同一豎直平面內，小球a、b從高度不同的兩點分別以初速度va和vb沿水平向拋出，經過時間ta和tb后落到與兩拋出點水平距離相等的P點。若不計空氣阻力，下列關系正確的是（）A．ta＞tb，va＜vb B．ta＞tb，va＞vbC．ta＜tb，va＜vb D．ta＜tb，va＞vb6、如圖所示金屬棒MN，金屬棒中的自由電荷為電子。電子隨著導體棒以速度v向右勻速運動，同時沿著導體棒以速度勻速運動。下列說法正確的是（）A．電子受到的總洛倫茲力為B．電子受到的總洛倫茲力為C．非靜電力是電子受到的沿棒方向的洛倫茲力，大小為D．非靜電力是電子受到的沿棒方向的洛倫茲力，大小為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動勢為E，內阻r≠1．若改變四個電阻中的一個阻值，則（）A．減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B．增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C．增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D．減小R4，C1、C2所帶的電量都增加8、細長輕繩下端拴一小球構成單擺，在懸掛點正下方擺長12處有一個能擋住擺線的釘子A，如圖所示．現將單擺向左拉開一個小角度，然后無初速地釋放．對于以后的運動，下列說法中錯誤的是A．擺球往返運動一次的周期比無釘子時的單擺周期小B．擺線在平衡位置右側的最大擺角是左側的兩倍C．擺球在平衡位置左右兩側走過的最大弧長相等D．擺球在左、右兩側上升的最大高度一樣9、如圖所示，表示一定質量的理想氣體沿箭頭所示的方向發(fā)生狀態(tài)變化的過程，則該氣體壓強變化情況是()A．從狀態(tài)c到狀態(tài)d，壓強減小B．從狀態(tài)d到狀態(tài)e，壓強增大C．從狀態(tài)e到狀態(tài)a，壓強減小D．從狀態(tài)a到狀態(tài)b，壓強不變10、如圖所示的電路中，L為電感線圈(直流電阻不計)，A、B為兩燈泡，以下結論正確的是（）A．合上開關S時，A先亮，B后亮B．合上開關S時，A、B同時亮，之后B變暗直至熄滅，A變亮C．先閉合開關S，電路穩(wěn)定后再斷開開關S時，A熄滅，B先變亮再逐漸熄滅D．先閉合開關S，電路穩(wěn)定后再斷開開關S時，A、B兩燈都亮一下再逐漸熄滅三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖甲所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來探究碰撞過程中的不變量，圖中PQ是斜槽，QR為水平槽，實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復上述操作10次，得到10個落點痕跡，再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復這種操作10次．圖中O點是水平槽末端R在記錄紙上的豎直投影點，B球落點痕跡如圖乙所示，其中米尺水平放置，且在G、R、O所在的平面內，米尺的零點與O點對齊．（1）碰撞后B球的水平射程應取為________cm．（2）在以下選項中，本次實驗必須進行的測量是__________A．水平槽上未放B球時，測量A球落點位置到O點的距離B．測量A球與B球碰撞后，A球落點位置到O點的距離C．測量A球與B球的質量D．測量G點相對于水平槽面的高度12．（12分）(1)在用雙縫干涉測光的波長的實驗中，所用實驗裝置如圖甲所示。①調節(jié)分劃板的位置，使分劃板中心刻線對齊第1條亮條紋的中心，已知測量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度。此時測量頭上的讀數如圖乙所示，則讀數為_______mm；②如果用上述裝置測量氦氖激光器發(fā)出激光的波長，則圖中除了光源以外，其他不必要的器材元件有_______。(2)在用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，①某同學由于沒有量角器，在完成了光路以后，他以O點為圓心、10.00cm長為半徑畫圓，分別交線段OA于A點，交OO′連線延長線于C點，過A點作法線NN′的垂線AB交NN′于點B，過C點作法線NN′的垂線CD交NN′于D點，如圖所示.用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm.由此可得出玻璃的折射率n=______．②某同學在紙上畫出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關系如圖2所示，則該同學測得的折射率與真實值相比______(填“偏大”、“偏小”或“不變”)．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強磁場的磁感應強度B=0.5T，邊長L=10cm的正方形線圈abcd共100匝，線圈電阻r=1Ω，在外力的作用下，繞垂直于磁感線的對稱軸OO`勻速轉動，角速度ω=2πrad/s，電阻R=4Ω。求：（1）寫出流過電阻R的電流的瞬時值表達式；（2）由圖示位置（線圈平面與磁感線平行）轉過7.25秒時，線圈產生的感應電動勢的值；（3）由圖示位置轉過300角的過程中，通過電阻R的電量；（4）電壓表的示數；（5）線圈轉動一周過程中，外力做的功。14．（16分）質量為m＝0.60kg的籃球從距地板H＝0.80m高處由靜止釋放，與水平地板撞擊后反彈上升的最大高度h＝0.45m，從釋放到彈跳至h高處經歷的時間t＝1.0s．忽略空氣阻力作用，重力加速度取g＝10m/s2，求：（1）籃球與地板撞擊過程中損失的機械能△E；（2）籃球對地板的平均撞擊力．15．（12分）如圖所示，無限長平行金屬導軌EF、PQ固定在傾角θ=37°的光滑絕緣斜面上，軌道間距L=1m，底部接入一阻值R=0.06Ω的定值電阻，上端開口，垂直斜面向上的勻強磁場的磁感應強度B=2T。一質量m=2kg的金屬棒ab與導軌接觸良好，ab與導軌間的動摩擦因數μ=0.5，ab連入導軌間的電阻r=0.04Ω，電路中其余電阻不計?，F用一質量M=6kg的物體通過一不可伸長的輕質細繩繞過光滑的定滑輪與ab相連.由靜止釋放物體，當物體下落高度h=2.0m時，ab開始勻速運動，運動中ab始終垂直導軌并與導軌接觸良好。不計空氣阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2。(1)求ab棒沿斜面向上運動的最大速度；(2)在ab棒從開始運動到開始勻速運動的這段時間內，求通過桿的電量q；(3)在ab棒從開始運動到開始勻速運動的這段時間內，求電阻R上產生的焦耳熱。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：發(fā)現電磁感應現象的物理學家是法拉第，選項C正確?？键c：物理學史。2、A【解析】

