2021屆天一大聯(lián)考高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.核動力潛艇中核反應(yīng)堆的主要燃料至8（7蔻8〃衰變成經(jīng)2R〃需經(jīng)過沉次戊衰變和n次￡衰變，則血、

九分別為（）

A.2、4B.4、2C.16、6D.4、6

2.在高臺跳水比賽中，若某運動員（可看作質(zhì)點），其速度與時間關(guān)系圖

象如圖所示，t=0是其向上起跳瞬間，則下列說法正確的是（）

A.“時刻開始進入水面

B.。?t2時間內(nèi)，運動員處于失重狀態(tài)

C.t3時刻已浮出水面

D.t2時刻開始浮出水面

3.輕桿的一端與小球相連接，另一端固定在水平轉(zhuǎn)軸。上。輕桿隨轉(zhuǎn)軸。在豎

直平面內(nèi)做勻速圓周運動。當小球達到最高點4最低點8時，桿對小球的

作用力（）

A.在4處一定為推力，B處一定為推力

B.在4處一定為拉力，B處一定為拉力

C.在4處一定不為零，B處可能為零

D.在A處可能為零，B處一定不為零

4.在粗糙水平地面上放著一個截面為半圓的柱狀物體4,4與豎直墻之間放

一光滑半圓球B,整個裝置處于平衡狀態(tài)。已知4、B兩物體的質(zhì)量分別

為M和m,則下列說法正確的是（）

A.4物體對地面的壓力大小為Mg

B.A物體對地面的壓力大小為（M+m）g

C.B物體對4物體的壓力小于mg

D.4物體對地面的摩擦力等于mg

5.下列說法中正確的有（）

A.通過導(dǎo)體的電流越大，則導(dǎo)體的電阻越小

B.加在導(dǎo)體兩端的電壓變化時，導(dǎo)體中的電流也發(fā)生變化，但電壓與電流的比值對這段導(dǎo)體來

說保持不變

C.通過導(dǎo)體的電流強度，跟加在它兩端的電壓成反比，跟它的電阻成正比

D.導(dǎo)體的電阻，跟加在它兩端的電壓成正比，跟通過導(dǎo)體的電流成反比

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.一電子經(jīng)過電場中的4、B兩點，電子在4點電勢能為4.8xlO-K/,動能為3.2x經(jīng)過B

點時電勢能為6.4x10-17）,如果只考慮電子受電場力作用，則下列說法正確的是（）

A.電子在B點動能為4.8xIO-"/

B.電子從4到B電場力做功為一1.6xICT"/

c.a點電勢高于B點電勢

D.&B兩點電勢差為—100U

7.如圖甲所示，T為理想變壓器，原、副線圈匝數(shù)比為10：1,副線圈所接電路中，電壓表《、%和

電流表4、4都為理想電表，電阻凡=20,/?2=60,的最大阻值為12。，原線圈兩端加上

A.電壓表匕的示數(shù)減小

B.電壓表七的示數(shù)為20位V

C.副圈兩端電壓的瞬時值表達式為%=20V2sin（1007rt）K

D.電壓表匕的示數(shù)與電流表&的示數(shù)的乘積先增大后減小

8.如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r恒定不變，開關(guān)k閉合，不考慮電流表和電壓表對

電路的影響，則以下分析正確的是（）

A.當滑動變阻器的滑片向b端移動時，電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大

B.當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小

C.若實際實驗時發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為零，電流表示數(shù)不為零，則可能是由于斷路

D.若只讓開關(guān)從閉合到斷開，/?6上將產(chǎn)生由點N到點M的電流

9.一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化過程如圖所示，第1種變化是從狀態(tài)4到

狀態(tài)氏第2種變化是從狀態(tài)4到狀態(tài)CG4c的反向延長線過原點），比較

氣體的兩種狀態(tài)變化過程中（）

A.氣體從狀態(tài)4到狀態(tài)C過程氣體吸收熱量較多

B.氣體從狀態(tài)4到狀態(tài)B過程氣體吸收熱量較多

C.氣體從狀態(tài)4到狀態(tài)B過程內(nèi)能增加較多

D.兩個過程中氣體內(nèi)能增加量相同

10.一長繩如圖甲所示，一列簡諧橫波沿繩向右傳播，a、b是長繩上兩質(zhì)點，（兩質(zhì)點的平衡位置相

距Z,I<A）,a質(zhì)點的振動圖象如圖乙所示。已知波速為u-2.5m/s,在t=4s時b的位移為8cm,

下列說法正確的是（）

甲

A.從t=0時刻開始，質(zhì)點a先到達最大正向位移處

B.a向上振動時b—?定向下振動

C.該波的波長為207n

D.從t=0時刻開始到t=4s,b質(zhì)點的路程為8cm

E.a、b兩質(zhì)點的平衡位置相距5nl

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）

11.（1）在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，橡皮條的一端固定在木板上，用兩個彈簧測力計

把橡皮條的另一端拉到某一位置。點，下列操作正確的是.

