2021年湖北省恩施高中、哪陽中學高考物理仿真模擬試

卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.（2021?湖北省?模擬題）如圖所示，一輕質(zhì)細繩跨過光滑定滑輪連接著兩個小物體A、

B,已知此時兩物體的速度分別為巧、以，細繩對A的拉力大小為F，則下列說法

中正確的是（）

A.細繩對8的拉力大于F

B.細繩對B的拉力的功率為F為

C.細繩對A做功的功率的大小等于細繩對8做功的功率的大小

D.由細繩對4、B做功功率大小相等（即尸巧=F“2），可知巧=。2

2.（2021?湖北省?模擬題）如圖所示，長度為/的輕質(zhì)細桿的

下端被地面上的臺階擋住，細桿頂端固定著一個可視為

質(zhì)點的小重球，現(xiàn)讓小球由豎直位置無初速度地向右側(cè)

倒下，已知重力加速度為g,不計一切摩擦，則小球落

地時的速度（）

A.等于頻I，方向豎直向下

B.等于廊，方向斜向右下

C.小于方向斜向右下

D.大于/麗，方向斜向左下

3.（2021.湖北省.模擬題汝口圖所示為示波器衰減電路

的示意圖，帥之間為信號電壓的輸入端，cd為衰減

電路的輸出端，p是和衰減旋鈕固連在一起的開關(guān),

R1、/?2、為四個定值電阻，當P接通1時電

壓沒有被衰減，當p接通2、3、4時電壓被衰減10倍、100倍或1000倍（即輸出電

壓變?yōu)檩斎腚妷旱?.1倍、0.01倍或0.001倍）.若某個示波器的衰減電路里，/?4=1。，

不計導線電阻，則其他電阻的阻值分別為（）

A.R、=9000,R2=900,R3=9D

B.%=9990,R2=99。，R3=90

C.&=ion,R2=ioon,R3=looon

D.Ri=loooo,R2=loon,R3=ion

4.（2021?湖北省?模擬題加衰變是原子核內(nèi)質(zhì)子和中子自發(fā)相互轉(zhuǎn)化并發(fā)射或吸收電

子（或正電子）的過程，這個過程伴隨著電子中微子或反電子中微子的發(fā)射.最常見的

夕衰變是0-衰變（比如黃CT尹N+:e+3）,其次還有￡+衰變（比如

空NWc+oe+%）,和軌道電子俘獲（比如》e+不exTLi+ve一一Be原子核

從核外俘獲一個K層軌道的電子而衰變?yōu)橐栽雍耍?下列關(guān)于0衰變的說法中正確

的是（）

A.原子核發(fā)生一次0衰變，新生成的原子核相對原來的原子核質(zhì)量數(shù)不變，電荷

數(shù)增加1

B.原子核發(fā)生衰變時核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子，發(fā)生夕+衰變或軌道電子俘獲時核內(nèi)

質(zhì)子轉(zhuǎn)化為中子

C.電子中微子外和反電子中微子［的質(zhì)量數(shù)均為0,電荷數(shù)為“-1”或“+1”

D.0衰變是釋放能量的反應，因此新生成的原子核的比結(jié)合能小于原來的原子核

的比結(jié)合能

5.（2021?湖北省?模擬題）紙張中的纖維素晶體的折射率為1.6左右，而食用油的折射率

為1.5左右，水的折射率約為1.3.普通紙中纖維素晶體之間留有大量的孔隙，因而顯

得不透明，但是浸油的紙卻會變得很透明.下列關(guān)于這個現(xiàn)象的說法中，錯誤的是

（）

A.這四種介質(zhì)（纖維素晶體、食用油、水、空氣）中，光在纖維素晶體中的速度最

小

B.光線穿過普通紙時，會在纖維素晶體和空氣的眾多分界面上發(fā)生各種不同方向

的反射和折射

C.普通紙浸油后，光在油和纖維素晶體分界面上折射時，不會發(fā)生較大的光路彎

折

D.光線在浸水的紙中各分界面上的彎折程度，比光線在浸油的紙中各分界面上的

彎折程度更小

6.（2021.湖北省.模擬題）有同學發(fā)現(xiàn)，計算斜拋物體的水平射程時，可以將初速度矢量

和末速度矢量移到起點相同，然后將兩者末端連起來形成一個三角形，然后過共同

起點向豎直底邊作一條高線，則高線的長度就是初速度的水平分量，而豎直底邊長

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度正比于斜拋物體運動的時間，因此斜拋物體的水平射程就正比于這個三角形的面

