2024屆廣西北海中學物理高二第一學期期中調研模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個用滿偏電流為3mA的電流表改裝成歐姆表，電阻調零后，用它測量500Ω的標準電阻時，指針恰好指在刻度盤的正中間．如用它測量一個未知電阻時，指針指在1mA處，則被測電阻的阻值為A．1000Ω B．1500Ω C．2000Ω D．5000Ω2、圖示電路中，R1、R2為定值電阻，電源內阻為r，閉合開關S，電壓表顯示有讀數，調節(jié)可變電阻R的阻值，使電壓表示數增加A．可變電阻R阻值增大，通過它的電流增大B．電阻R2兩端的電壓減小，變化量等于C．通過電阻R2的電流減小，變化量大于D．電源的路端電壓增大，變化量小于ΔU3、如圖所示，一根放在勻強磁場中的通電直導線，導線與磁場方向垂直，圖中已分別標明電流、磁感強度和安培力這三者方向的關系，其中正確的是（）A． B． C． D．4、如圖所示，長為2L，板間距離為L的水平極板P，Q，現有質量為m，電量為q的帶正電粒子（不計重力），從左邊的極板中點處，以速度平行極板射入，欲使粒子不打在極板上，可采取的辦法有A．在極板間加垂直紙面向內的勻強磁場，磁感應強度B．在極板間加垂直紙面向內的勻強磁場，磁感應強度C．在極板間加垂直極板指向P極板的勻強電場，電場強度D．在極板間加垂直極板指向Q極板的勻強電場，電場強度5、“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉器和探測板組成．偏轉器是由兩個相互絕緣、半徑分別為RA和RB的同心金屬半球面A和B構成，A、B為電勢值不等的等勢面電勢分別為φA和φB，其過球心的截面如圖所示．一束電荷量為e、質量為m的電子以不同的動能從偏轉器左端M的正中間小孔垂直入射，進入偏轉電場區(qū)域，最后到達偏轉器右端的探測板N，其中動能為Ek0的電子沿等勢面C做勻速圓周運動到達N板的正中間．忽略電場的邊緣效應．下列說法中正確的是A．A球面電勢比B球面電勢高B．電子在AB間偏轉電場中做勻變速運動C．等勢面C所在處電勢大小為D．等勢面C所在處電場強度的大小為E=6、如圖所示，兩只燈泡L1、L2分別標有“110V，60W”和“110V，100W”，另外有一只滑動變阻器R，將它們連接后接入220V的電路中，要求兩燈泡都正常發(fā)光，并使整個電路消耗的總功率最小，應使用下面()A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，金屬板帶電量為＋Q，質量為m的金屬小球帶電量為＋q，當小球靜止后，懸掛小球的絕緣細線與豎直方向間的夾角為α，小球與金屬板中心O恰好在同一條水平線上，且距離為L.下列說法正確的是()A．＋Q在小球處產生的場強為E1＝B．＋Q在小球處產生的場強為＝C．＋q在O點產生的場強為E2＝D．＋q在O點產生的場強為E2＝8、如圖所示，E為蓄電池，L是自感系數足夠大的線圈，其直流電阻為R，D1、D2是兩個規(guī)格相同的燈泡，阻值均為R，S是開關．下列說法正確的是A．閉合開關S后，D2逐漸變暗B．S斷開瞬間，D2立即熄滅，D1延時熄滅C．閉合開關S的瞬間，通過D1、D2的電流大小相等D．S斷開后，通過Dl的電流方向與原來相同9、如圖所示，圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若粒子在運動中只受電場力作用，根據此圖能作出的正確判斷是（）A．a、b兩點電場的強弱 B．帶電粒子所帶電荷的符號C．粒子在a、b兩點的受力方向 D．粒子在a、b兩點何處電勢能大10、如圖所示，用一端拴有鋼球的細繩做“感受向心力”的實驗．掄動細繩使鋼球在光滑水平臺面上做圓周運動，則（）A．繩對鋼球的拉力提供向心力B．桌面對鋼球的支持力提供向心力C．只減小鋼球的繞行速度，繩的拉力將減小D．松手后鋼球仍能維持圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U﹣I圖象如圖所示；請回答下列問題：(1)如圖甲所示，在閉合開關之前為防止電表過載而移動滑動變阻器的滑動頭P，應放在滑動變阻器__處（填“a”或“b”）(2)現備有以下器材：A．干電池1個B．滑動變阻器（0～50Ω）C．電壓表（0～3V）D．電壓表（0～15V）E.電流表（0～0.6A）F.電流表（0～3A）其中電流表應選____，電壓表應選____．（填字母代號）(3)如圖乙是根據實驗數據畫出的U﹣I圖象．由此可知這個干電池的電動勢E=__V，內電阻r=__Ω．12．（12分）小明同學設計了如圖1所示的電路測電源電動勢E及電阻R1和R2的阻值．實驗器材有：待測電源E（不計內阻），待測電阻R1

