2023—2024學(xué)年度上學(xué)期遼西聯(lián)合校高二期中考試物理試題考生注意：1．本試卷分選擇題和非選擇題部分。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。2．考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效，在試題卷、答題紙上作答無(wú)效。3．本卷命題范圍：必修三第十一、十二章，選擇性必修一第一章。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，每小題4分；第8~10題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）1.下列說(shuō)法正確的是（??）A.只是電動(dòng)勢(shì)的定義式而非決定式，電動(dòng)勢(shì)的大小由電源內(nèi)非靜電力的特性決定B.根據(jù)，磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與F成正比，與IL成反比C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕D.安培定則是用來(lái)判斷通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力方向的【答案】A【解析】【詳解】A．公式只是電動(dòng)勢(shì)的定義式而非決定式，表明電動(dòng)勢(shì)等于非靜電力把單位正電荷從電源負(fù)極移送到正極所做的功，屬于比值定義，即電動(dòng)勢(shì)E與W、q無(wú)關(guān)，由電源內(nèi)部非靜電力的特性決定，選項(xiàng)A正確；B．磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B只與磁場(chǎng)本身決定，與F與IL無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．安培定則用來(lái)判斷通電導(dǎo)線或線圈周圍的磁場(chǎng)方向，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。2.一質(zhì)量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運(yùn)動(dòng)。F隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示，則（）A.時(shí)物塊的速率為2m/sB.時(shí)物塊的動(dòng)量大小為C.時(shí)物塊的動(dòng)量大小為D.時(shí)物塊的速度為零【答案】C【解析】【詳解】A．勻加速度的加速度為時(shí)物塊的速率為A錯(cuò)誤；B．時(shí)物塊的動(dòng)量大小為B錯(cuò)誤；C．勻減速的加速度大小為時(shí)物塊的動(dòng)量大小為C正確；D．勻減速至零的時(shí)間為則時(shí)物塊的速度為零，D錯(cuò)誤。故選C。3.在光滑水平地面上有兩個(gè)相同的木塊A、B，質(zhì)量都為m?，F(xiàn)B靜止，A向B運(yùn)動(dòng)，發(fā)生正碰并粘合在一起運(yùn)動(dòng)。兩木塊組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為ΔE，則碰前A球的速度等于（）A. B. C.2 D.2【答案】C【解析】【詳解】由動(dòng)量守恒損失的機(jī)械能解得碰前A球的速度故選C。4.某導(dǎo)體的伏安特性曲線如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)體兩端加電壓時(shí)，導(dǎo)體的電阻為 B.導(dǎo)體兩端加電壓時(shí)，導(dǎo)體的電阻為C.該導(dǎo)體為線性元件 D.導(dǎo)體的電阻隨著溫度的升高不斷減小【答案】B【解析】【詳解】A．導(dǎo)體兩端加電壓時(shí)，通過(guò)導(dǎo)體的電流為0.30A，則導(dǎo)體的電阻為A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體兩端加電壓時(shí)，通過(guò)導(dǎo)體的電流為0.5A，導(dǎo)體的電阻為B正確；C．圖線上的點(diǎn)到原點(diǎn)連線的斜率逐漸減小，可知電阻在增大，故該導(dǎo)體為非線性元件，C錯(cuò)誤；D．隨著電壓的增大，電流增大，溫度升高，故導(dǎo)體的電阻隨著溫度的升高不斷增大，D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，質(zhì)量m=60kg的人，站在質(zhì)量M=300kg的車的一端，車長(zhǎng)L=3m，相對(duì)于地面靜止．當(dāng)車與地面間的摩擦可以忽略不計(jì)時(shí)，人由車的一端走到另一端的過(guò)程中，車將()A.后退0.5mB.后退0.6mC.后退0.75mD.一直勻速后退【答案】A【解析】【詳解】ABC．人車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則mv1=Mv2所以mx1=Mx2又有x1＋x2=L解得x2=0.5m．選項(xiàng)A正確，BC錯(cuò)誤；D.題中未說(shuō)明人的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，故小車的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不定；故D錯(cuò)誤；6.如圖是一個(gè)將電流表改裝成歐姆表的示意圖，此歐姆表已經(jīng)調(diào)零，用此歐姆表測(cè)一阻值為R的電阻時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)至滿刻度的處。現(xiàn)用該表測(cè)一未知電阻，指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的處，則該電阻的阻值為（）A.4R B.5R C.10R D.16R【答案】D【解析】【詳解】由閉合電路的歐姆定律得：調(diào)零時(shí)有E=IgR內(nèi)指針偏轉(zhuǎn)至滿刻度時(shí)有E=指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的時(shí)有聯(lián)立三式可解得Rx=16R故選D。7.如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是（）A.小燈泡L的亮度變低 B.電容器所帶電荷量不變C.電阻R2消耗的功率變小 D.