高級中學精品試卷PAGEPAGE1浙北G2期中聯(lián)考2022學年第二學期高一物理試題一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列國際單位制中表示能量單位的是（）A.kg·m2/s2 B.kg·m/s2 C.W D.J/s〖答案〗A〖解析〗A．因為1kg·m2/s2=1kg·m/s2?m=1N?m=1J，A正確；B．因為1kg·m/s2=1N，B錯誤；C．W功率單位，C錯誤；D．1J/s=1W是功率單位，D錯誤。2.以下說法中正確的是（）A.力對物體做功越快，力的功率一定越大B.合外力不做功，物體必定做勻速直線運動C.在相同的時間內(nèi)作用力與反作用力做的功一定是絕對值相等，一正一負D.由P＝可知，只要知道W和t的值就可以計算出任意時刻的功率〖答案〗A〖解析〗A．功率是表示力對物體做功快慢的物理量，力對物體做功越快，力的功率一定越大，故A正確；B．合外力不做功，物體速度大小不變，方向可能變化，物體不一定做勻速直線運動，故B錯誤；C．作用力與反作用力分別作用在兩個物體上，兩個物體的運動狀態(tài)不一定相同，所以在相同的時間內(nèi)做的功不一定是絕對值相等，一正一負的，故C錯誤；D．由計算出的功率時平均功率，故D錯誤。3.為了求出樓房的高度，讓一小石塊從樓頂上自由下落（不計空氣阻力），只測出石塊運動過程中哪個物理量一定可以計算出樓的高度（）A.第1s的位移 B.最后1s的位移C.石塊的質(zhì)量 D.任意1s時間內(nèi)的位移和這1s的末速度〖答案〗B〖解析〗A．只知道第一秒的位移只能求出一秒內(nèi)的相關(guān)信息，無法求出樓的高度，A錯誤；B．設(shè)運動時間為t，根據(jù)可算出下落時間即可求出樓的高度，B正確；C．知道石頭質(zhì)量，無法知道石頭的運動情況，不能求出樓的高度，C錯誤；D．任意1s時間內(nèi)的位移和這1s的末速度，無法求出整個運動過程的相關(guān)信息，D錯誤。4.對于書本中幾幅插圖所涉及的物理現(xiàn)象或原理，下列說法不正確的是（）A.甲圖中，該女生和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷B.乙圖為靜電除塵裝置的示意圖，帶負電的塵埃被收集在線狀電離器B上C.丙圖中，燃氣灶中電子點火器點火應(yīng)用了尖端放電的原理D.丁圖中，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣應(yīng)用了靜電屏蔽的原理〖答案〗B〖解析〗A．甲圖中，該女生接觸帶電的金屬球，與金屬球帶同種性質(zhì)的電荷，故A正確；B．乙圖中線狀電離器B帶負電，管壁A帶正電，帶負電的塵埃被收集在管壁A上，故B錯誤；C．丙圖中，燃氣灶中電子點火器點火應(yīng)用了尖端放電的原理，故C正確；D．金屬體殼能產(chǎn)生靜電屏蔽作用，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣應(yīng)用了靜電屏蔽的原理，故D正確。5.某游客參觀完慈城古縣城后，想去余姚河姆渡遺址博物館進行游覽，如圖所示是導航給出的三種行駛方案。下列說法中正確的是（）A.方案1的位移最小B.方案2的“26分鐘”是指時刻C.方案3中的“16公里”是指位移大小D.方案1的平均速度大小大于方案3的平均速度大小〖答案〗D〖解析〗A．位移是從初位置指向末位置的有向線段，三種方案的初位置末位置均相同，則位移相同，故A錯誤；B．方案2的“26分鐘”是時間段，指時間間隔，故B錯誤；C．方案3中的“16公里”是指路程，故C錯誤；D．平均速度是位移與時間的比值，方案1和方案3位移相同，方案1的時間更短，平均速度更大，故D正確。6.如圖所示的我國第三艘航空母艦“福建艦”，在2022年6月17日移出船塢下水廢計劃開展航行試驗。下列情況中“福建艦”可視為質(zhì)點的是（）A.研究航行路線時 B.彈射艦載機時C.移出船塢下水時 D.用操作儀把控方向時〖答案〗A〖解析〗A．依題意，當研究船塢的航行路線時，船塢的形狀和大小可以忽略不計，船塢可以看成質(zhì)點，故A正確；BCD．