積。現(xiàn)請你根據(jù)這個發(fā)現(xiàn)，分析如圖所示情形：在高度為h=7.2m的平臺邊緣沿不

同方向以相同大小的初速度%=5m/s斜向右上拋出一個石塊，已知重力加速度為

g=10m/s2?則（）

T\

A.水平拋出石塊時，石塊落地時離拋出點的水平距離最大

B.為與水平方向成45。角時，石塊落地時離拋出點的水平距離最大

C.石塊落到地面上時離拋出點的最大水平距離為6.5m

D.石塊落到地面上時離拋出點的最大水平距離為13m

7.（2021?湖北省?模擬題）兩個相距很近的等量異種點電荷組V|

成的系統(tǒng)稱為電偶極子.某電偶極子由相距為/、電荷量分+Jj/P

別為+q和-q的點電荷構(gòu)成，如圖所示.取二者連線方向為“尸----------*

一一，M

y軸方向，中點。為原點，建立如圖所示的xOy坐標系，I

尸點距坐標原點。的距離為r（r?/）,尸、0兩點間連線與y軸正方向的夾角為。.下

面給出P點的電場

強度E的大小的四個表達式中，只有一個是合理的,你可能不會求解巴但是你可以

通過一定的物理分析，對下列表達式的合理性作出判斷.根據(jù)你的判斷，E的合理表

達式應為（）

22

A?_kqNl+3cos6pr?_kqry/l+3cos0

/A?c-TD?LJ-"7

r3I3

rn—kqb/l+3cos2?？赺kql41+3sin20

r2r3

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

8.（2021.湖北省?模擬題）當通過自感系數(shù)為L的線圈中的電流i發(fā)生變化時，線圈中的

自感電動勢e（理想線圈兩端的電壓"=e）的計算式為e=L^-,其中耳是電流的變化

率（即電流對時間的導數(shù)）.現(xiàn)將一交變電流i=/msin3t通過一自感系數(shù)為L的理想

線圈，并將線圈兩端的電壓的有效值U和通過線圈的電流的有效值/的比值定義為

線圈的“感抗X：

X=%則下列說法中正確的是（）

A.當通過線圈的電流瞬時值最大時，線圈兩端的電壓瞬時值也達到最大

B.設(shè)線圈兩端的電壓的峰值為Um，則線圈的感抗也可表示為乂=誓

C.通過線圈的交變電流頻率越高，線圈的感抗越大

D.相同有效值的交變電壓加在不同的線圈兩端，線圈的自感系數(shù)越大，通過線圈

的電流有效值越大

9.（2021?湖北省?模擬題）如圖所示，粗糙程度處處相同的軌道ABC安裝在豎直平面內(nèi)，

其中AB部分傾斜，BC部分水平.現(xiàn)將一個可視為質(zhì)點的小物塊從AB上距8c豎直

高度為人的P處由靜止釋放，物塊沿斜面下滑并最終靜止在8C上的Q點，測得

PQ間的水平距離s?，F(xiàn)將8c段軌道從D處彎折成水平的BD.傾斜的DC兩段，

然后再將小物塊從P處由靜止釋放，不考慮小物塊在轉(zhuǎn)折處的能量損失，則下列說

法中正確的是（）

A.物塊和軌道間的動摩擦因數(shù)為“=g

B.OC傾角越大，物塊沿0c上升的最大高度越小

C.無論OC傾角為多少，物塊沿OC上升的最大高度都相同

D.無論。C傾角為多少，物塊沿DC上升的最大高度處都在PQ連線上

10.（2021.湖北省.模擬題）如圖1所示為某種橡膠材質(zhì)的氣球內(nèi)外壓強差Sp=P-Po）

和氣球直徑d之間的關(guān)系圖像，其簡化情形如圖2所示.現(xiàn)取兩個這種材質(zhì)的相同的

氣球，并將氣球1預先充氣到直徑為&,將氣球2預先充氣到直徑為d2,然后用一

容積可忽略不計的細管將兩氣球連通（如圖3所示），已知氣球外部的大氣壓強為

Po=latm,可將氣球始終視為是球體，分析計算時按圖2進行，且不考慮溫度的

變化.則下列說法中正確的是（）

A.若B=6cm,d2=12cm,則氣球1的最終直徑為2cm

B.若di=6cm,d2=12cm,則氣球2的最終直徑小于T2cm

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C.若d]=12cm,d2=24cm,則氣球2的最終直徑為18czn

D.若四=12cm,d2=24cm,則氣球1和氣球2的最終直徑相等

11.（2021?四川省成都市?月考試卷）如圖所示，在X軸上?.y?■■

方（含x軸）存在垂直xOy平面向外的勻強磁場，在

x軸上距離原點殉處垂直于x軸放置一個長度也為、

出、厚度不計的薄板PQ,粒子打在板上即被吸收。"