電阻R3消耗的功率變大【答案】A【解析】【詳解】A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)時(shí)，R1在電路中的電阻值減小，外電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，外電路中的電流增大，電源內(nèi)阻上的電壓降增大，電源的路端電壓減小，小燈泡L的電壓減小，亮度變低，A正確；B．外電路電流增大，R2兩端電壓增大，電容器的電壓增大，給電容器充電，電容器所帶電荷量增大，B錯(cuò)誤；C．外電路電流增大，R2兩端電壓增大，由電功率公式可知，電阻R2消耗的功率變大，C錯(cuò)誤；D．由于R3與電容器C串聯(lián)，電容器不導(dǎo)電，電阻R3消耗的電功率是零，D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示，質(zhì)量為m的小球從距離地面高H的A點(diǎn)由靜止開始釋放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用，到達(dá)距地面深度為h的B點(diǎn)時(shí)速度減為零。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。關(guān)于小球下落的整個(gè)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的有（）A.小球的機(jī)械能減少了mg（H+h）B.小球克服阻力做的功為mghC.小球所受阻力的沖量大于D.小球動(dòng)量的改變量等于所受阻力的沖量【答案】AC【解析】【詳解】A．小球在整個(gè)下落過(guò)程中，動(dòng)能變化量為零，重力勢(shì)能減少了mg（H+h），則小球的機(jī)械能減少了mg（H+h），故A項(xiàng)正確；B．對(duì)小球下落的全過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得mg（H+h）-Wf=0則小球克服阻力做功Wf=mg（H+h）故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．小球落到地面時(shí)的速度，對(duì)進(jìn)入泥潭的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量定理得解得知阻力的沖量大于，故C項(xiàng)正確；D．對(duì)全過(guò)程分析運(yùn)用動(dòng)量定理知，動(dòng)量的變化量等于重力的沖量和阻力沖量的矢量和；故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示的電路中，兩個(gè)定值電阻、的阻值都為，滑動(dòng)變阻器的阻值范圍為，電源電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻為，當(dāng)變阻器的滑片由端滑到端過(guò)程，則（）A.電流表示數(shù)減小 B.電壓表示數(shù)減小C.電源的輸出功率減小 D.通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流增大【答案】AC【解析】【詳解】A．當(dāng)變阻器的滑片由端滑到端過(guò)程，滑動(dòng)變阻器的有效電阻逐漸增大，電路的總電阻增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，電路的干路電流減小，即電流表示數(shù)減小。A正確；B．干路電流減小，則內(nèi)電壓減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，外電壓增大，即電壓表示數(shù)增大。B錯(cuò)誤；C．當(dāng)變阻器的滑片在端時(shí)，外電阻為R，此時(shí)內(nèi)外電阻相等，電源的輸出功率最大，此后隨著外電阻的增大，根據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系圖像可知電源的輸出功率減小。C正確；D．干路電流減小，則的電壓減小，因?yàn)橥怆妷涸龃?，所以并?lián)電路的電壓增大，則的電流增大，所以通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流減小。D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，在光滑的水平桌面上有體積相同的兩個(gè)小球A、B，質(zhì)量分別為和，兩球中間夾著一根壓縮的輕彈簧，原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，同時(shí)放開A、B球和彈簧，已知A球脫離彈簧的速度為6m/s，接著A球進(jìn)入與水平面相切，半徑為0.5m的豎直面內(nèi)的光滑半圓形軌道運(yùn)動(dòng)，PQ為半圓形軌道豎直的直徑，，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧彈開過(guò)程，彈力對(duì)A的沖量大于對(duì)B的沖量B.A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為4m/sC.A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過(guò)程中所受合外力的沖量大小為D.若半圓軌道半徑改為0.9m，則A球不能到達(dá)Q點(diǎn)【答案】CD【解析】【詳解】A．彈簧彈開過(guò)程，彈力對(duì)A的沖量的大小等于彈力對(duì)B的沖量的大小，方向相反，故A錯(cuò)誤；B．彈簧彈開的過(guò)程中，兩個(gè)小球與彈簧組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒，則有解得可知A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為，故B錯(cuò)誤；C．A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得解得此過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量定理可得合外力的沖量大小為故C正確；D．若半圓軌道半徑改為，則A球到達(dá)Q點(diǎn)的速度滿足解得A球在Q點(diǎn)的最小速度滿足可得由于可知A球不能到達(dá)點(diǎn)，故D正確。故選CD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)電路和圖像如圖所示；請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）現(xiàn)有以下器材：A.干電池1個(gè)B.滑動(dòng)變阻器（）C電壓表（0~3V）D.電壓表（0~15V）E.電流表（0~0.6A）F.電流表（0~3A）其中電流表應(yīng)選_______，電壓表應(yīng)選_______。