當研究彈射艦載機時、移出船塢下水時、用操作儀把控方向時，由于船塢的形狀及大小對研究的問題影響較大，所以船塢均不能看成質(zhì)點，故BCD錯誤。7.2022年2月4日，在花樣滑冰女單短節(jié)目比賽中，俄羅斯運動員特魯索娃展示其獨門絕技“懸臂”。她身體后彎，整個背部幾乎平行于冰面，頭向后優(yōu)雅地垂下，幾乎貼在冰上，形成一個優(yōu)美的半弧。特魯索瓦的運動軌跡近似為圓周。以下說法正確的是（）A.運動過程中運動員的線速度保持不變B.地面對運動員的作用力豎直向上C.滑行過程中，運動員的重心可能不在其身上D.運動員受到的摩擦力沿半徑方向指向軌跡圓心〖答案〗C〖解析〗A.特魯索瓦的軌跡近似為圓周，所以運動過程中運動員的線速度方向一直改變，A錯誤；B.地面對運動員的作用力為豎直向上的支持力和平行于冰面的摩擦力的合力，不是豎直向上，B錯誤；C.滑行過程中，運動員的重心隨著姿勢不斷變化，因此重心可能在運動員身體之外，C正確；D.運動員做非勻速圓周運動，受到的摩擦力提供向心力的同時，也阻礙運動員的運動，不是指向圓心，D錯誤。8.如圖所示為各種電場電場線的分布圖，場中的長方體均為導體，其中正確的有（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗A．導體在電場中會產(chǎn)生靜電感應(yīng)，靜電平衡時整個導體是一個等勢體，表面是一個等勢面，而電場線與等勢面垂直，即與導體表面垂直，故A錯誤。

B．靜電平衡時導體內(nèi)部場強處處為零，即金屬盒內(nèi)部場強為零，不存在電場，不能畫電場線，故B錯誤。

C．勻強電場的電場線分布應(yīng)平行等間距的，故C錯誤。

D．電場線從正電荷出發(fā)終止于負電荷或無窮遠，故D正確。9.2022年5月，我國成功完成了天舟四號貨運飛船與空間站的對接，形成的組合體在地球引力作用下繞地球做勻速圓周運動，周期約90分鐘。下列說法正確的是（）A.組合體的速度大于第一宇宙速度 B.組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大C.組合體中的貨物處于超重狀態(tài) D.組合體的加速度大小比地球同步衛(wèi)星的小〖答案〗B〖解析〗A.由題意，組合體在地球引力作用下繞地球做圓周運動，而第一宇宙速度為最大環(huán)繞速度，則組合體的速度不可能大于第一宇宙速度，A錯誤；B.已知同步衛(wèi)星的周期為24h，根據(jù)角速度與周期成反比，由于同步衛(wèi)星周期大于組合體周期，所以組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大，B正確；C.組合體在天上只受萬有引力的作用，加速度方向指向地心，所以處于失重狀態(tài)，C錯誤；D.由萬有引力提供向心力，同一中心天體，運動周期的平方與軌道半徑的三次方成正比，所以同步衛(wèi)星軌道半徑大于組合體軌道半徑。又加速度與軌道半徑平方成反比，所以同步衛(wèi)星加速度小于組合體加速度，D錯誤。10.短跑比賽中，運動員會借助助推器起跑。如圖所示，照片記錄了奧運冠軍劉翔利用助推器起跑的瞬間，在起跑的過程中，下列說法正確的是（）A.助推器對腳面的支持力做正功B.劉翔的動能來源于身體內(nèi)部肌肉張力做正功C.劉翔的機械能守恒D.是否使用助推器對加速效果沒有影響〖答案〗B〖解析〗A．腳面未離開助推器，助推器對腳面的支持力不做功，故A錯誤；B．劉翔屬于質(zhì)點系統(tǒng)，肌肉張力屬于內(nèi)力做正功，導致劉翔動能增加，故B正確；C．起跑過程肌肉做人體系統(tǒng)做正功，機械能增加，或是起跑過程動能增加，重力勢能幾乎不變，機械能增加，故C錯誤；D．助推器利用支持力的分力來提供合外力，加速效果比靠靜摩擦力要好，D錯誤。11.如圖所示，一球員將足球從球門正前方某處踢出，在豎直平面內(nèi)經(jīng)位置1、2、3后落地，位置1、3等高，位置2在最高點。不考慮足球的旋轉(zhuǎn)，若空氣阻力大小與瞬時速度大小成正比，則足球豎直方向分運動的加速度大?。ǎ〢.1點最大 B.2點最大 C.3點最大 D.