2024屆陜西省紫陽中學物理高二第一學期期中達標檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電荷q均勻分布在半球面上，球面的半徑為R，CD為通過半球頂點C與球心O的軸線．P、Q為CD軸上關于O點對稱的兩點．如果帶電量為Q的均勻帶電球殼，其內部電場強度處處為零，電勢都相等．則下列判斷正確的是()A．P點的電勢與Q點的電勢相等B．帶正電的微粒在O點的電勢能為零C．在P點靜止釋放帶正電的微粒(重力不計)，微粒將做勻加速直線運動D．P點的電場強度與Q點的電場強度相等2、如圖所示，一圓環(huán)上均勻分布著正電荷，x軸垂直于環(huán)面且過圓心O，下列關于x軸上的電場強度和電勢的說法中正確的是（）A．O點的電場強度為零，電勢最低B．O點的電場強度為零，電勢最高C．從O點沿x軸正方向，電場強度減小，電勢升高D．從O點沿x軸正方向，電場強度增大，電勢降低3、如圖所示，某同學在擦黑板．已知黑板擦對黑板的壓力為8N，與黑板間的動摩擦因數(shù)為0.4，則黑板擦與黑板間的滑動摩擦力為（）A．2N B．3.2NC．20N D．32N4、兩塊平行帶電金屬板，帶正電的極板接地，兩板間P點處固定著一個負電荷（電荷量很?。?，現(xiàn)讓兩板保持距離不變而水平錯開一段距離，則（）A．P點場強變小 B．兩板間電壓變小C．P點電勢不變，負電荷的電勢能不變 D．P點電勢變小，負電荷的電勢能變大5、下圖所列的4個圖象中，最能正確地表示家庭常用的白熾電燈在不同電壓下消耗的電功率P與電壓平方U2之間的函數(shù)關系的是以下哪個圖象（）A． B． C． D．6、下列關于電場強度的說法中正確的是A．由E=知,若試探電荷電量q減半,則該處電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍B．由E=k知,E與場源電荷電量Q成正比,而與r2成反比C．由E=k知,在以場源電荷Q為球心、r為半徑的球面上的各點電場強度均相同D．電場中某點的電場強度方向就是該點所放電荷受到的靜電力的方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用輕彈簧相連的物塊a和b放在光滑的水平面上，物塊a緊靠豎直墻壁，物塊c以初速度向物塊b運動并在極短時間內與b粘在一起，由物塊a、b、c和彈簧所組成的系統(tǒng)，在下列依次進行的過程中，機械能守恒但動量不守恒的是（）A．c剛與b接觸→c與b粘在一起B(yǎng)．b和c整體向左運動→彈簧壓縮量第一次最大C．彈簧壓縮量第一次最大中簧→彈簧第一次恢復原長D．彈簧第一次恢復原長→彈簧伸長量第一次達最大8、從電勢差定義式U=WqA．電場中兩點間的電勢差與電場力做的功W成正比，與移送的電量q成反比B．電場力在電場中兩點間移動的電荷越多，電場力做的功越大C．將1庫的負電荷從一點移到另一點電場做了1焦的功，這兩點間的電勢差的大小是1伏D．兩點間的電勢差，等于把正點電荷從一點移到另一點電場力做的功9、如圖所示，電阻R1=20Ω，電動機線圈的電阻R2=10Ω，當開關斷開時，電流表的示數(shù)是0.5A，當開關閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數(shù)I和電路消耗的電功率P應是（）A． B．C． D．10、如圖所示的是伏安法測電阻的部分電路，開關先后接通a和b時，觀察電壓表和電流表示數(shù)的變化，那么（）A．若電壓表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應接a，測量值偏小B．若電壓表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應接b，測量值偏大C．若電流表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應接a，測量值偏小D．若電流表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應接b，測量值偏大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬導體的電阻率”的實驗中，待測金屬導線的電阻Rx約為3Ω．實驗室備有下列實驗器材A．電壓表V1（量程3V，內阻約為15kΩ）B．電壓表V2（量程15V，內阻約為75kΩ）C．電流表A1（量程3A，內阻約為0.2Ω）D．電流表A2（量程600mA，內阻約為1Ω）E.變阻器R1（0～10Ω，1.0A）F.變阻器R2（0～100Ω，0.3A）G.電池E（電動勢為3V，內阻約為0.3Ω）H.