坐標原點O處有一粒子源，可垂直于磁場向磁場內(nèi)各個方向均勻發(fā)射速率相同的同

種粒子，粒子速度大小為丫、質(zhì)量為〃?、帶電量為+q.現(xiàn)觀察到沿y軸正方向射入磁

場的粒子垂直打在薄板的上端。，不計帶電粒子的重力和粒子間的相互作用力，不

考慮薄板吸收粒子后產(chǎn)生的電場，則下列說法正確的有（）

A.磁場的磁感應強度大小為子

B.打在薄板左側(cè)的粒子數(shù)占發(fā)射總粒子數(shù)的]

C.打在薄板右側(cè)的粒子數(shù)占發(fā)射總粒子數(shù)的：

D.打在薄板上的粒子在磁場中運動的最長時間與最短時間的比值為3：1

三、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

12.（2021?湖北省?模擬題）某同學要研究一小燈泡L（3.6匕0.304）的伏安特性在實驗室，

他找到了如下一些器材：

電流表4（量程0.64內(nèi)阻很?。?，電壓表K量程4匕內(nèi)阻很大），滑動變阻器R（最

大阻值300,密繞電阻絲總長度15cm）,電源E（電動勢4.0V,內(nèi)阻很?。_關(guān)S

和若干導線.該同學設(shè)計了甲、乙兩種方案（電路如圖所示），并按這兩種方案完成了

實驗，實驗記錄了電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)/和滑動變阻器滑片移動距離x等數(shù)

據(jù)，分別如表一、二所示。

表一：

x/cm2.96.79.612.013.014.1

U/V0.641.101.702.502.883.46

1/A0.170.230.300.380.420.47

表二:

x/cm5.610.513.814.214.614.9

U/V0.050.110.420.641.703.46

l/A0.010.030.090.170.300.47

(1)請在下圖坐標紙上將兩種方案的U-x圖像畫出來;

(2)如果由你來做這個實驗，器材還是這些器材，你將采用方案

13.(2021?湖北省?模擬題)用如圖甲所示裝置研究兩個半徑相同的小球在軌道水平部分

碰撞前后的動量關(guān)系.

(1)關(guān)于本實驗，下列說法中正確的是.

4同一組實驗中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放

及軌道傾斜部分必須光滑

C.軌道末端必須水平

(2)圖甲中。點是小球拋出點在地面上的豎直投影，實驗時先讓入射小球多次從斜

軌上的位置S由靜止釋放，通過白紙和復寫紙找到其平均落點的位置(力、8、C三

點中的某個點).然后，把被碰小球靜置于軌道的水平部分末端，仍將入射小球從斜

軌上的位置S由靜止釋放，與被碰小球相碰，并多次重復該操作，用同樣的方法找

到兩小球碰后平均落點的位置(4、B、C三點中剩下的兩個點).實驗中需要測量的有

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A.入射小球和被碰小球的質(zhì)量mi、m2

8.入射小球開始的釋放高度h

C.小球拋出點距地面的高度H

D兩球相碰前后的平拋射程04、OB、0C

（3）某同學在做上述實驗時，測得入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為mi=2機2,兩

小球在記錄紙上留下三處落點痕跡如圖乙所示.他將米尺的零刻線與。點對齊，測

量出。點到三處平均落地點的距離分別為。8、0c.該同學通過測量和計算發(fā)

現(xiàn)，在實驗誤差允許范圍內(nèi)，兩小球在碰撞前后動量是守恒的.

①該同學要驗證的關(guān)系式為;

②若進一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，需要判斷關(guān)系式是否成立______.［用（2）