整個運動過程保持不變〖答案〗A〖解析〗由于存在空氣阻力，位置2在最高點，可知速度最??；又位置1、3等高，位置1的速度大于位位置3，空氣阻力大小與瞬時速度大小成正比，所以三者中位置1的速度最大，進一步分析可知豎直方向上速度最大，豎直方向空氣阻力也最大；此外還受到重力作用，又位置1豎直方向空氣阻力向下，因此位置1的豎直方向上的加速度最大。12.如圖所示，質(zhì)量為m的小球，用一長為l的細線懸于O點，將懸線拉直成水平狀態(tài)，并給小球一個豎直向下的速度讓小球向下運動，O點正下方D處有一釘子，小球運動到B處時會以D為圓心做圓周運動，若小球能夠通過C點，不計空氣阻力，那么OD的距離最少為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗要使OD的距離最小，則小球應(yīng)從A點由靜止開始向下運動，且恰能通過C點，設(shè)小球以D為圓心做圓周運動的半徑為r，在C點有小球從A運動到C，根據(jù)機械能守恒定律聯(lián)立以上兩式解得則OD的最小距離為13.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一足夠長且與水平方向成30°的斜面，斜面上有A、B兩點，S點在O點正上方，其中OS、OA、AB的長度均為l，若以初速度從S點水平射出一個小球，正好可以擊中A點，不計空氣阻力，當?shù)刂亓铀俣葹間，以下說法正確的是（）A.若將發(fā)射速度增大到則正好擊中B點B.小球分別擊中A點和B點時速度與斜面夾角C.小球分別擊中A點和B點時速度與斜面夾角D.調(diào)整大小使小球擊中B點，則擊中時速度大小為〖答案〗B〖解析〗A．如圖所示，過A點做水平面，當下落高度相同時所用時間相同，若以射出小球，水平位移為原來2倍，會過B點正上方的點，不會正好擊中B點，A錯誤；BC．落至斜面上時速度偏角為位移偏角為對比可知由圖可知，落至A點時位移偏角較大，速度偏角較大，速度與斜面夾角故小球分別擊中A點和B點時速度與斜面夾角，B正確，C錯誤；D．調(diào)整大小使小球擊中B點，水平方向、豎直方向分別有聯(lián)立解得則擊中時速度大小為D錯誤。二、不定項選擇題（本題共3小題，每小題4分，共12分。在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分。）14.一游客乘坐觀光電梯進行游覽，取豎直向上為正方向，游客的速度－時間關(guān)系圖像如圖所示，則下列說法正確的是（）A.在內(nèi)，游客處于超重狀態(tài) B.在內(nèi)，游客處于失重狀態(tài)C.在內(nèi)，游客處于超重狀態(tài) D.在內(nèi)，游客對電梯的壓力增大〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，由圖像可知在內(nèi)，電梯的加速度豎直向上，游客的加速度也豎直向上，則游客處于超重狀態(tài)，故A正確；B．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，由圖像可知在內(nèi)，電梯做勻速直線運動，游客處于平衡狀態(tài)，故B錯誤；CD．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，由圖像可知在內(nèi)，電梯的加速度豎直向下，游客的加速度也豎直向下，游客處于失重狀態(tài)，且加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律可得即可知電梯對游客的支持力逐漸增大，根據(jù)牛頓第三定律可知，游客對電梯的壓力逐漸增大，故C錯誤，D正確。15.如圖所示，在地面上以速度拋出質(zhì)量為m的物體，拋出后物體落到比地面低h的海平面上。若以地面為參考平面，且不計空氣阻力，則下列選項正確的是（）A.物體落到海平面時的勢能為 B.重力對物體做的功為C.物體在海平面上的動能為 D.物體在海平面上的機械能為〖答案〗BC〖解析〗A．以地面為參考平面，物體落到海平面時的勢能為?，A錯誤；B．