人同一次實驗過程中，。點位置允許變動

8.在實驗中，彈簧測力計必須保持與木板平行，讀數(shù)時視線要正對彈簧測力計刻度

C.實驗中，先將其中一個彈簧測力計沿某一方向拉到最大量程，然后只需調(diào)節(jié)另一彈簧測力計

拉力的大小和方向，把橡皮條的結(jié)點拉到。點

D實驗中把橡皮條的結(jié)點拉到。點時，兩彈簧之間的夾角應(yīng)取90。不變，以便于算出合理的大小

(2)在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，由于紙帶與限位孔之間的摩擦力以及空氣阻力的存在,

重錘重力勢能的減少量4Ep要(選填“大于”“小于”或“等于")重錘動能的增加

量4

(3)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，某同學(xué)通過數(shù)據(jù)的處理作出了a-F圖象，如

圖所示，則

①圖中的直線不過原點的原因是.

②圖中的力尸理論上是指,而實驗中卻用表示.

4砂和砂桶的重力8.繩對小車的拉力

③此圖中直線發(fā)生彎曲，為了防止直線發(fā)生彎曲，在實驗中，應(yīng)使小車的質(zhì)量要(選

填“遠大于”“遠小于”或“等于”)砂和砂桶的總質(zhì)量.

12.在“測定金屬的電阻率”實驗中：

(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，測量結(jié)果如圖甲所示，其示數(shù)為cm；用刻度尺測得金屬

絲的長度如圖乙所示，其示數(shù)為cm；用歐姆表粗略測量該金屬絲的電阻，選擇“xl”

歐姆擋測量，示數(shù)如圖丙所示，其示數(shù)為______0。

（2）用伏安法進一步精確測金屬絲的電阻R,實驗所用器材如下：

a.電流表4（量程為0.24,內(nèi)阻為10）

b.電壓表V（量程為9V,內(nèi)阻約3k。）

c.定值電阻島（阻值為20）

d.滑動變阻器R（最大阻值為10。，額定電流為24）

e.電池組（電動勢為9V,內(nèi)阻不計）

/.開關(guān)、導(dǎo)線若干

①某小組同學(xué)利用以上器材設(shè)計電路，部分電路圖如圖丁所示，請把電路圖補充完整。（要保證滑動

變阻器的滑片任意移動時，電表均不被燒壞）

②某次實驗中，電壓表的示數(shù)為4.5憶電流表的示數(shù)為0.14則金屬絲電阻的值為。；根據(jù)

該測量值求得金屬絲的電阻率為_Q-（計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

四、計算題（本大題共4小題，共52.0分）

13,靜止在粗糙水平地面上質(zhì)量為2kg的物體，在水平拉力F=6N的作用下沿水平地面向右做勻加

速直線運動，物體在4s內(nèi)的位移是8m。求物體與地面間的動摩擦因數(shù)（已知g=lOm/s?）

14.如圖所示，裝置的左邊4B部分是長為刀=1m的水平面，一水平放置的輕質(zhì)彈簧左端固定并處

于原長狀態(tài)：裝置的中間BC部分是長為乙2=26的水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并

能平滑對接，傳送帶始終以"=2m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動；裝置的右邊是一光滑的曲面，質(zhì)量m=

1kg的小滑塊從其上距水平臺面h=1m的。處由靜止釋放，并把彈簧最大壓縮到。點，。力間距

%-0.1m,并且彈簧始終處在彈性限度內(nèi)。已知物塊與傳送帶及左邊水平面之間的摩擦因數(shù)〃

0.25,取g=10m/s2?

（1）滑塊第一次到達B處的速度；

（2）彈簧儲存的最大彈性勢能；

（3）滑塊再次回到B處和C處的速度。

15.如圖所示，粗細均勻、導(dǎo)熱良好、裝有適量水銀的U形管豎直放置，右端與大氣

相通，左端封閉氣柱長"=20cm（可視為理想氣體），兩管中水銀面等高.現(xiàn)將右

端與一低壓艙（未畫出）接通，穩(wěn)定后右管水銀面高出左管水銀面九=10cm.（環(huán)境

溫度不變，大氣壓強Po=75cmHg）

①求穩(wěn)定后低壓艙內(nèi)的壓強（用“cmHg”作單位）.