中的物理量表示］

四、計算題（本大題共3小題，共40.0分）

14.（2021?湖北省?模擬題）如圖所示，水平操場上有A、B、

C三點，AB=50m,BC=40m,4c=30m.在A、C

兩點處固定有兩個小喇叭能發(fā)出振動頻率均為34Hz、

振幅相同但相位相反的聲波.已知每個喇叭單獨存在時,

其發(fā)出的聲波在空間各點的振幅與各點到小喇叭的距離的平方成反比，聲波在空氣

中的傳播速度為340zn/s.現(xiàn)繞A、B、C轉(zhuǎn)一圈，試分析：

（1）AB連線上完全聽不到聲音的位置在何處？

（2）在AB連線上和BC連線上各有幾處（不包括A、B、C三點）聽到的喇叭聲極??？

250km----1---------4.8km/s

I

290sI'（動減速段

15.（2021?湖北省?模擬題）2021年5月15日7時18分，

----1---------460m/s

I

我國火星探測器“天問一號”的著陸巡視器（其中巡她>傘系儂段

視器就是“祝融號”火星車）成功著陸于火星烏托邦1.5km----；---------95mA

平原南部預選著陸區(qū),著陸巡視器從進入火星大氣層80s動力3段

1001n——-------3.6m/s

懸停避障。

80s

諼建卜降段

0m

到成功著陸經(jīng)歷了氣動減速段、傘系減速段、動力減速段、懸停避障與緩速下降段，

其過程大致如右圖所示。已知火星質(zhì)量為6.42x1。23的(約為地球質(zhì)量的倍)、

半徑為3395km(約為地球半徑的0.53倍)，“天問一號”的著陸巡視器質(zhì)量為1.33

地球表面重力加速度為9.8m/s2.試根據(jù)圖示數(shù)據(jù)計算說明下列問題：

(1)著陸巡視器在動力減速段做的是否為豎直方向的勻減速直線運動？

(2)設(shè)著陸巡視器在傘系減速段做的是豎直方向的勻減速直線運動，試求火星大氣

對著陸巡視器的平均阻力為多大？(結(jié)果保留1位有效數(shù)字)

16.(2021?湖北省?模擬題)如圖所示，足夠長的平行金屬導軌PQ、P'Q'水平固定，處在

豎直向下的勻強磁場中，其右端通過一小段圓弧形絕緣材質(zhì)導軌與傾角為。傾斜固

定導軌MN、M'N'平滑相連，傾斜導軌處在垂直導軌平面的勻強磁場中，兩部分磁

場的磁感應強度均為B.在水平導軌靠近PP'的位置靜止放置一根電阻為K、質(zhì)量為m

的金屬棒“，在傾斜導軌上靠近MW的位置靜止鎖定一根電阻也為R、質(zhì)量也為

的金屬棒b.已知金屬棒長度和導軌間距均為L，重力加速度為g,電容器的儲能公

式氏=]Ci/2,且金屬棒與導軌接觸良好，不計其他電阻，不計一切摩擦，不考慮

電磁輻射.現(xiàn)在PP'之間用導線接一個電阻為R的定值電阻，并給金屬棒。一個水平

向右的初速度為.

(1)試求金屬棒a在水平導軌上向右滑動過程中，金屬棒&上產(chǎn)生的焦耳熱.

(2)若將定值電阻R換成一個電容為C的電容器，仍然在靠近PP'的位置給金屬棒a

一個水平向右的初速度為，試求金屬棒a在水平導軌上向右滑動過程中，金屬棒〃

上產(chǎn)生的焦耳熱.

(3)在第(2)問基礎(chǔ)上，經(jīng)過足夠長時間，金屬棒a到達絕緣材質(zhì)導軌并滑離，然后

以大小為v的速度從滑入傾斜導軌，與此同時解除對金屬棒人的鎖定，金屬棒

b由靜止開始運動，再經(jīng)過時間t,金屬棒a的速度大小變?yōu)榍?，試求此時金屬棒a、

6的加速度的、的大小,設(shè)整個過程中兩棒沒有相撞.

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答案和解析

1.【答案】C

【知識點】功率

【解析】解：A、一根繩子上的力是相等的，故細繩對4的拉力大小為尸，則對B的拉

力也為F,故4錯誤；

B、根據(jù)功率公式可知，功率等于力與力的方向上速度的乘積，則細繩對B的拉力的功

率為Fwcosa,a為力與速度方向的夾角，故B錯誤；

C、根據(jù)投影定理可知，細繩兩端點的速度不等，但在細繩上的投影速度相等，即力授=

外投，細繩對A、8的拉力相等，則細繩對A做功的功率的大小等于細繩對B做功的功

率的大小，即尸力投=尸。及，故C正確；

D、根據(jù)投影定理可知，vxcos（i~v2cosa,a和0為繩子與速度的夾角（銳角），故。錯

誤。

故選：C。

一根繩子上的力是相等的。

根據(jù)投影定理分析，細繩兩端點的速度不等，但在細繩上的投影速度相等。

根據(jù)投影定理和功率公式分析。

該題考查了功率的計算，解題的關(guān)鍵是功率公式的理解與投影定理的靈活運用。

2.【答案】B

【知識點】拋體運動、機械能守恒定律

【解析】解：小球在最高點時，速度為0,對桿有壓力。設(shè)細桿下端被餃鏈固定，則小

球落至水平地面時，細桿中有拉力，由此可知，小球在之前某個時刻就開始對桿有向外

的拉力，面本題中細桿下端沒有被固定，則小球在這個時刻開始將帶著細桿脫離圓周軌

道而做斜拋運勸，故落地速度斜向右下，由機械能守恒，可知小球落地時的速度大小等

干質(zhì)i

故選：B。

用類比的方法，來求解本題，先假設(shè)細桿下端被餃鏈固定，則小球落至水平地面時，細

桿中有拉力，再分析得出小球在之前某個時刻就開始對桿有向外的拉力，回到本題，細

桿下端沒有被固定，得出小球在這個時刻開始將帶著細桿脫離圓周軌道而做斜拋運勸，

故落地速度斜向右下；根據(jù)機械能守恒解決小球落地時的速度大小。

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考察圖周運動的受力分析，從兩個特殊位置推測中間狀態(tài)的推理能力。同時考察機械能