由力對物體做功的定義可知，重力對物體做的功為，B正確；C．由題意可知，物體在拋出點的機械能為，物體從拋出點到海平面的運動中只有重力做功，因此機械能守恒，則有物體在海平面上的動能為，C正確；D．物體從拋出點到海平面的運動中只有重力做功，因此機械能守恒，物體在拋出點的機械能為，則有物體在海平面上的機械能為，D錯誤。16.如圖所示，傾角為37°的固定斜面上，有一原長為0.2m的輕彈簧一端固定在斜面底端C處，另一端位于斜面B點，彈簧處于自然狀態(tài)，斜面長。質(zhì)量為m=1kg的小球自A點由靜止釋放，到達最低點E（未畫出）后，沿斜面被彈回，恰能到達最高點D。已知m，小球與斜面間的動摩擦因數(shù)，（取，，），則下列選項正確的是（）A.小球第一次到達B點時速度大小為2m/sB.小球第一次運動到B點所用時間為1sC.E點距C點的距離為0.15mD.小球運動到E點時彈簧的彈性勢能為2.4J〖答案〗AD〖解析〗A．令彈簧原長為L0，小球第一次到達B點過程有解得A正確；B．小球第一次運動到B點有，解得t=0.5sB錯誤；C．小球從B點到彈回D點過程有根據(jù)題意可知解得則E點距C點的距離為C錯誤；D．小球從B點到E點過程有解得D正確。三、實驗題（本題共兩小題，每小空2分，共18分。）17.甲同學準備做“驗證機械能守恒定律”實驗，乙同學準備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗。（1）圖中A、B、C、D、E是部分實驗器材，甲同學需選用的器材有___________；乙同學需選用的器材有___________；（用字母表示）（2）甲同學實驗時，質(zhì)量的重錘自由下落，在紙帶上打出了一系列的點，如圖所示，O為計時器打下的第一個點，相鄰計數(shù)點時間間隔為0.02s，長度單位是cm，g取9.8。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）：①打點計時器打下計數(shù)點B時，物體的速度__________。②從點O到打下計數(shù)點B的過程中，物體重力勢能的減小量__________J。③若甲同學選取了包含O點在內(nèi)某個過程，發(fā)現(xiàn)重物動能的增加量略大于重力勢能的減小量，造成這一結(jié)果的原因可能是__________。A．重物質(zhì)量過大B．重物質(zhì)量測量錯誤C．先釋放紙帶，后接通電源（3）乙同學想用“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗裝置如圖3驗證機械能守恒定律，在實驗前通過墊木塊平衡了小車所受的阻力，平衡阻力后小車和砂桶系統(tǒng)的機械能是守恒的，你認為乙同學設(shè)想_______（填“正確”、“錯誤”）?！即鸢浮剑?）AB##BABDE##EDB（2）①.0.97②.0.48③.C（3）錯誤〖解析〗（1）甲同學準備做“驗證機械能守恒定律”實驗，需選用的器材有重錘A和打點計時器B。乙同學準備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗，需選用的器材有打點計時器B、小車D和砝碼E。（2）①打點計時器打下計數(shù)點B時，由中間時刻的瞬時速度等于平均速度，可得物體的速度為②從點O到打下計數(shù)點B的過程中，物體重力勢能的減小量③AB．因重力勢能的減小量和動能的增加量計算時都與質(zhì)量有關(guān)，因此重物質(zhì)量過大和重物質(zhì)量測量錯誤都不會使重物動能的增加量略大于重力勢能的減小量，AB不符合題意；C．先釋放紙帶，后接通電源，則打第一個點時的速度已經(jīng)不是零，則計算動能增加量時會造成偏大，C符合題意。（3）平衡阻力后小車和砂桶系統(tǒng)在運動中還會克服阻力做功，機械能會減小，小車和砂桶系統(tǒng)的機械能是不守恒的，因此乙同學設(shè)想平衡阻力后小車和砂桶系統(tǒng)的機械能守恒，是錯誤的。18.為了更全面地探究平拋運動的規(guī)律，某實驗小組利用如圖所示裝置進行實驗：（1）關(guān)于該實驗，下列說法中正確的是：__________（多選）A.