②此過程左管內(nèi)的氣體對外界（填“做正功”'‘做負功”或“不做功”），氣體將（填

“吸熱”或“放熱”）.

16.如圖，半徑為R的半球形玻璃對a、b兩束光的折射率分別為近、百，這兩束光分別由直徑的兩

個端點4點、C點同時射入，入射角均為45。度.

（已知光在真空中傳播的速度為c）.求：

①哪一束光最先照到半球面發(fā)生反射？

②a光束從射入半球形玻璃到射出所用的時間？

參考答案及解析

I.答案：B

解析：解：在a衰變的過程中，電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4,在0衰變的過程中，電荷數(shù)多1,有：2m-n=

92-86=6,4m=238-222=16,解得zn=4,n=2,故B正確，A,C、。錯誤。

故選：Bo

在a衰變的過程中，電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4,在0衰變的過程中，電荷數(shù)多1,質(zhì)量數(shù)不變，根據(jù)該

規(guī)律求出a衰變和。衰變的次數(shù)。

解決本題的關(guān)鍵知道a衰變和口衰變的實質(zhì)，知道在a衰變的過程中，電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4,在口衰

變的過程中，電荷數(shù)多1,質(zhì)量數(shù)不變。

2.答案：B

解析：解：4、從開始到t2時刻，u-t圖象為直線，說明此過程中運動員的加速度一定，所以在0-t2

時間內(nèi)人在空中，先上升后下降，q時刻到達最高點，Q之后速度減小，開始進入水中，故A錯誤。

8、0?t2時間內(nèi)，運動員只受重力，處于失重狀態(tài)，8正確。

C、匕時刻，人的速度減為零，此時人處于水下最深處，故C錯誤。

。、t2時刻運動員開始進入水中，故。錯誤。

故選：B。

在V-t圖象中，速度的正負代表運動的方向，直線的斜率表示加速度的大小，根據(jù)U-t圖象可以分

析人的運動的情況，即可進行選擇。

本題主要就是考查學(xué)生對速度時間圖象的理解，要知道在速度時間的圖象中，速度的正負表示運動

方向，直線的斜率代表的是加速度。

3.答案：D

解析：解：由題意可知小球做勻速圓周運動的向心力為球所受重力和桿對球作用力的合力，因此在B

處桿對球作用力只能為拉力；因為小球的速度大小不確定，在力處桿對球作用力可以為拉力、推力，

也可以僅由小球所受重力提供向心力，對桿的作用力為0,故A8C錯誤，。正確。

故選：Do

小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，受重力和桿對小球的彈力；在最低點桿對小球施加拉力作用，在最

高點桿對小球可以提供拉力，支持力，還可以不提供作用力，這與小球在最高點的速度大小有關(guān)。

本題考查的是豎直面內(nèi)的勻速圓周運動，關(guān)鍵是要明確在最低點桿對小球施加拉力作用，在最高點

桿對小球可以提供拉力，推力，還可以不提供作用力，這與小球在最高點的速度大小有關(guān)。

4.答案：B

解析：解：C、對B物體受力如右上圖，根據(jù)合力等于0,運用合成法得，墻壁用、

對B的彈力為：=mgtana\

I—%

4對B的彈力為：梟。

則B物體對4的壓力大于mg,故C錯誤。

ABD,對整體分析得，地面的支持力為：N3=(M+m)g

摩擦力為：/=Afj=mgtana<mg,故AC錯誤，8正確；

故選：B?:------------------?Ni

隔離對B分析，根據(jù)合力為零，求出4對B的彈力，墻壁對B的彈力，再對整體分

析，求出地面的支持力和摩擦力。l(M+m)g

解決本題的關(guān)鍵能夠合適地選擇研究對象，正確地進行受力分析，抓住合力為零，運用共點力平衡

知識求解。

5.答案：B

解析：解：ABD,電阻是導(dǎo)體的一種性質(zhì)，與材料、長度、橫截面積等因素決定，加在導(dǎo)體兩端的

電壓變化時，導(dǎo)體中的電流也發(fā)生變化，但電壓與電流的比值對這段導(dǎo)體來說保持不變，故AO錯

誤，B正確；

C、根據(jù)/=￡可知，通過導(dǎo)體的電流強度，跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，故C