守恒定律。本題還可以用動量定理來分析一一臺階對細桿有彈力時，彈力斜向右上，有

水平向右的分量，這個分量的沖量導致細桿、小球系統(tǒng)有水平向右的速度增量，故小球

落地速度針向右下。

3.【答案】3

【知識點】閉合電路歐姆定律

【解析】解：當p接通4時，輸出電壓變?yōu)檩斎腚妷旱?.001倍，根據(jù)根據(jù)串聯(lián)電路中

電壓與電阻成正比，即得=嬴解得%+/?2+區(qū)3=999。，只有A項滿足

要求；當p接通3時，輸出電壓變?yōu)檩斎腚妷旱?.01倍，即〃=總當p接通

2時，輸出電壓變?yōu)檩斎腚妷旱?.1倍，即含黑+=A項均滿足要求，故A正確，

BCD錯誤。

故選：Ao

根據(jù)串聯(lián)電路中電壓與電阻成正比，結(jié)合衰減倍數(shù)列式，即可求解。

本題的關(guān)鍵要掌握串聯(lián)電路分壓規(guī)律，要能有提取信息的能力，采用代入法列式分析。

4.【答案】B

【知識點】原子核的衰變、結(jié)合能和比結(jié)合能

【解析】解：AB、原子核發(fā)生/?一衰變時，原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子和一個

負電子，新生成的原子核相對原來的原子核質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加1;若原子核發(fā)生

￡+衰變時，原子核內(nèi)的一個質(zhì)子轉(zhuǎn)化成一個中子和一個正電子，新生成的原子核相對

原來的原子核質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)減少1,故A錯誤，B正確；

C、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，中微子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)都是0,故C錯誤；

。、/?衰變過程由于質(zhì)量虧損釋放核能，生成物的原子核的核子平均質(zhì)量減小，比結(jié)合

能增大，故力錯誤。

故選：Bo

根據(jù)夕一衰變和，+衰變的實質(zhì)分析；

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)；

釋放能量的核反應，結(jié)合能增大，比結(jié)合能增大。

本題以較為新穎的題型考查了原子核衰變的原理，仔細閱讀題意，此類題目難度不大.

5.【答案】D

【知識點】折射定律、晶體和非晶體的性質(zhì)

【解析】解：4光在纖維素晶體中的折射率最大，由"=￡可知，光在纖維素晶體中的

n

速度最小，故A正確；

B.空氣和纖維素晶體的折射率差別大，故光線在纖維素晶體和空氣的分界面上折射時光

路偏折大，而這些分界面的取向是雜亂的，將導致從紙下面物體發(fā)出的光線在不同界面

折射后的出射方向差別太大，從而在另一側(cè)無法形成清晰的像，這就是普通紙不透明的

原因，故B正確；

C.食用油和纖維素晶體的折射率很接近，光線在油和纖維素晶體分界面上折射時，不會

發(fā)生較大的光路彎折，因此，從紙下面物體發(fā)出的光線通過浸油后的紙張時，出射光線

相對沒有紙張時的方向沒有大的偏折，故可以形成較為清晰的像，顯得浸油的紙是比較

透明的，故C正確；

D水和纖維素晶體的折射率差別相對較大，光線穿過浸水的紙后，偏折相對較大，故顯

得比浸油的紙不透明一些，但比普通紙又透明多了，故。錯誤。

本題選錯誤的

故選：D。

根據(jù)界面折射率不同分析光在不同界面上發(fā)生折射的光線，分析求解。

本題考查光的折射定律，根據(jù)不同界面折射率不同分析折射光線的特點，是解決本題關(guān)