該實驗軌道必須盡量光滑，以減小摩擦B.每次都要將小球從軌道同一位置無初速靜止釋放C.記錄的點應(yīng)適當多一些D.擋板高度必須等間距變化（2）如圖乙所示，小王和小李兩位同學合作實驗，打出一系列痕跡點，發(fā)現(xiàn)在每個落點附近都有2個痕跡點，小王和小李分別用不同的光滑曲線擬合了平拋軌跡。你認為__________（選填“小王”或“小李”）的軌跡更符合實際情況。（3）如圖丙所示，針對在軌跡上取A、B、C三點，和的水平間距相等且均為x，測得和的豎直間距分別是和?？汕蟮娩撉蚱綊伒某跛俣却笮開_________（已知當?shù)刂亓铀俣葹間，結(jié)果用上述字母表示）?！即鸢浮剑?）BC##CB（2）小王（3）〖解析〗（1）AB．該實驗是通過多次釋放小球在白紙上留下痕跡描繪平拋運動的軌跡，故只要將小球每次從同一位置無初速靜止釋放，離開斜槽末端的速度就相同，軌跡就為同一軌跡，所以軌道無需光滑，故A錯誤，B正確；

C．記錄的點應(yīng)適當多一些，軌跡更準確，故C正確；

D．擋板高度無須等間距變化，故D錯誤。（2）由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時會留下一個痕跡，還要往下運動，鋼球側(cè)面還會在白紙上擠壓出一個痕跡點，測豎直距離時是較低一側(cè)為準，故小王同學更符合實際情況；（3）根據(jù)豎直方向的勻變速直線運動規(guī)律有水平方向有解得四、計算題（本題4小題，共31分。解答應(yīng)寫明必要的文字說明、方程式或演算步驟.有數(shù)值計算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。）19.疫情期間，為了避免人員直接接觸，常用無人機運送物品。如圖所示，無人機攜帶質(zhì)量為1.0kg的醫(yī)藥箱從地面由靜止開始豎直向上做勻加速直線運動，2.0s后開始做勻速直線運動，勻速上升一段距離后做勻減速運動，減速4.0s到達用戶陽臺，恰好懸停。若在勻加速階段無人機對醫(yī)藥箱的作用力F1的大小為12N，整個運動過程中醫(yī)藥箱可看成質(zhì)點，忽略醫(yī)藥箱在運動過程中受到的空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。（1）求醫(yī)藥箱運動過程中的最大速度；（2）求勻減速階段無人機對醫(yī)藥箱的作用力F2的大小?！即鸢浮剑?）4m/s；（2）9N〖解析〗（1）對醫(yī)藥箱做受力分析有F1-mg=ma1計算得a1=2m/s2醫(yī)藥箱運動過程中的最大速度，即醫(yī)藥箱加速的末速度，根據(jù)勻變速直線運動有v1=a1t1=2×2m/s=4m/s（2）醫(yī)藥箱在減速階段有0-v1=a2t2解得a2=1m/s2（方向向下）根據(jù)牛頓第二定律有mg-F2=ma2解得F2=9N20.兩顆人造地球衛(wèi)星，在同一平面上沿相同繞行方向繞地球做勻速圓周運動，它們的軌道半徑分別為2R、8R，R為地球半徑，地面重力加速度為g，如果我們把兩衛(wèi)星相距最近稱為兩衛(wèi)星相遇，求：（1）地球的第一宇宙速度；（2）這兩顆衛(wèi)星的角速度；（3）這兩顆衛(wèi)星每隔多長時間相遇一次？〖答案〗（1）；（2）；；（3）〖解析〗（1）貼近地球表面做勻速圓周運動衛(wèi)星的線速度即為第一宇宙速度，根據(jù)解得（2）根據(jù)萬有引力提供向心力結(jié)合黃金代換式可得軌道半徑分別為2R、8R兩顆衛(wèi)星的角速度為（3）兩顆衛(wèi)星相遇間隔21.如圖所示，用一條絕緣輕繩懸掛一個帶正電的小球，小球質(zhì)量為，所帶電荷量為?，F(xiàn)加一勻強電場，場強方向與水平方向的夾角為30°斜向下，小球平衡時，拉小球的繩子與豎直方向的夾角也為30°，試求：（1）該電場的電場強度大小及繩子的拉力大?。唬?）改變勻強電場方向，在保證小球空間位置不變且平衡的條件下，該電場強度的最小值與方向？〖答案〗（1），；（2），方向垂直于細繩斜向上〖解析〗（1）由平衡條件及幾何關(guān)系可得所以（2）當小球受到的電場力垂直于細繩斜向上時，場強達到最小值，可得場強大小為場強方向垂直于細繩斜向上。