PAGEPAGE1高二年級(jí)聯(lián)考物理一、單選題：共7小題，每小題4分，共28分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.電磁波包括無(wú)線(xiàn)電波、紅外線(xiàn)、可見(jiàn)光、紫外線(xiàn)、X射線(xiàn)、γ射線(xiàn)等，電磁波譜如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.只有高溫物體才輻射紅外線(xiàn)B.紫外線(xiàn)常用于殺菌消毒，長(zhǎng)時(shí)間照射可能損害人體健康C.無(wú)限電波的頻率比γ射線(xiàn)的頻率大D.紅光光子的能量比X射線(xiàn)大【答案】B【解析】A．所有的物體都在向外輻射紅外線(xiàn)，故A錯(cuò)誤；B．紫外線(xiàn)常用于殺菌消毒，但是長(zhǎng)時(shí)間照射可能損害人體健康，故B正確；C．無(wú)限電波的頻率比γ射線(xiàn)的頻率小，故C錯(cuò)誤；D．光子的能量與其頻率成正比，紅光的頻率比X射線(xiàn)小，則紅光光子的能量比X射線(xiàn)小，故D錯(cuò)誤。故選B。2.電場(chǎng)中某一區(qū)域的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，其中A、B、C是電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大B.這可能是單個(gè)正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)線(xiàn)C.A、B、C三點(diǎn)中，A點(diǎn)的電勢(shì)最高D.從A點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的試探電荷，電場(chǎng)線(xiàn)就是它的運(yùn)動(dòng)軌跡【答案】C【解析】A．電場(chǎng)線(xiàn)分布的密集程度表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，A位置電場(chǎng)線(xiàn)分布比B位置密集一些，則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；B．單個(gè)正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)線(xiàn)是一條條直線(xiàn)，并非曲線(xiàn)，故B錯(cuò)誤；C．等勢(shì)線(xiàn)與電場(chǎng)線(xiàn)垂直，通過(guò)作B點(diǎn)的等勢(shì)線(xiàn)，可知該等勢(shì)線(xiàn)與AC電場(chǎng)線(xiàn)的交點(diǎn)位于AC之間，由于沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向，電勢(shì)逐漸降低，可知A、B、C三點(diǎn)中，A點(diǎn)的電勢(shì)最高，故C正確；D．因電場(chǎng)線(xiàn)是曲線(xiàn)，若從A點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的試探電荷，電場(chǎng)線(xiàn)不可能是它的運(yùn)動(dòng)軌跡，因?yàn)樵囂诫姾墒艿降碾妶?chǎng)力沿軌跡切線(xiàn)方向，無(wú)法提供曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)所需要的向心力，故D錯(cuò)誤。故選C。3.電容器是常用的電學(xué)元件，如圖所示，兩個(gè)相同的半圓形金屬板間隔一段距離水平放置。板間可視為真空。兩金屬板分別與電源兩極相連，開(kāi)關(guān)S閉合，上極板可繞過(guò)圓心且垂直于半圓面的軸轉(zhuǎn)動(dòng)。開(kāi)始時(shí)，兩極板邊緣完全對(duì)齊現(xiàn)讓上極板轉(zhuǎn)過(guò)10°。下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器的電容變小B.極板上所帶電荷量增多C.兩極板間電壓增大D.兩極板間電壓減小【答案】A【解析】A．讓上極板轉(zhuǎn)過(guò)10°，則兩極板正對(duì)面積減少，根據(jù)可知，電容器的電容變小，故A正確；CD．開(kāi)關(guān)S閉合，兩極板間電壓總是等于電源電動(dòng)勢(shì)，故CD錯(cuò)誤；B．兩極板間電壓不變，電容變小，根據(jù)可知，極板上所帶電荷量減少，故B錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻恒定不變，R1、R2和R3都是定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器，V1、V2和A都是理想電表。閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片自圖示位置向左緩慢滑動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表A的示數(shù)減小B.流過(guò)電阻R2的電流減小C.電壓表V1的示數(shù)減小D.電壓表V2示數(shù)增大【答案】B【解析】A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片自題中圖示位置向左緩慢滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律知干路電流增大，電流表的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，路端電壓減小，則流過(guò)R2的電流減小，故B正確；C．