鍵。

6.【答案】C

【知識點】拋體運動、斜拋運動

【解析】解：矢量運算法則可知，初速度矢量和末速度矢量末端連線就是斜拋過程中物

體速度的變化量，即△u=u-%=gt,故這個三角形的面積為S=^vxgt,而％=vxt=

p由機械能守恒可算出石塊落地速度大小為13m/s,由幾何知識可知，這個三角形的

面積最大時,是初速度矢量和末速度矢量垂直的時候，即S7n=|vov,即=爵=6.5叫

故C正確，A3。錯誤。

故選：C。

根據(jù)矢量運算法則分析，初速度矢量和末速度矢量末端連線就是斜拋過程中物體速度的

變化量。

第12頁，共21頁

根據(jù)機械能守恒可算出石塊落地速度大小，這個三角形的面積最大時，是初速度矢量和

末速度矢量垂直的時候。

該題考查了拋體運動的規(guī)律，掌握平拋運動處理規(guī)律，理解運動的合成與分解的應用，

注意分運動與合運動的等時性。

7.【答案】A

【知識點】電場強度的概念和定義式、電勢差與場強的關(guān)系

【解析】解：CD、對比E=與可知C選項表達式單位錯誤：r-8時，E=0,故CQ

錯誤：

AB、在x軸上選取一點，則由場強決定式和矢量疊加可知,E=2-丁，-12?詈,

(卜+(乎)2卜+針

此時8=90。故A正確，8錯誤。

故選：Ao

根據(jù)選項判斷E的合力表達式，根據(jù)極限法可排除C￡>,再根據(jù)場強的矢量疊加可判斷。

本題難度較大，需要學生對電場的表達式很熟練，根據(jù)極限的思想方法選出正確答案。

8.【答案】BC

【知識點】交變電流的表達式及圖象、描述交變電流的物理量、自感現(xiàn)象和自感系數(shù)

【解析】解：A、由1=可得u=e==Ll=L/m3cos故A錯誤；

BC、由于U=窄,1=%則X=g=^=L3=27T",故BC正確；

V2V2Ilm

D、由題意可知：/=￡=薪，故。錯誤；

故選：BC。

根據(jù)題意當通過線圈的電流瞬時值最大時，此時電流的變化率最小，線圈兩端的電壓瞬

時值為零，明確正弦式交變電流有效值與最大值間的關(guān)系，根據(jù)題意求得感康

本題主要考查了數(shù)學知識在物理中的應用，和對交流電流的有效值，峰值和頻率的理解。

9.【答案】AD

【知識點】動能和動能定理

【解析】解：A、設(shè)AB軌道的傾角為。，則尸到。摩擦力對物塊做的功為：”=

—(〃7ngeos。-PB+中ng?BQ)=-卬ng(PBcos。+BQ)=-卬ngs,即摩擦力做功只需

要看初末位置的水平距離。由動能定理可知I,mgh.-nmgs=0-0,得〃=g,故A正

確；

BCD、設(shè)物塊在傾斜軌道C。上升到最高點。，則物塊從尸到。過程中，有mgh；

limgs'=0-0,得〃=?,其中九'和s'是高度差和水平距離，故。正確，BC錯誤。

故選：AD.

分析物塊運動過程中各個力做功，根據(jù)動能定理列式求解。

本題考查動能定理，分析各個力做功，根據(jù)動能定理求解”的大小與什么有關(guān)是解題關(guān)

鍵。

10.【答案】AD

【知識點】理想氣體狀態(tài)方程

【解析】解：AB、細管將兩氣球連通后，氣體總是從氣壓大的氣球流向氣壓小的氣球，

由乙圖可知，S=6cm（體積為U）,d2=12cm（體積為8V）時，氣球1中的氣壓大于氣

球2的氣壓，故氣體從氣球1流向氣球2,氣球1的半徑縮小，氣球2的半徑增大，設(shè)

最終兩球氣壓均變?yōu)閘.Olatm,即氣球1的直徑減為2cm（體積為5），則

l.O3poK+l.Olpox8V=l.OlpoX—4-1.01pQV1

解得匕=8.981Z,

8V＜匕＜27U（氣球直徑為18cm時的體積），故4正確，8錯誤；

CD、由乙圖可知，刈=12cm（體積為8V）,d?=24cm（體積為64V）時，氣球2中的氣

壓大于氣球1中的氣壓，故氣體從氣球2流向氣球1,氣球2的半徑減小，氣球1的半

徑增大，設(shè)最終兩氣球的壓強均變?yōu)閘.Olatm,,即氣球2的直徑減為18cm（體積為27U）,

則l.OlpoX8V+l.O3pox64V=1.01poV2+1.0lp0x27V

解得%=46.278K,

彩＞27V（氣球直徑為18a”時的體積），不符合題意，故可知，兩氣球最終體積相同，

故C錯誤，O正確；

故選：AD.