22.某興趣小組設(shè)計了一個“螺絲”形的豎直軌道模型，如圖所示，將一質(zhì)量為的小球（視為質(zhì)點）放在O點用彈簧裝置將其從靜止彈出，使其沿著半圓形豎直光滑軌道和運動，、是材料相同的水平面，其中段，足夠長。是與C、點相切的豎直圓形光滑軌道（C、相互靠近且錯開）。已知圓弧的半徑，圓弧的半徑和的半徑，小球與、間的動摩擦因數(shù)均為，其余軌道均光滑，彈簧的最大彈性勢能，小球運動時始終沒有脫離軌道（g取10）。求：（1）小球通過A點的最小速度和對軌道N點（與O點等高）的最小壓力；（2）要使小球最終停在段，求彈簧彈性勢能的范圍；（3）以C點為坐標原點，為x軸，從C到G方向為正方向，求出彈簧彈性勢能與小球停止位置坐標x的關(guān)系。〖答案〗（1），6N，方向向左；（2）；（3）見〖解析〗〖解析〗（1）在A點，當軌道對小球的彈力恰好為零時速度最小，根據(jù)牛頓第二定律可得解得從A到N根據(jù)動能定理可得得在N點根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)牛頓第三定律可得小球?qū)壍繬點的最小壓力為6N，方向向左。（2）小球恰好能夠經(jīng)過A點，彈簧的彈性勢能為解得恰好達到D點，對應(yīng)彈簧的彈性勢能為解得故要使小球最終停在段，彈簧彈性勢能應(yīng)滿足。（3）過B后停在C點時彈簧對應(yīng)點彈性勢能解得恰好過E點時彈簧對應(yīng)點彈性勢能解得①當時，停段解得（）②當時，第二次過C返回停段，根據(jù)能量關(guān)系可得解得（）③當時，過E停段，根據(jù)能量關(guān)系可得解得（）浙北G2期中聯(lián)考2022學年第二學期高一物理試題一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列國際單位制中表示能量單位的是（）A.kg·m2/s2 B.kg·m/s2 C.W D.J/s〖答案〗A〖解析〗A．因為1kg·m2/s2=1kg·m/s2?m=1N?m=1J，A正確；B．因為1kg·m/s2=1N，B錯誤；C．W功率單位，C錯誤；D．1J/s=1W是功率單位，D錯誤。2.以下說法中正確的是（）A.力對物體做功越快，力的功率一定越大B.合外力不做功，物體必定做勻速直線運動C.在相同的時間內(nèi)作用力與反作用力做的功一定是絕對值相等，一正一負D.由P＝可知，只要知道W和t的值就可以計算出任意時刻的功率〖答案〗A〖解析〗A．功率是表示力對物體做功快慢的物理量，力對物體做功越快，力的功率一定越大，故A正確；B．合外力不做功，物體速度大小不變，方向可能變化，物體不一定做勻速直線運動，故B錯誤；C．作用力與反作用力分別作用在兩個物體上，兩個物體的運動狀態(tài)不一定相同，所以在相同的時間內(nèi)做的功不一定是絕對值相等，一正一負的，故C錯誤；D．由計算出的功率時平均功率，故D錯誤。3.為了求出樓房的高度，讓一小石塊從樓頂上自由下落（不計空氣阻力），只測出石塊運動過程中哪個物理量一定可以計算出樓的高度（）A.第1s的位移 B.最后1s的位移C.石塊的質(zhì)量 D.任意1s時間內(nèi)的位移和這1s的末速度〖答案〗B〖解析〗A．只知道第一秒的位移只能求出一秒內(nèi)的相關(guān)信息，無法求出樓的高度，A錯誤；B．設(shè)運動時間為t，根據(jù)可算出下落時間即可求出樓的高度，B正確；C．知道石頭質(zhì)量，無法知道石頭的運動情況，不能求出樓的高度，C錯誤；D．任意1s時間內(nèi)的位移和這1s的末速度，無法求出整個運動過程的相關(guān)信息，D錯誤。4.對于書本中幾幅插圖所涉及的物理現(xiàn)象或原理，下列說法不正確的是（）A.甲圖中，該女生和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷B.乙圖為靜電除塵裝置的示意圖，帶負電的塵埃被收集在線狀電離器B上C.丙圖中，燃氣灶中電子點火器點火應(yīng)用了尖端放電的原理D.