錯誤；

故選：B。

影響電阻大小的因素為材料、長度、橫截面積等因素，通過電阻兩端的電壓和電流大小來計算電阻，

只是計算式。

本題主要考查了電阻的定義式和歐姆定律，掌握電阻由材料、長度、橫截面積等因素決定，通過電

阻兩端的電壓和電流大小來計算電阻，并不決定其大小。

6.答案：BCD

解析：解：4只受電場力，則電子的能量守恒，在4點2=ER+Ep=3.2XIO-I？+4.8x10T7=

8xIO一1?/,在B點、EK=E一琢=8x10-17-6.4x10-17=1.6x故A錯誤；

B、電場力做的功等于電勢能的變化量，所以由4到B電場力做功MB=EPA-Epp=-1.6x

故8正確；

C、因為Ep4<EpB，電子帶負電，根據(jù)電勢能的定義知外>*8,故C正確；

D、WAB=-eUAB,所以=100V,故。正確

故選：BCD.

根據(jù)能量守恒求出電子的動能，根據(jù)電場力做功與電勢能的變化關(guān)系求電場力做的功，同時可以求

出兩點間的電勢差。

本題重點考查了電場力做功與電勢能的變化關(guān)系MB=EPA-Eps這個關(guān)系式，結(jié)合功的公式即可解

決此類題目。

7.答案：AD

解析：解：4、在/?3的滑片自最下端滑動到最上端的過程中，原、副線圈匝數(shù)比不變，副線圈兩端

電壓不變，

在/?3的滑片自最下端滑動到最上端的過程中，由于總的電阻減小，所以電路的總電流要變大，故電

阻Ri的電壓增加，故并聯(lián)部分的電壓減小了，所以電壓表匕的示數(shù)減小，故A正確；

B、從圖乙得到輸入電壓的最大值為220aV,故輸入電壓為Ui=220V；

根據(jù)變壓比公式，有：&=^x220=22U故電壓表嶺的示數(shù)為22V,故B錯誤；

C、副圈兩端電壓的瞬時值表達式為由=22迎sin(1007rtW，故C錯誤；

。、將％視為電源內(nèi)阻，將電壓表匕的示數(shù)與電流表4的示數(shù)的乘積視為電源輸出功率，當內(nèi)外電

阻相同時輸出功率最大，故隨外電阻的減小，輸出功率先增大后減小，故。正確；

故選：AD

與閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)危的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總

電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況.將R1視

為電源內(nèi)阻，將電壓表匕的示數(shù)與電流表4的示數(shù)的乘積視為電源輸出功率，當內(nèi)外電阻相同時輸

出功率最大.

電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的

電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法.此題。項利用等效的思想要比列式分析更簡單，

只是要知道當內(nèi)外電阻相同時輸出功率最大.

8.答案：AD

解析：解：AB,將滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，

則總電流增大，則內(nèi)阻和％兩端的電壓增大，所以右邊并聯(lián)部分的電壓減小，所以通過/?3得電流減

小，而總電流增大，所以電流表示數(shù)增大，則的電壓增大，所以氏4的電壓減小，所以電壓表示數(shù)

減小，故A正確，8錯誤；

C、電流表示數(shù)不為零，說明與電流表串聯(lián)的部分電路接通，電壓表示數(shù)為零，則與電壓表并聯(lián)的部

分電阻為零，即可能是由于/?4短路，故C錯誤。

。、若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，總電流減小，并聯(lián)部分電壓減小，電容器放電，所以&上

將產(chǎn)生由點N到點M的電流，故力正確；

故選：AD?

將滑動變阻器R4的滑片向匕端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，分析外電路總電阻的變化，由歐

姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數(shù)的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)

的變化，若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電容器兩端的電壓變化情

況，判斷電容器是處于充電還是放電狀態(tài)，判斷電阻上電流方向.

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式、靈活應(yīng)用歐

姆定律公式是正確解題的關(guān)鍵.也可以運用結(jié)論進行分析：變阻器電阻增大，與之并聯(lián)的電燈會亮，

與之串聯(lián)的電燈會變暗，即“串反并同”.

9.答案:AD

解析：解：從狀態(tài)4到狀態(tài)C的過程，氣體發(fā)生等容變化，該氣體對外界做的功肌=0,

根據(jù)景=。可得P=97可知氣體從狀態(tài)4到狀態(tài)B過程中體積減小，外界對氣體做功，即皿2>。；

，

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有4%=名+QiA(72=W2+Q2,

由于一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，所以△仆=4。2，Ql><?2，故AD正確、8C錯誤。

故選：AD?