根據(jù)球的直徑判斷出球內(nèi)壓強的大小，氣體從壓強大的球流入壓強小的球，根據(jù)球的直

徑判斷出球的體積，把兩球的氣體作為整體，找出初末狀態(tài)參量，根據(jù)玻意耳定律求得

最終的體積，即可判斷。

本題主要考查了玻意耳定律，關(guān)鍵是明確氣體從壓強大的球流入壓強小的球，能通過圖

像分析，通過假設(shè)利用好玻意耳定律即可。

第14頁，共21頁

11.【答案】AB

【知識點】帶電粒子在勻強磁場中的運動規(guī)律、向心力的概念及來源分析、牛頓第二定

律的理解及簡單運用

【解析】解：4根據(jù)題意有沿），軸正方向射入磁場的粒子垂直打在薄板的上端Q,其運

動軌跡如圖所示：

由幾何知識可知，粒子做圓周運動的半徑R=&,

由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得=小?，

解得B=署，故A正確。

根據(jù)幾何關(guān)系可知，第一象限內(nèi)沿與y軸成60。角度射入磁場的粒子，剛好從左側(cè)擊

中P點，其軌跡如圖：

故被金屬板左側(cè)吸收的粒子數(shù)占發(fā)射總粒子數(shù)的比例為黑=；,故B正確。

1803

C根據(jù)幾何關(guān)系可知，沿X軸負方向射入磁場的粒子，剛好打中。點，其軌跡如圖所示:

沿與x軸負方向成30。角度射入磁場的粒子，剛好從右側(cè)擊中尸點，故被薄板右側(cè)吸收

的粒子數(shù)占發(fā)射總粒子數(shù)的比例為黑=g故C錯誤。

loO6

D粒子從右側(cè)擊中尸點時，軌跡圓弧所對圓心角為300。，例子從左側(cè)擊中P點時，軌跡

圓弧所對圓心角為60。，所以被薄金屬板接收的粒子在磁場中運動的最長時間與最短時

間的比值為300：60=5：1,故。錯誤。

故選：AB。

根據(jù)“沿)，軸正方向射入磁場的粒子垂直打在薄板的上端Q,”分析粒子運動的半徑,

根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應強度。

分析打在薄金屬板左側(cè)尸點和右側(cè)P點的粒子的入射方向，從而判斷被左側(cè)和右側(cè)接收

的粒子所占的比例。

根據(jù)粒子運動的時間與偏轉(zhuǎn)的角度之間的關(guān)系，判斷出被薄金屬板接收的粒子中運動的

最長與最短時間，求出表達式，然后求解兩個時間的差。

解決該題的關(guān)鍵是掌握用左手定則判斷粒子的運動方向，能正確找到打在金屬板邊界的

粒子的入射方向，掌握一定的幾何能力。

12.【答案】甲

【知識點】實驗：描繪小燈泡的伏安特性曲線

【解析】解:

(1)在題目所

給的坐標系

中畫出U-x

圖象如圖所

示；

(2)由圖可知，乙方案滑動滑片時，很長一段距離內(nèi)，電流電壓幾乎不變，而到最后lew

范圍內(nèi)，電壓電流卻發(fā)生了急劇的變化，這是不方便調(diào)節(jié)的，故不能選乙方案。相反，

甲方案卻能做到滑動滑片時較為均勻變化，故選甲方案；

另外需要說明的是，(040V)的點可以不用通過實驗測得，不加電壓時，電流本來就是

0,因此只需要電流電壓能從很小的值逐漸變化到額定電流電壓即可，故甲方案是可行

的，

答案為：(1)如圖所示；(2)甲

(1)根據(jù)表格數(shù)據(jù)描點畫圖；

(2)根據(jù)曲線變化的特點選擇方案。

本題考查了研究小燈泡的伏安特性實驗，理解實驗原理、分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)是解題

的前提，從此題我們也看到了限流接法與分壓接法不同之處。

222

13.【答案】ACADm1-OC=m1-OA+m2-OBmx-OC=m1-OA+m2-OB

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【知識點】實驗：驗證動量守恒定律

【解析】解：(1)本實驗只要求軌道末端水平，從而確保小球離開軌道后做的是平拋運

動即可，并不需要軌道光滑；另一方面要確保放上被碰小球后，入射小球的碰撞前的速

度大小還是原來的大小，故要求從同一位置由靜止釋放入射小球，故B錯誤，AC正確，

故選：AC

(2)由于入射小球、被碰小球離開軌道后的運動都是平拋運動，且平拋的豎起位移相同，

故由％=孫欄可知，小球的水平位移xa%,可用位移的大小關(guān)系表示速度的大小關(guān)