試題分析：簡諧橫波沿x軸負方向傳播，因此在t＝0.15s時，原點處的質點位移是為正，向負方向振動．CD圖原點處的質點位移為負，所以CD錯；B圖向正方向振動，B錯，因此選Ａ．考點：振動圖象與波的圖象3、B【解析】試題分析：據題意，從振動圖像可知指點p在0.25s時向上振動，則這列波向右傳播，速度為：，故選項A正確；質點L和質點N相差半個波長，這兩點振動情況總是相反，故選項B正確；圖a再經過0.75s就是t=1s時刻，但質點M需要再經過1s才可以到達正向最大位移處，說明t=1s時刻質點M還沒有到達正向最大位移處，故選項C錯誤；質點只會在平衡位置附近振動，不會隨波遷移，故選項D錯誤．考點：本題考查機械波的波動圖像和振動圖像．4、D【解析】

設每個球的質量均為m，碰前系統(tǒng)總動量P=mvA1+mvB1=9m+3m=12m，碰前的總動能Ek==45m；A.若vA=6m/s，vB=6m/s，碰后總動量P′=mvA+mvB=12m，動量守恒．總動能E′k==36m，機械能減小，A可能實現．故A可能；B.若vA=3m/s，vB=9m/s，碰后總動量

P′=mvA+mvB=12m，總動能E′k==45m，動量守恒，機械能守恒，故B可能實現．故B可能；C.碰后總動量P′=mvA+mvB=12m，總動能E′k==40m，動量守恒，機械能不增加，故C可能實現．故C可能；D.碰后總動量P′=mvA+mvB=12m，總動能E′k==72m，動量守恒，機械能增加，違反能量守恒定律，故D不可能實現；本題選擇不可能實現的答案，故選D5、A【解析】