開關S，導線若干(1)提高實驗精確度，減小實驗誤差，應選用的實驗器材有__．(2)為了減小實驗誤差，應選用圖中__（填“a”或“b”）為該實驗的電路原理圖，并按所選擇的原理圖把實物圖用導線連接起來．____(3)用刻度尺測得金屬絲長度為60.00cm，用螺旋測微器測得導線的直徑為0.635mm，兩電表的示數(shù)分別如圖所示，則電阻值為__Ω，電阻率為__．12．（12分）多用電表表頭的示意圖如圖所示。在正確操作的情況下：（1）若選擇開關的位置如箭頭所示，則測量結果為______Ω。（2）若選擇開關的位置箭頭所示，正確操作后發(fā)現(xiàn)指針的偏轉角很小，那么接下來的正確操作步驟應該依次為：______。A．重新機械調零B．重新歐姆調零C．調到×1kΩ倍率D．調到×10Ω倍率E.紅黑表筆分別接觸被測電阻的兩根引線，讀出指針所指刻度，再乘以倍率得測量值（3）測量結束后，應將選擇開關撥到______。（4）無論用多用電表進行何種測量（限于直流），電流都應該從______（填“紅”或“黑”）色表筆經______（填“正”或“負”）插孔流入電表。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的直角坐標系xoy中，矩形區(qū)域oabc內有垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B=5.0×10﹣2T；第一象限內有沿﹣y方向的勻強電場，電場強度大小為E=1.0×105N/C．已知矩形區(qū)域oa邊長為0.60m，ab邊長為0.20m．在bc邊中點N處有一放射源，某時刻，放射源沿紙面向磁場中各方向均勻地輻射出速率均為υ=2.0×106m/s的某種帶正電粒子，帶電粒子質量m=1.6×10﹣27kg，電荷量為q=+3.2×10﹣19kg，不計粒子重力，求：（計算結果保留兩位有效數(shù)字）（1）粒子在磁場中運動的半徑；（2）從x軸上射出的粒子中，在磁場中運動的最短路程為多少？（3）放射源沿﹣x方向射出的粒子，從射出到從y軸離開所用的時間．14．（16分）如圖所示，為用一直流電動機提升重物的裝置，重物的質量，恒定電壓，不計摩擦，當電動機以恒定速率向上提升重物時，電路中的電流強度，求電動機線圈的電阻15．（12分）如圖所示，真空中三個點電荷A、B、C，電荷量均為＋Q，兩兩相距a放置，試問：(1)C所受的靜電力是多少？(2)如果將A、B移到它們連線的中點P，C受到的靜電力又是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A、由電場的疊加原理可知半球面右邊的電場線是水平向右的，沿電場線方向電勢逐漸降低，所以P點的電勢高于Q點的電勢，故A錯誤；B、本題沒有選取零勢點，所以帶正電的微粒在O點的電勢能不一定為零，故B錯誤；C、電場線方向水平向右，所以在P點釋放靜止帶正電的微粒(重力不計)，微粒將作加速運動，距離遠后電場力減小，所以是變加速運動，故C錯誤；D、均勻帶電半球相當于一個均勻帶正電的球和半個均勻帶負電的球，這個半球放在圖的另一邊，然后看PQ兩點，可以看到，PQ兩點在在上述涉及到的正電半球和負電半球中的相同的位置上，而由題目給出的條件，正電球在P、Q兩點產生的電場為零，所以，正電半球在Q點產生的電場強度相當于負電半球在Q點產生的電場強度，而與P點的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號相反，從而電場大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場強度相等，故D正確；故選D?！绢}目點撥】利用等效法分析電場強度，利用疊加原理判斷電場線的分布，由受力分析判斷帶電粒子的運動狀態(tài)。2、B【解題分析】試題分析：將圓環(huán)等分成若干微小段，每一小段和與它關于O點對稱的一小段在O點，產生的電場的電場強度總大小相等、方向相反，矢量和為零，即最終在O點的總矢量和為零，即在O點處，電場強度為零．因為圓環(huán)帶正電，因此，每一小段和與它關于O點對稱的一小段在O點的左右兩側，產生大小相等、方向分別向外與x軸成相等角的電場，矢量和沿著x軸，由O點向兩側發(fā)散，各段疊加后總矢量和仍然沿著x軸，由O點向兩側發(fā)散，根據沿著電場線方向電勢逐點降低的規(guī)律可知，O點的電勢最高，故選項A、C錯誤，選項B正確；當從O點沿x軸正方向，趨于無窮遠時，電場強度也為零，因此從O點沿x軸正方向，電場強度先變大，后變小，故選項D錯誤．考點：本題主要考查了電場力的性質和能的性質問題，屬于中檔題．3、B【解題分析】根據滑動摩擦力的求解公式可得，黑板擦與黑板間的滑動摩擦力為，故選B.4、D【解題分析】