系，因此不需要測量“，“只要保持不變就可以了，并不需要測量出來，故BC錯誤，

正確，故選：AD

(3)①由圖可知，0A=17.60cm,OB=25.00cm,OC=30.00cm,代入質(zhì)量關(guān)系，可

知，m^A+m2OC,但血1?OC七?。4+,OB,OC才是入射小球碰前

速度對應的水平位移。

V

②由動量守恒Hl1%+m2V2=瓶1%'+瓶2"2‘和能量守恒資+~TTT-22=+

^77123?易得：%+%'=%+"2'，故要驗證碰撞是否為彈性碰撞，可以驗證：2加1說=

2

+|m2V2,即Tn】?OC2=啊?。小+如?OB?,也可以驗證%+%'=

v2',BPOC+OA=0B。

22

故答案為：(1)4C；(2)ZD；(3)^1-OC=m1-0A+m2-0B；(4)nii?OC=m】?OA+

2

m2-OB(或OC+OA=OB)

(1)根據(jù)實驗原理確定所實驗器材所要達到的條件；

(2)根據(jù)實驗的注意事項判斷操作過程正確與否，由實驗原理確定此實驗需要測量的物

理量；

(3)①由動量守恒定律倒推出需要驗證的表達式；

②根據(jù)動量守恒和能量守恒滿足的關(guān)系式進行判斷，但要注意的先判斷的是入射球在

被碰撞后是位于最左的位置。

此題全面考查了驗證動量守恒定律實驗的原理、操作過程、數(shù)據(jù)處理等內(nèi)容，只要從基

本原理出發(fā)可以解答屬基礎(chǔ)題，但本題的難點在于給了三個點，要判斷這三個點分別是

什么點，這首先確定是碰后入射球不能超越被碰球，則在最左邊，然后根據(jù)守恒式判斷

其他兩個點。

14.【答案】解：(1)波源發(fā)出聲波相位相反，兩波源到某點距離差滿足“=nA(n=0,1,

2,…)則為振動減弱的點，且振幅相同的位置才能完全聽不到聲音，因此只有AB連

線中點滿足條件。

(2)/1=^=^m=10m,聲音極小的點到4、C兩點的波程差應為波長整數(shù)倍。8C連

J

線上波程差10m<Ar<30m,因此只有=20m一個點符合題意：

設(shè)。為AB連線的中點

A8連線上DA之間波程差0<21r<30m,有兩個點符合題意(不計端點)：

之間的波程差0<4r<10m沒有符合題意的點。

故AB連線上只有2個點符合題意。

答：(l)AB連線上完全聽不到聲音的位置在中點處。

(2)4B連線上有2個點喇叭聲極小，8c連線上只有一個點喇叭聲極小。

【知識點】波的疊加、波的干涉和衍射

【解析】由于波源發(fā)出聲波相位相反，兩波源到某點距離差滿足波程差等于波長的整數(shù)

倍時，為振動減弱點。

本題考查波的疊加內(nèi)容，注意兩列波的相位相同時，當某點到兩波源的距離差為波長的

整數(shù)倍，則該點為加強點，某點到兩波源的距離差為半波長的奇數(shù)倍，則該點為減弱點。

15.【答案】解：(1)設(shè)動力減速階段著陸巡視器初速度為內(nèi),末速度為火,若此過程為

勻減速直線運動。

x-蟲/t=一；36*80nl=3944mH1400m,即此過程不是勻減速直線運動

(2)著陸巡視器在地球表面時，有mg=誓，著陸巡視器在火星表面時，有?ng次=壽,

由題意,有詈=0.53,詈=0.11,聯(lián)立解得g次=3.8m/s.

取向下為正方向，傘系減速過程著陸巡視器初速度為為.，時間t'=90s.ni=1300kg,

此過程加速度a==95~^6°m/s2-4.1m/s2

90

設(shè)火星大氣對著陸逼視器阻力的大小為人由牛頓第二定律，可得mg火-/=他即聯(lián)

立解得

f=1300x(3.8+4.1)N?1x104N

答：(1)豎直方向不是勻減速直線運動；

(2)火星大氣對著陸巡視器的平均阻力為1x104N。

【知識點】萬有引力定律的應用

第18頁，共21頁

【解析】(1)運用假設(shè)法，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可判斷；

(2)根據(jù)萬有引力提供重力計算火星的重力加速度，再解得巡視器的加速度，根據(jù)牛頓

第二定律求得平均阻力。

本題結(jié)合萬有引力與勻變速直線運動規(guī)律進行解答，注意在星球表面萬有引力提供重力。

16.【答案】解：(1)最終。棒靜止在水平導軌上，動能全部轉(zhuǎn)化為a棒與電阻上的電熱，

則有：=Qa+QR

而Qa=(?R，解得：Qa=1mv0

(2)最終。棒以