從狀態(tài)4到狀態(tài)C過程，氣體發(fā)生等容變化，不做功；從狀態(tài)4到狀態(tài)B過程中體積減小，外界對氣體

做功；

由于8、C兩狀態(tài)的溫度相同，內(nèi)能相等，內(nèi)能增加量相同，由此分析。

本題主要是考查P-7圖象，本題關(guān)鍵抓住氣體的內(nèi)能是狀態(tài)量，由氣體的溫度決定，結(jié)合理想氣體

的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律進行分析。

10.答案：ACE

解析：解：力、波沿繩向右傳播，故a點先達到最大位移處，故A正確。

C、該波的波速為2.5m/s,由振動圖象可知周期T=8s,故波長為4=uT=20cm,故C正確。

E、因在t=4s時，帥位移為8cm,a在平衡位置處向下運動，可知a、b兩點間的距離為加a、b兩

質(zhì)點的平衡位置相距5m,故E正確。

B、a、b兩點不是反相點，故a向上振動時b不一定向下振動，故B錯誤。

。、因0時刻不知道b質(zhì)點是否已振動，從t=0時刻開始到t=4s的半個周期內(nèi)，b質(zhì)點的路程至少為

8cm,故。錯誤。

故選：ACE.

根據(jù)圖向判斷出a、b點的運動方向，再根據(jù)圖象得到周期及a、b間運動的時間。

根據(jù)波的傳播方向得到對應(yīng)的波長和波速，根據(jù)波的傳播方向判斷出振動方向。

本題考查了振動圖象和波動圖象，一般根據(jù)振動圖得到周期，由波形圖得到波長，從而得到波速；

可由傳播方向得到振動方向，或根據(jù)振動圖得到振動方程。

11.答案：(1)8

(2)大于

(3)①過度平衡摩擦力，斜面傾角過大

②8A

③遠大于

解析：

(1)

本實驗的目的是驗證力的平行四邊形定則，研究合力與分力的關(guān)系，而合力與分力是等效的；本實

驗采用作合力與分力圖示的方法來驗證，根據(jù)實驗原理和方法來選擇。

本實驗采用是等效替代的思維方法，實驗中要保證一個合力與兩個分力效果相同，結(jié)點。的位置必

須相同，同時要明確實驗原理和步驟，以及知道實驗的注意事項。

A.要保證兩個彈簧稱的拉力與一個彈簧稱的拉力效果相同，橡皮條要沿相同方向伸長量相同，貝IJ。點

的位置應(yīng)固定，故A錯誤；

8.在實驗中，彈簧秤必須保持與木板平行，讀數(shù)時視線要正對彈簧秤的刻線，故B正確；

C.本實驗，彈簧稱的拉力應(yīng)不超過量程，兩個彈簧稱拉力的大小沒有要求，只要使兩次效果相同就

行，故C錯誤；

D本實驗只要使兩次效果相同就行，兩個彈簧稱拉力的方向沒有限制，并非一定要夾角為90。不變,

故。錯誤。

故答案為：B。

(2)

由于紙帶與限位孔之間的摩擦力以及空氣阻力的存在，物體克服阻力做功，機械能有損失。

本題要知道重物帶動紙帶下落過程中能量轉(zhuǎn)化的過程和能量守恒，但是由于阻力作用，增加的動能

要比減小的重力勢能小。

由于紙帶與限位孔之間的摩擦力以及空氣阻力的存在，物體需要克服阻力做功，能量損失，所以重

錘重力勢能的減少量△Ep要大于重錘動能的增加量為△后心

故答案為：大于。

(3)

該實驗是探究加速度與力、質(zhì)量的三者關(guān)系，研究三者關(guān)系必須運用控制變量法；探究加速度與拉

力的關(guān)系實驗時，要平衡摩擦力，平衡摩擦力時，要求小車在無動力的情況下平衡摩擦力，不需要

掛任何東西；小車的加速度應(yīng)根據(jù)打點計時器打出的紙帶求出；平衡摩擦力時，是重力沿木板方向

的分力等于摩擦力，由圖象可知，還沒有掛重物時，小車己經(jīng)產(chǎn)生了加速度，由此可知圖象不過原

點的原因。

探究加速與力的關(guān)系實驗時，要平衡摩擦力、應(yīng)根據(jù)紙帶求出小車的加速度，掌握實驗的實驗注意

事項是正確解題的關(guān)鍵，要清楚每一項操作存在的理由；要掌握應(yīng)用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法。