AB．將兩板水平錯開一段距離，兩板正對面積減小，根據電容的決定式可知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，板間場強可見E增大，故AB錯誤；CD．P點到下板距離不變，由公式U=Ed得知，P點與下板電勢差增大，由于電場線向上，P點的電勢低于下極板的電勢，則P點的電勢降低，負電荷在P點的電勢能變大，故C錯誤，D正確。

故選D。5、C【解題分析】

試題分析：根據公式可得,故圖像的斜率表示白熾燈電阻的倒數(shù)，我們知道家庭所用的白熾燈的電阻隨著電壓的增大而增大，所以在減小，即圖像的斜率在減小，故選C6、B【解題分析】

A．電場強度的大小只與場源有關，與試探電荷電量大小無關，故A錯誤；B．由庫侖定律可知，電場強度與場源點電荷電量成正比，與電場中任意點距場源點電荷距離平方成反比，故B正確；C．根據點電荷的場強分布可知，以點電荷為球心，以r為半徑的球面上的各點電場強度大小相同，方向不同，所以場強不同，故C錯誤；D．電場中某點場強方向是放在該點的正電荷所受電場力的方向，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

A.c與b粘在一起，發(fā)生的是完全非彈性碰撞，動量守恒，機械能損失最大，故A錯誤B.b和c整體向左運動→彈簧壓縮量第一次最大，動能轉化成彈簧的彈性勢能，動量減小，符合機械能守恒但動量不守恒，故B正確C.彈簧壓縮量第一次最大中簧→彈簧第一次恢復原長，彈性勢能轉化成動能，機械能守恒，但是動量增加，故C正確D.彈簧第一次恢復原長→彈簧伸長量第一次達最大，動量守恒，機械能守恒，故D錯誤故選BC8、BC【解題分析】

A：電場中兩點間的電勢差由電場本身決定，與電場力做的功W及移送的電量q無關。故A項錯誤。B：從電勢差定義式U=Wq可知，W=qU；則在電場中兩點間移動的電荷越多，電場力做的功越大。故C：從電勢差定義式U=Wq可知，將1庫的負電荷從一點移到另一點電場做了1焦的功，這兩點間的電勢差的大小是1伏。故D：從電勢差定義式U=Wq可知，兩點間的電勢差，等于把單位正點電荷從一點移到另一點電場力做的功。故【題目點撥】電場中兩點間的電勢差由電場本身決定，與電場力做的功W及移送的電量q無關。9、BD【解題分析】

當電鍵S斷開時，由歐姆定律得，U=I1R1=10V，當電鍵S閉合后，通過R1的電流仍為0.5A，電動機的電流I2＜，故電流表的電流I=I1+I2＜1.5A，電路中電功率P=UI＜15W。故AC錯誤，BD正確。故選：BD10、AD【解題分析】

AB.電壓表示數(shù)有明顯變化，說明電流表內阻較大，分壓較大，應采用電流表外接法，即S接a，可減小誤差，此時電流偏大，測量值偏小，故A正確B錯誤。CD.電流表示數(shù)有明顯變化，說明電壓表內阻較小，分流較大，應采用電流表內接法，即S接b，可減小誤差，此時，電壓表示數(shù)偏大，電阻測量值偏大，故C錯誤D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ADEGHb2.4【解題分析】

(1)[1]伏安法測電阻，需要：G、電池E（電動勢為3V，內阻約為0.3Ω），H、開關S，導線若干；電源電動勢是3V，因此電壓表可選：A、電壓表V1（量程3V，內阻約為15kΩ）；電路最大電流：如果選用量程是3A的電流表，電流表指針偏轉角度不到電表刻度的三分之一，為提高實驗精度，電流表可選：D；電流表A2（量程600mA，內阻約為1Ω），滑動變阻器F的額定電流太小，因此滑動變阻器應選E．變阻器R1（0～10Ω，1.0A）；即需要的實驗器材有：ADEGH；(2)[2]因為：電流表應選擇外接法，因此實驗電路應選b；[3]根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如答圖所示；(3)[4]電壓表量程是3V，由圖示電壓表可知，電壓表分度值是0.1V，電壓表示數(shù)是1.20V，電流表量程是600mA=0.6A，由圖示電流表可知電流表分度值是0.02A，電流表示數(shù)是0.50A，電阻阻值：R=2.4Ω[5]由電阻定律可知：R=，則電阻率：ρ=代入數(shù)據解得：Ω?m12、3500CBEOFF紅正【解題分析】

（1）所示指針讀數(shù)為35Ω，又有歐姆檔倍率為“×100”，故測量結果為35Ω×100=3500Ω。（2）若選擇開關的位置如黑箭頭所示，正確操作后發(fā)現(xiàn)指針的偏轉角很小，說明指針示數(shù)偏大，所選倍率太小，為準確測量電阻，接下應：調到×1kΩ倍率，然后進行歐姆調零，再測電阻阻值，故步驟應該依次為CBE。（3）測量結束后，應將選擇開關撥到OFF.（4）無論用多用電表進行何種測量（限于直流），電流都應該從紅色表筆經正插孔流入電表。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）粒子在磁場中運動的半徑為0.2m；（2）從x軸上射出的粒子中，在磁場中運動的最短路程為0.21m；（3）放射源沿﹣x方向射出的粒子，從射出到從y軸離開所用的時間為4.6×10﹣7s；【解題分析】試題分析：（1）由題意得出粒子的運動軌跡；由洛侖茲力充當向心力可求得半徑；（2）由數(shù)學知識可明確粒子的最短路程；（3）由幾何關系確定磁場中的運動圓心角，再直線運動規(guī)律確定粒子在電場