丁圖中，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣應(yīng)用了靜電屏蔽的原理〖答案〗B〖解析〗A．甲圖中，該女生接觸帶電的金屬球，與金屬球帶同種性質(zhì)的電荷，故A正確；B．乙圖中線狀電離器B帶負電，管壁A帶正電，帶負電的塵埃被收集在管壁A上，故B錯誤；C．丙圖中，燃氣灶中電子點火器點火應(yīng)用了尖端放電的原理，故C正確；D．金屬體殼能產(chǎn)生靜電屏蔽作用，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣應(yīng)用了靜電屏蔽的原理，故D正確。5.某游客參觀完慈城古縣城后，想去余姚河姆渡遺址博物館進行游覽，如圖所示是導航給出的三種行駛方案。下列說法中正確的是（）A.方案1的位移最小B.方案2的“26分鐘”是指時刻C.方案3中的“16公里”是指位移大小D.方案1的平均速度大小大于方案3的平均速度大小〖答案〗D〖解析〗A．位移是從初位置指向末位置的有向線段，三種方案的初位置末位置均相同，則位移相同，故A錯誤；B．方案2的“26分鐘”是時間段，指時間間隔，故B錯誤；C．方案3中的“16公里”是指路程，故C錯誤；D．平均速度是位移與時間的比值，方案1和方案3位移相同，方案1的時間更短，平均速度更大，故D正確。6.如圖所示的我國第三艘航空母艦“福建艦”，在2022年6月17日移出船塢下水廢計劃開展航行試驗。下列情況中“福建艦”可視為質(zhì)點的是（）A.研究航行路線時 B.彈射艦載機時C.移出船塢下水時 D.用操作儀把控方向時〖答案〗A〖解析〗A．依題意，當研究船塢的航行路線時，船塢的形狀和大小可以忽略不計，船塢可以看成質(zhì)點，故A正確；BCD．當研究彈射艦載機時、移出船塢下水時、用操作儀把控方向時，由于船塢的形狀及大小對研究的問題影響較大，所以船塢均不能看成質(zhì)點，故BCD錯誤。7.2022年2月4日，在花樣滑冰女單短節(jié)目比賽中，俄羅斯運動員特魯索娃展示其獨門絕技“懸臂”。她身體后彎，整個背部幾乎平行于冰面，頭向后優(yōu)雅地垂下，幾乎貼在冰上，形成一個優(yōu)美的半弧。特魯索瓦的運動軌跡近似為圓周。以下說法正確的是（）A.運動過程中運動員的線速度保持不變B.地面對運動員的作用力豎直向上C.滑行過程中，運動員的重心可能不在其身上D.運動員受到的摩擦力沿半徑方向指向軌跡圓心〖答案〗C〖解析〗A.特魯索瓦的軌跡近似為圓周，所以運動過程中運動員的線速度方向一直改變，A錯誤；B.地面對運動員的作用力為豎直向上的支持力和平行于冰面的摩擦力的合力，不是豎直向上，B錯誤；C.滑行過程中，運動員的重心隨著姿勢不斷變化，因此重心可能在運動員身體之外，C正確；D.運動員做非勻速圓周運動，受到的摩擦力提供向心力的同時，也阻礙運動員的運動，不是指向圓心，D錯誤。8.如圖所示為各種電場電場線的分布圖，場中的長方體均為導體，其中正確的有（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗A．導體在電場中會產(chǎn)生靜電感應(yīng)，靜電平衡時整個導體是一個等勢體，表面是一個等勢面，而電場線與等勢面垂直，即與導體表面垂直，故A錯誤。

B．靜電平衡時導體內(nèi)部場強處處為零，即金屬盒內(nèi)部場強為零，不存在電場，不能畫電場線，故B錯誤。

C．勻強電場的電場線分布應(yīng)平行等間距的，故C錯誤。

D．電場線從正電荷出發(fā)終止于負電荷或無窮遠，故D正確。9.2022年5月，我國成功完成了天舟四號貨運飛船與空間站的對接，形成的組合體在地球引力作用下繞地球做勻速圓周運動，周期約90分鐘。下列說法正確的是（）A.組合體的速度大于第一宇宙速度 B.組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大C.組合體中的貨物處于超重狀態(tài) D.組合體的加速度大小比地球同步衛(wèi)星的小〖答案〗B〖解析〗A.由題意，組合體在地球引力作用下繞地球做圓周運動，而第一宇宙速度為最大環(huán)繞速度，則組合體的速度不可能大于第一宇宙速度，A錯誤；B.