①圖中當F=0時，。力0,也就是說當繩子上沒有拉力時.，小車的加速度不為0,說明小車的摩擦力

小于重力的分力，所以原因是實驗前木板右端墊得過高，即平衡摩擦力過度導(dǎo)致；

②圖中的力F理論上指繩對小車的拉力，而實驗中卻用砂和砂桶的重力；

③設(shè)小車的加速度為a,繩子拉力為F，以砂和砂桶為研究對象得：mg-F=ma,以小車為研究對

象F=時怎解得：a=53,故：F=Ma=罩，所以要使得繩子拉力等于砂和砂桶的重力大小，

必有m<<”,而不滿足僧<<“時，隨m的增大物體的加速度a逐漸減小，故圖象彎曲的原因是：

未滿足砂和砂桶質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量。

故答案為：①過度平衡摩擦力，斜面傾角過大；

②B；4

③遠大于。

12.答案：0.221035.030.029.33.68x10-4

解析：解：(1)螺旋測微器的示數(shù)為：2mm+21.0x0.01mm=2.210rmn=0.2210cm,

刻度尺示數(shù)為：450.0mm—100.0mm=350.0mm=35.0cm,

歐姆表選擇“xl”歐姆擋測量，示數(shù)為：30.0x1。=30.00。

(2)①當電壓表滿偏時，通過燈的電流約為0.34可利用&與電流表并聯(lián)分流，因電流表內(nèi)阻已知,

故電流表采用內(nèi)接法，如圖所示。

<—?

s

②通過心的電流為：/=〃+竿=0.154%兩端的電壓為：U=UV-1ARA=4.4V,故有：Rx=

亍=29.30,由R=g知金屬絲的電阻率為：p=半=勺3，=3.68xICT》.m。

故答案為：(1)0.2210,30.50,30.0；⑵①見解析圖；②29.3,3.68x10-4

(1)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)；歐姆表指針示數(shù)與倍率的乘積是歐

姆表示數(shù)；

(2)根據(jù)實驗原理與實驗器材作出電路圖，根據(jù)電路圖應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律求出金屬導(dǎo)體

的電阻，應(yīng)用電阻定律可以求出電阻率的表達式。

本題考查了歐姆表與螺旋測微器讀數(shù)、設(shè)計電路圖，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法，螺旋測微

器需要估讀；在沒有電壓表時可以用已知內(nèi)阻的電流表測電壓。

13.答案：解：物體做初速度為零的勻加速直線運動，有茨=：如2

得a=詈=詈=lm/s2o

對物體受力分析：重力mg、支持力N、水平拉力尸、滑動摩擦力/,且/'=〃N=〃mg

由牛頓第二定律：F—f=ma

即F—林mg=ma

解得〃=0.2

答：物體與地面間的動摩擦因數(shù)是0.2。

解析：物體在水平拉力F作用下，在粗糙的水平地面上做勻加速直線運動。先由運動學(xué)公式去求出加

速度，再對物體進行受力分析，由牛頓第二定律和摩擦力公式結(jié)合求動摩擦因數(shù)。

動力學(xué)問題共有兩種類型：一是由運動去求力，二是由力去求運動，它們間的聯(lián)系橋梁是加速度。

14.答案：解：(1)設(shè)滑塊第一次到達B速度為%,對滑塊從。到B過程中，由動能定理得：

17

mgh—^mgl2=-mvf-0

解得：％=V10m/s

(2)對滑塊從B到。由能量守恒得：EP=-pmg(Li-%)

解得：Ep=2.75;

(3)設(shè)滑塊再次到達B點速度為以，對滑塊從第一次到達B點到再次回到8點，由動能定理得：

11

_21mlg(L\一％)=-mv￡7--mvf7

解得：v2=Im/s

滑塊再次進入傳送帶后勻加速運動，由牛頓第二定律得：

[img=ma,解得：a=2.5m/s2o

21

滑塊速度增加到2m/s時的位移為：L-"—"2=-=0,6m<L2=2m

2a2x2.5

所以滑塊再次回到C點的速度為2m/s

答：(1)滑塊第一次到達B處的速度是JlUm/s；

(2)彈簧儲存的最大彈性勢能是2.75/；

(3)滑塊再次回到8處和C