平拋運動的運動時間是由豎直的高度決定的，由于a的高度比b的大，所以由于ab的水平的位移相等，而ta＞tb，所以故選A。6、C【解析】

AB．自由電荷受洛倫茲力如圖所示沿棒方向的洛倫茲力垂直棒方向的洛倫茲力故電子受到的總洛倫茲力為故AB錯誤；CD．做正功，將正電荷從端搬運到端，相當于電源中的非靜電力，宏觀上表現為“電動勢”，使電源的電能增加；大小為，故C正確，D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯接入電路，電容器C1并聯在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯電路并聯；根據電路電阻的變化，應用歐姆定律及串聯電路特點判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化．【詳解】A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變，電容器所帶電量不變，故A錯誤；B、增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C、增大R3，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加，故C錯誤；D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶的電量都增加，故D正確；故選BD．8、BC【解析】

A.根據單擺周期方程，未放釘子時，單擺周期：T=2πl(wèi)g，放釘子后，過釘子擺長減半，單擺周期：T'=πl(wèi)BCD.設左側擺角為θ，右側角為α，根據機械能守恒有，左右兩側上升的最大高度一樣，根據幾何關系有l(wèi)cosθ=l2+l2cosα，整理得：2cosθ=1+cosα，如果α=2θ9、AC【解析】

在V－T圖象中等壓線是過坐標原點的直線。由理想氣體狀態(tài)方程知?？梢姰攭簭娫龃?，等壓線的斜率變小。由題圖可確定pa<pe<pd<pc<pb故選AC。10、BC【解析】

AB．合上開關S時，電路中立即有了電流，故燈泡A、B同時變亮，線圈會產生自感電動勢，電流緩慢增加，當電流穩(wěn)定后，線圈相當于直導線，燈泡B被短路，故開關閉合時，A、B同時亮，但B逐漸熄滅，A更亮，故A錯誤，B正確；CD．斷開S時，A燈立即熄滅，線圈產生自感電動勢，和燈泡B構成閉合回路，B燈先閃亮后逐漸熄滅，故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、64.8(64.0～65.0cm均可)ABC【解析】

（1）由圖乙所示可知，刻度尺分度值為mm，用最小的圓把這些落地點圈起來，其圓心為B的平均落地點，則由圖示可知，碰撞后B球的水平射程應取為64.80cm；

（2）小球離開軌道后做平拋運動，小球在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則mAv0=mAvA+mBvB，兩邊同時乘以時間t得：mAv0t=mAvAt+mBvBt，則mAxA=mAxA′+mBxB′，因此實驗需要測量：兩球的質量，兩球做平拋運動的水平位移，故選ABC．12、1.16mm濾光片和單縫1.5偏小【解析】

（1）①測量頭上的讀數為：1mm+0.02mm×8=1.16mm；②氦氖激光器發(fā)出的激光具有很好的單色性和相干性，所以不需要濾光片和單縫，直接照射到雙縫上即可得到干涉圖樣．（2）①圖中P1P2作為入射光線，OO′是折射光線，設光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何知識得到：，，又AO=OC，則折射率．②如圖，實線是真實的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫大后的光路圖，由圖看出，在這種情況測得的入射角不受影響，但測得的折射角比真實的折射角偏大，因此測得的折射率偏?。?/p>

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）i=0.2πcos2πt（A）（2）0（3）0.05C（4）1.78A（5）0.99J【解析】

（1）根據Em=NBωS，可得感應電動勢的最大值：Em=100×0.5×0.12×2πV=πV；則通過電阻R電流的最大值：則流過電阻R的電流的瞬時值表達式：（2）由圖示位置（線圈平面與磁感線平行）轉過7.25秒時，線圈轉過的角度為，此時線圈平面與磁場垂直，則產生的感應電動勢的值為0；（3）由圖示位置轉過30°角的過程中，通過電阻R的電量：；（4）電壓表的示數（5）線圈轉動一周過程中，外力做的功等于產生的電功率：.14、（1）2.1J（2）20N【解析】

（1）皮球與地板撞擊過程中損失的機械能為：

△E=mgH-mgh=0.6×10×（0.8-0.45）J=2.1J

（2）設皮球從H高處下落到地板所用時間為t1，剛接觸地板時的速度為v1；反彈離地時的速度為v2，上升的時間為t2，由動能定理和運動學公式得：

下落過程：mgH=mv12，

代入數據解得：v1=4m/s，t1==0.4s

上升過程：-mgh=0-mv22