根據(jù)并聯(lián)電路電流特點(diǎn)可知，流過(guò)R3的電流增大，電壓表V1的示數(shù)增大，故C錯(cuò)誤；D．因兩電壓表示數(shù)之和等于路端電壓，路端電壓減小，電壓表V1的示數(shù)增大，則電壓表V2的示數(shù)減小，故D錯(cuò)誤。故選B。5.某科研所研制出了一種新型金屬材料，具有特殊的物理和化學(xué)性質(zhì)，具有廣闊的市場(chǎng)前景。如圖所示，由該材料制成的一個(gè)立方體的邊長(zhǎng)為c，其前后兩表面之間的電阻值為R1。現(xiàn)用該材料制成一邊長(zhǎng)為的立方體，其前后兩表面之間的電阻值為R2，則R1：R2為（）A.1：125 B.1：5 C.5：1 D.25：1【答案】B【解析】根據(jù)電阻定律可知?jiǎng)t有故選B。6.如圖所示，一學(xué)生練習(xí)用腳顛球，足球自靜止開(kāi)始下落0.8m后被顛起，足球離開(kāi)腳沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，向上運(yùn)動(dòng)的最大高度為0.45m。已知足球的質(zhì)量為0.4kg，足球與腳的作用時(shí)間為0.1s，取重力加速度大小g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.足球與腳作用的過(guò)程中，足球的動(dòng)量變化量大小為0.4kg·m/sB.在足球下落和足球上升的過(guò)程中，重力沖量的方向相反C.足球上升過(guò)程中重力沖量大于足球下落過(guò)程中重力的沖量D.足球與腳作用的過(guò)程中，腳對(duì)足球的平均作用力大小為32N【答案】D【解析】A．足球與腳接觸前瞬間，足球的速度大小為足球與腳接觸后瞬間，足球的速度大小設(shè)豎直向上為正方向，足球的動(dòng)量變化量大小故A錯(cuò)誤；B．重力沖量的方向始終與重力方向一致，則在足球下落和足球上升的過(guò)程中，重力沖量的方向相同，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，足球上升的時(shí)間小于足球下落的時(shí)間，則足球上升過(guò)程中重力的沖量小于足球下落中重力的沖量，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量定理有解得故D正確。故選D。7.如圖所示，在一與勻強(qiáng)電場(chǎng)平行的平面內(nèi)建立平面坐標(biāo)系，在軸和軸上分別有A點(diǎn)和B點(diǎn)，，，為的中點(diǎn)，、兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為、，原點(diǎn)的電勢(shì)為，下列說(shuō)法正確的是（）A.點(diǎn)的電勢(shì)為B.為勻強(qiáng)電場(chǎng)的一條電場(chǎng)線(xiàn)，且電場(chǎng)方向由點(diǎn)指向點(diǎn)C.將一電子從B點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)，電子克服電場(chǎng)力做的功為D.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為【答案】C【解析】A．由勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)可知C點(diǎn)的電勢(shì)故A錯(cuò)誤；B．由于，連接O、C，可知OC是一條等勢(shì)線(xiàn)，由電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)線(xiàn)的關(guān)系，可知電場(chǎng)方向如圖所示，故B錯(cuò)誤；C．由電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差的關(guān)系公式，可得將一電子從B點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)，電子克服電場(chǎng)力做的功為eV=12eV故C正確；D．已知，，由幾何關(guān)系可得可知OB=BC則有可得由勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系公式，可得勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為故D錯(cuò)誤故選C。二、多選題：共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.在短道速滑比賽中，“接棒”的甲運(yùn)動(dòng)員提前在“交棒”的乙運(yùn)動(dòng)員前而慢慢滑行，當(dāng)乙追上甲的瞬間，乙猛推甲使甲獲得更大的速度向前沖出。忽略運(yùn)動(dòng)員與冰而之間的摩擦，則在乙推甲的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲與乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.甲、乙的速度變化量一定相同C.甲、乙的動(dòng)量變化量大小相等、方向相反D.甲增加的動(dòng)能一定等于乙減少的動(dòng)能【答案】AC【解析】A．乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰而之間的摩擦，則甲與乙組成的系統(tǒng)所受外力之和等于零，可知甲與乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故A正確；C．根據(jù)上述，甲與乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有解得即有可知，甲、乙的動(dòng)量變化量大小相等、方向相反，故C正確；B．由于由于甲乙質(zhì)量關(guān)系不確定，結(jié)合上述可知，甲與乙的速度變化量方向相反、大小關(guān)系不確定，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)由于甲和乙的質(zhì)量關(guān)系不確定，因此無(wú)法確定甲增加的動(dòng)能與乙減少的動(dòng)能的大小關(guān)系，故D錯(cuò)誤。9.如圖所示，平行飯電容器上、下極板間的距離恒定，上板板帶有正電荷、下極板帶有等量負(fù)電荷。粒子1和粒子2分別沿著兩板板的中心線(xiàn)先后以相同的初速度射入平行板電容器，已知兩粒于均能從電場(chǎng)射出，粒子1和粒子2比荷之比為1:3，不計(jì)粒子所受重力，下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子1和粒子2在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:3B.粒子1和粒于2在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為1:3C.粒子1和粒子2在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的側(cè)位移大小之比為1:3D.粒于1和粒于2在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的側(cè)位移大小之比為1:9【答案】BC【解析】A．粒子1和粒子2在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，設(shè)極板長(zhǎng)度為L(zhǎng)，粒子的初速度為v0，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為則粒子1和粒子2在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律有粒子1和粒子2比荷之比為1:3，則粒子1和粒子2在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為1:3，故B正確；CD．粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的側(cè)位移大小結(jié)合上述可知，粒子1和粒子2在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的側(cè)位移大小之比為1:3，故C正確，D錯(cuò)誤。10.掃地機(jī)器人是智能家用電器一種，它利用自身攜帶的小型吸塵部件進(jìn)行吸塵清掃。某品牌掃地機(jī)器人如圖所示，已知其工作額定電壓為15V，額定功率為60W。掃地機(jī)器人體內(nèi)的電池容量為3300mA·h，充電時(shí)額定電壓為20V，額定電流為1.1A，則下列說(shuō)法正確的是（）A.掃地機(jī)器人正常工作時(shí)的電流為4AB.電池充滿(mǎn)電后，掃地機(jī)器人單次連續(xù)工作時(shí)長(zhǎng)最多為3hC.電池充滿(mǎn)時(shí)儲(chǔ)存的化學(xué)能為3300mA·hD.將已用光的電池充電，充滿(mǎn)需消耗的電能約為2.38×105J【答案】AD【解析】A．機(jī)器人正常工作時(shí)的電流故A正確；B．電池充滿(mǎn)電后，機(jī)器人單次續(xù)航的理論工作時(shí)長(zhǎng)故B錯(cuò)誤；C．mA·h是電荷量的單位，它顯然不是指能量，故C錯(cuò)誤；D．將已用光的電池以額定電壓充電，充滿(mǎn)需消耗的電能故D正確。三、非選擇題：共54分。11.萬(wàn)同學(xué)正在做“練習(xí)使用多用電表”實(shí)驗(yàn)，該同學(xué)正確操作，多用電表的表盤(pán)讀數(shù)如圖所示。（1）如果是用“×10”歐姆擋測(cè)量電阻，則被測(cè)電阻為_(kāi)____Ω。（2）如果是用直流5V擋測(cè)量電壓，則被測(cè)電壓為_(kāi)____V。（3）使用多用電表測(cè)量電阻時(shí)，下列說(shuō)法正確的是_____。A．可以用歐姆擋測(cè)量正在工作的用電元件的電阻B．如果指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)撥至倍率更小的擋位C．改變不同倍率的歐姆擋后，不必重新進(jìn)行歐姆調(diào)零【答案】（1）150（2）3.10（3.09~3.12均可）（3）B【解析】（1）[1]指針示數(shù)是15，如果是用“×10”歐姆擋測(cè)量電阻，則被測(cè)電阻為150Ω。（2）[2]如果是用直流5V擋測(cè)量電壓，因總格數(shù)為50格，即最小分度值為0.1V。所以讀數(shù)為3.10V。（3）[3]A.使用多用電表測(cè)量電阻時(shí)，應(yīng)把待測(cè)元件從原電路斷開(kāi)，才能對(duì)其進(jìn)行電阻測(cè)量，故A錯(cuò)誤；B.如果指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，說(shuō)明電阻很小，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)撥至倍率更小的擋位，故B正確；C.