（填字母代號(hào)）（2）如圖乙是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的圖像，由此可知這個(gè)干電池的內(nèi)電阻______。（計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）本實(shí)驗(yàn)中，________?！敬鸢浮竣?E②.C③.0.750④.<【解析】【詳解】（1）[1][2]由圖乙可知，電源電動(dòng)勢(shì)1.50V，短路電流不超過(guò)0.60A，則電流表選E，電壓表選C。（2）[3][4]根據(jù)圖像斜率大小等于電源內(nèi)阻當(dāng)電壓表示數(shù)為零時(shí)，電流表示數(shù)等于短路電流，即短路電流的測(cè)量值等于真實(shí)值，當(dāng)路端電壓增大時(shí)，由于干路電流大于電流表示數(shù)，即電流的測(cè)量值小于真實(shí)值，則圖線斜率的測(cè)量值小于真實(shí)值，即。12.國(guó)慶同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，所用裝置如圖甲所示，已知槽口末端在白紙上的投影位置為O點(diǎn)。回答以下問(wèn)題：(1)為了完成本實(shí)驗(yàn)，下列必須具備的實(shí)驗(yàn)條件或操作步驟是___________；A.斜槽軌道末端的切線必須水平B.入射球和被碰球半徑必須相同C.入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等D.必須測(cè)出桌面離地的高度HE.斜槽軌道必須光滑(2)國(guó)慶同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中正確操作，認(rèn)真測(cè)量，得出的落點(diǎn)情況如圖乙所示，則入射小球質(zhì)量和被碰小球質(zhì)量之比為____________；(3)為了完成本實(shí)驗(yàn)，測(cè)得入射小球質(zhì)量m1，被碰小球質(zhì)量m2，O點(diǎn)到M、P、N三點(diǎn)的距離分別為y1、y2、y3，若兩球間的碰撞是彈性碰撞，應(yīng)該有等式_______成立。A.B.C.D.【答案】①.AB②.3∶2③.AD【解析】【詳解】(1)[1]．A.斜槽軌道末端的切線必須水平，以保證做平拋運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確；B入射球和被碰球半徑必須相同，以保證兩球正碰，選項(xiàng)B正確；C.入射球質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，以防止入射球反彈，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.兩球均做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直高度相同，時(shí)間相同，沒(méi)必要測(cè)出桌面離地的高度H，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；E.斜槽軌道沒(méi)必要必須光滑，只需小球到達(dá)底端時(shí)速度相同即可，選項(xiàng)E錯(cuò)誤。故選AB。(2)[2]．設(shè)落地時(shí)間為t，則有而動(dòng)量守恒的表達(dá)式為m1v0=m1v1+m2v2即m1OP=m1OM+m2ON代入數(shù)據(jù)可得m1:m2=3:2(3)[3]．若碰撞是彈性碰撞，動(dòng)能守恒的表達(dá)式為即兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則有m1?OM+m2?ON=m1?OP即m1?y1+m2?y3=m1?y2若碰撞是彈性碰撞則有故選AD.13.如圖所示，質(zhì)量m=2kg的物體，以水平速度v0=5m/s滑上靜止在光滑水平面上的平板小車，小車質(zhì)量M=8kg，物體與小車車面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.8，取g=10m/s2?，設(shè)小車足夠長(zhǎng)，求：（1）小車和物體的共同速度是多少；（2）物體在小車上滑行的時(shí)間;（3）在物體相對(duì)小車滑動(dòng)的過(guò)程中，系統(tǒng)損失的動(dòng)能是多少．【答案】（1）1m/s（2）0.5s（3）20J【解析】【詳解】（1）物體和小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律mv0=(M+m)v，解得共同的速度，（2）根據(jù)牛頓第二定律：，物體在小車上做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大?。海瑒t物體在小車上滑行時(shí)間：；(2)根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)損失的動(dòng)能為：14.如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻，電動(dòng)機(jī)的電阻，電阻。電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，理想電壓表的示數(shù)。（1）求電動(dòng)機(jī)消耗的電功率；（2）求電源的輸出功率；（3）若電動(dòng)機(jī)以的速度勻速豎直向上提升重物，取重力加速度大小，求該重物的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，設(shè)電路中的電流為I，根據(jù)閉合電路歐姆定律有電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為解得（2）電源消耗的功率為電源的輸出功率為解得（3）電動(dòng)機(jī)輸出的電功率為由題意有解得15.如圖所示，在光滑的水平面上停放著一輛平板車，在車上的左端放一木塊B，車左邊緊鄰一個(gè)固定在豎直面內(nèi)、半徑為R的圓弧形光滑軌道，已知軌道底端的切線水平，且高度與車表面相平?，F(xiàn)有另一木塊A（木塊A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)）從圓弧軌道的頂端由靜止釋放，然后滑行到車上與B發(fā)生碰撞。兩木塊碰撞后立即粘在一起在平板車上滑行，并與固定在平板車上的水平輕質(zhì)彈簧作用后被彈回，最后兩木塊剛好回到車的最左端與車保持相對(duì)靜止。已知木塊A的質(zhì)量為m，木塊B的質(zhì)量為2m，車的質(zhì)量為3m，重力加速度為g，設(shè)木塊A、B碰撞的時(shí)間極短可以忽略。求：（1）木塊A、B碰撞后的瞬間兩木塊共同運(yùn)動(dòng)速度的大??；（2）木塊A、B在車上滑行的整個(gè)過(guò)程中，木塊和車組成的系統(tǒng)