，

待測電阻R2

，

電流表A（量程為0.6A，內阻較?。娮柘銻（0﹣99.99Ω），單刀單擲開關S1

，單刀雙擲開關S2

，導線若干．（1）先測電阻R1的阻值．閉合S1

，將S2切換到a，調節(jié)電阻箱R，讀出其示數r1和對應的電流表示數I，將S2切換到b，調節(jié)電阻箱R，使電流表示數仍為I，讀出此時電阻箱的示數r2，則電阻R1的表達式為R1=

_______．（2）小明同學已經測得電阻R1=2.0Ω，繼續(xù)測電源電動勢E和電阻R2的阻值．他的做法是：閉合S1

，將S2切換到b，多次調節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數R和對應的電流表示數I，由測得的數據，繪出了如圖2所示的1/I﹣R圖線，則電源電動勢E=

______V，電阻R2=

_______Ω．（保留兩位有效數字）（3）用此方法測得的電動勢的測量值__________

真實值；R2的測量值

_________真實值（填“大于”、“小于”或“等于”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩板不帶電，上極板接地，它的極板長L=0.1m，兩極板間距離d=0.4cm,有一束相同微粒組成的帶電粒子流以相同的初速度從兩板中央平行于極板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒所帶電荷立即轉移到下極板且均勻分布在下極板上。已知微粒質量m=1.0×10-6kg，電量q=+1.0×10-8C，電容器電容C=1.0×10-6F，若第一個粒子剛好落到下板中點O處，取g=10m/s1．試求：（1）則帶電粒子入射初速度的大??；（1）最終落到下極板上的微粒個數。14．（16分）如圖所示，電源的電動勢E=110V，電阻R1=21Ω，電動機繞線的電阻R0=0.5Ω，電鍵S1始終閉合。當電鍵S2斷開時，電阻R1的電功率是525W；當電鍵S2閉合時，電阻R1的電功率是336W，求（1）電源的內電阻；（2）當電鍵S2閉合時流過電源的電流和電動機的輸出的功率。15．（12分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=5.0T、方向豎直向上的勻強磁場．金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內阻r=0.50Ω的直流電源．現把一個質量m=0.3kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止．導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=1.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s1．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）導體棒受到的安培力；（1）導體棒受到的摩擦力．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

當電流達到滿偏電流的一半時，所測電阻與內部電阻相同，為中值電阻，所以中值電阻為則再由得故A正確，BCD錯誤；2、D【解題分析】試題分析：由題，電壓表的示數增大，R和R1并聯的電阻增大，得知R增大，總電阻增大，總電流減小，并聯部分電壓增大，通過R1的電流增大，所以通過可變電阻R的電流減小，故A錯誤；R增大，外電阻增大，干路電流減小，電阻R2兩端的電壓減小，路端電壓增大，而路端電壓等于外電路總電壓，所以電阻R2兩端的電壓減小量小于ΔU，故B錯誤；由歐姆定律得知，通過電阻R2的電流減小，減小量小于ΔU考點：閉合電路的歐姆定律【名師點睛】本題根據部分與整體的關系，采用總量法分析R23、D【解題分析】

根據左手定則的內容：伸開左手，使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從垂直穿入掌心，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向，可得：

A.根據左手定則可知，安培力的方向是垂直導體棒向左，故A項錯誤；B.根據左手定則可知，安培力的方向是垂直導體棒向下，故B項錯誤；C.根據左手定則可知，安培力的方向是垂直導體棒向下，故C項錯誤；D.根據左手定則可知，安培力的方向是垂直導體棒向下，故D項正確。4、A【解題分析】