改變不同倍率的歐姆擋后，歐姆表的內(nèi)阻要發(fā)生變化，所以要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，故C錯(cuò)誤。故選B。12.熊同學(xué)正在測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，該同學(xué)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)室提供的電流表和電壓表都是雙量程的，提供了兩個(gè)滑動(dòng)變阻器待選，分別為滑動(dòng)變阻器R1（阻值范圍為0~20Ω。允許通過(guò)的最大電流為2A）和滑動(dòng)變阻器R2（阻值范圍為0~1000Ω，允許通過(guò)的最大電流為1A）。（1）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量精度更高，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用的量程為_(kāi)_________A（填“0~0.6”或“0~3”），電壓表應(yīng)選用的量程為_(kāi)_____V（填“0~3”或“0~15”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_________（填“R1”或“R2”）。（2）該同學(xué)正確連接電路并正確操作，實(shí)驗(yàn)中多次改變滑動(dòng)變阻器的阻值，讀出電流表和電壓表的示數(shù)，得到多組數(shù)據(jù)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪制得的U-I圖線(xiàn)如圖乙所示。由此可知這個(gè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=____V，內(nèi)阻r=_____Ω。（計(jì)算結(jié)果均保留兩位小數(shù)）【答案】（1）0~0.60~3R1（2）1.450.50【解析】（1）[1][2]根據(jù)U-I圖線(xiàn)所顯示的電流和電壓的測(cè)量范圍，可得電流表選擇的是0~0.6A，電壓表選擇的是0~3V；[3]滑動(dòng)變阻器R2的阻值太大，調(diào)節(jié)起來(lái)不方便，所以選擇阻值相對(duì)小一些的R1；（2）該U-I圖線(xiàn)所對(duì)應(yīng)的表達(dá)式為可知圖像與縱軸的交點(diǎn)為電動(dòng)勢(shì)大小，圖像的斜率的絕對(duì)值是內(nèi)阻，故13.如圖所示，用兩根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線(xiàn)將帶正電的小球A、B懸于天花板上的O點(diǎn)，兩球靜止時(shí)懸線(xiàn)偏離豎直方向的夾角均為θ=37°，已知A、B兩球的質(zhì)量均為m，靜電力常量為k，重力加速度大小為g，小球A、B均可視為點(diǎn)電荷且它們所帶的電荷量相等，取sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）絕緣細(xì)線(xiàn)上的拉力大小FT；（2）小球B所帶的電荷量q?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）小球A、B均處于平衡狀態(tài)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，兩根絕緣細(xì)線(xiàn)上的拉力大小相等，對(duì)小球A受力分析，根據(jù)受力平衡有mg=FTcosθ解得（2）設(shè)兩球間的庫(kù)侖力為F庫(kù)，小球A、B均處于平衡狀態(tài)，對(duì)小球A受力分析，根據(jù)受力平衡有mgtanθ=F庫(kù)根據(jù)幾何關(guān)系可知，兩球間的距離r=2Lsinθ根據(jù)庫(kù)侖定律有解得14.如圖所示，在xOy平面內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)、一質(zhì)最為m、電荷量為q的帶正電的粒子經(jīng)過(guò)y軸上的A點(diǎn)時(shí)的速度方向平行于x軸正方向、大小為。一段時(shí)間后粒子到達(dá)x軸上B點(diǎn)時(shí)的速度方向與x軸正方向的夾角α=30°，已知A點(diǎn)與原點(diǎn)O間的距離為y0。不計(jì)粒子受到的重力。求：（1）粒子到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小v；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E?！敬鸢浮浚?）2v0；（2）【解析】（1）設(shè)粒子在B點(diǎn)的速度大小為v，將粒子在B點(diǎn)的速度沿x軸正方向和y軸負(fù)方向分解，粒子在水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則有解得v=2v0（2）粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有Eq=ma粒子在豎直方向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則有，解得15.如圖所示，質(zhì)量m=1kg的小球以v0=12m/s的速度在光滑水平面上向右運(yùn)動(dòng)，即將與靜止在小球右側(cè)的滑塊發(fā)生碰撞，已知滑塊的質(zhì)量