由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子運動軌跡如圖所示：

若粒子剛好從上板左側射出時軌跡半徑為，聯立以上可得：，若粒子剛好從右側射出半徑為r2，根據幾何關系有：，解得軌跡半徑為：，聯立以上可得：，欲使離子不打在極板上，應有：或，故A正確，B錯誤；在極板間加垂直極板指向P極板的勻強電場，粒子剛好不打在極板上時，水平方向有2L=v0t，豎直方向有：，聯立以上可得：，所以電場強度應滿足，同理，在極板間加垂直極板指向Q極板的勻強電場，電場強度應滿足，故CD錯誤．所以A正確，BCD錯誤．5、D【解題分析】電子做勻速圓周運動，電場力提供向心力，受力的方向與電場的方向相反，所以B板的電勢較高；故A錯誤；電子做勻速圓周運動，受到的電場力始終始終圓心，是變力，所以電子在電場中的運動不是勻變速運動．故B錯誤；該電場是放射狀電場，內側的電場線密，電場強度大，所以UBC＞UCA，即：φC-φB＞φC-φA，所以：φC＜．故C錯誤．電子在等勢面C所在處做勻速圓周運動，電場力提供向心力：；又：，EK0＝mv2，聯立以上各式，得：E＝．故D正確；故選D.6、A【解題分析】A、燈泡1的額定電流，燈泡2的額定電流，在A電路中，兩燈泡正常發(fā)光時，通過R的電流為，R與并聯，電壓相等，根據，所以功率之比等于電流之比，為，則R上消耗的功率為，則整個電路的總功率；在D電路中，兩燈泡正常發(fā)光，則通過R的電流等于兩燈泡額定電流之和，為，兩燈泡的并聯電壓為，則R上的電壓為，根據，知電阻R上消耗的功率與兩個燈泡消耗的功率相等，所以整個電路的總功率，所以A電路消耗的功率小，故A正確，D錯誤；B、在B電路中，燈泡1的額定電流，燈泡2的額定電流，燈泡2能正常法，則燈泡1就會燒掉，B電路不能保證兩燈泡正常發(fā)光，在C電路中，兩燈泡串聯，則兩燈泡電流相等，不能保證兩燈泡正常發(fā)光，故B、C錯誤．點睛：解決本題的關鍵知道在混聯電路中，總功率等于各電阻消耗的功率之和，會根據功率的公式求出額定電流，判斷燈泡能否正常發(fā)光．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

對金屬小球受力分析，如圖所示：根據平衡條件，有：F=mgtanθ；故+Q在小球處產生的場強為：；根據點電荷的場強公式，+q在O點產生的場強為：；故選BC．8、BC【解題分析】

A．S閉合穩(wěn)定后，線圈相當于定值電阻，對電路的阻礙減弱，回路中總電阻減小，電流增大，D2比S剛閉合時亮，故A錯誤；BD．S閉合穩(wěn)定后再斷開開關，D2立即熄滅，但由于線圈的自感作用，L相當于電源，與D1組成回路，D1要過一會在熄滅，流過的電流方向相反，故B正確，D錯誤；C．S閉合瞬間，由于自感線圈相當于斷路，所以兩燈是串聯，電流相等，一起亮，故C正確。9、ACD【解題分析】

A.磁感線的疏密程度表示電場的強弱，由圖可知，a點比b點的電場強，故A正確；BC.根據軌跡的彎曲方向知粒子受力方向沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故B錯誤，C正確；D.由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知，由a到b電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的電勢能較小，在b點電勢能較大。故D正確。故選：ACD。10、AC【解題分析】

鋼球在光滑水平臺面上做圓周運動時，鋼球受繩子的拉力、重力和桌面的支持力，其中繩對鋼球的拉力提供向心力，桌面對鋼球的支持力與重力平衡；選項A正確，B錯誤；只減小鋼球的繞行速度，需要的向心力減小，則繩的拉力將減小，選項C正確；松手后鋼球所受的向心力消失，則球不能維持圓周運動而將做直線運動，選項D錯誤；故選AC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、aCE1.50.75【解題分析】

(1)滑動變阻器采用限流接法，在閉合開關之前為防止電表過載，滑動變阻器的滑動觸頭P應放在a處；(2)電源電動勢大約1.5V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇C，由圖乙可知，電路中的電流最大值為0.4A，因此電流表選擇E；(3)由圖乙所示圖象可知，電源的U-I圖象與縱軸的交點坐標值是1.5，則電源電動勢E=1.5V，圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為．【點晴】在選擇電壓表和電流表時要求在不超過量程的前提下偏轉角度盡量大些，在滿量程的左右偏轉最好，在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內阻的大小．12、r1-r2，1.5，1.0，等于，大于【解題分析】

（1）[1]．當R2接a時應有：E=I（R2+r1）；當S2接b時應有：E=I（R2+R1+r）；聯立以上兩式解得：R1=r1-r2；（2）[2][3]．根據閉合電路歐姆定律應有：E=I（R2+R+R1）變形為：，根據函數斜率和截距的概念應有：=2.0解得：E=1.5V，R2=1.0Ω；

（3）[4][5]．若考慮電源內阻，對（1）：接a時應有：E=I（R2+r1+r），接b時應有：E=I（R2+r2+r）聯立可得R1=r1-r2即測量值與真實值相比不變；

對（2）應有：E=I（R2+R+R1+r）變形為比較兩次表達式的斜率和截距可知，電動勢不變，R1變小，即測量值比真實值偏大．【題目點撥】本題考查測量電動勢和內電阻的實驗，本實驗應明確：遇到根據圖象求解的問題，首先應根據需要的物理規(guī)律列出公式，然后整理出關于縱軸與橫軸物理量的函數表達式，再根據斜率和截距的概念求解即可．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5m/s

（1）600個【解題分析】試題分析：根據粒子做平拋運動的規(guī)律，運用運動的合成與分解，并依據運動學公式，即可求解；根據牛頓第二定律