已知同步衛(wèi)星的周期為24h，根據(jù)角速度與周期成反比，由于同步衛(wèi)星周期大于組合體周期，所以組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大，B正確；C.組合體在天上只受萬有引力的作用，加速度方向指向地心，所以處于失重狀態(tài)，C錯誤；D.由萬有引力提供向心力，同一中心天體，運動周期的平方與軌道半徑的三次方成正比，所以同步衛(wèi)星軌道半徑大于組合體軌道半徑。又加速度與軌道半徑平方成反比，所以同步衛(wèi)星加速度小于組合體加速度，D錯誤。10.短跑比賽中，運動員會借助助推器起跑。如圖所示，照片記錄了奧運冠軍劉翔利用助推器起跑的瞬間，在起跑的過程中，下列說法正確的是（）A.助推器對腳面的支持力做正功B.劉翔的動能來源于身體內(nèi)部肌肉張力做正功C.劉翔的機械能守恒D.是否使用助推器對加速效果沒有影響〖答案〗B〖解析〗A．腳面未離開助推器，助推器對腳面的支持力不做功，故A錯誤；B．劉翔屬于質(zhì)點系統(tǒng)，肌肉張力屬于內(nèi)力做正功，導致劉翔動能增加，故B正確；C．起跑過程肌肉做人體系統(tǒng)做正功，機械能增加，或是起跑過程動能增加，重力勢能幾乎不變，機械能增加，故C錯誤；D．助推器利用支持力的分力來提供合外力，加速效果比靠靜摩擦力要好，D錯誤。11.如圖所示，一球員將足球從球門正前方某處踢出，在豎直平面內(nèi)經(jīng)位置1、2、3后落地，位置1、3等高，位置2在最高點。不考慮足球的旋轉(zhuǎn)，若空氣阻力大小與瞬時速度大小成正比，則足球豎直方向分運動的加速度大?。ǎ〢.1點最大 B.2點最大 C.3點最大 D.整個運動過程保持不變〖答案〗A〖解析〗由于存在空氣阻力，位置2在最高點，可知速度最??；又位置1、3等高，位置1的速度大于位位置3，空氣阻力大小與瞬時速度大小成正比，所以三者中位置1的速度最大，進一步分析可知豎直方向上速度最大，豎直方向空氣阻力也最大；此外還受到重力作用，又位置1豎直方向空氣阻力向下，因此位置1的豎直方向上的加速度最大。12.如圖所示，質(zhì)量為m的小球，用一長為l的細線懸于O點，將懸線拉直成水平狀態(tài)，并給小球一個豎直向下的速度讓小球向下運動，O點正下方D處有一釘子，小球運動到B處時會以D為圓心做圓周運動，若小球能夠通過C點，不計空氣阻力，那么OD的距離最少為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗要使OD的距離最小，則小球應(yīng)從A點由靜止開始向下運動，且恰能通過C點，設(shè)小球以D為圓心做圓周運動的半徑為r，在C點有小球從A運動到C，根據(jù)機械能守恒定律聯(lián)立以上兩式解得則OD的最小距離為13.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一足夠長且與水平方向成30°的斜面，斜面上有A、B兩點，S點在O點正上方，其中OS、OA、AB的長度均為l，若以初速度從S點水平射出一個小球，正好可以擊中A點，不計空氣阻力，當?shù)刂亓铀俣葹間，以下說法正確的是（）A.若將發(fā)射速度增大到則正好擊中B點B.小球分別擊中A點和B點時速度與斜面夾角C.小球分別擊中A點和B點時速度與斜面夾角D.調(diào)整大小使小球擊中B點，則擊中時速度大小為〖答案〗B〖解析〗A．如圖所示，過A點做水平面，當下落高度相同時所用時間相同，若以射出小球，水平位移為原來2倍，會過B點正上方的點，不會正好擊中B點，A錯誤；BC．落至斜面上時速度偏角為位移偏角為對比可知由圖可知，落至A點時位移偏角較大，速度偏角較大，速度與斜面夾角故小球分別擊中A點和B點時速度與斜面夾角，B正確，C錯誤；D．調(diào)整大小使小球擊中B點，水平方向、豎直方向分別有聯(lián)立解得則擊中時速度大小為D錯誤。二、不定項選擇題（本題共3小題，每小題4分，共12分。在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分。）14.一游客乘坐觀光電梯進行游覽，取豎直向上為正方向，游客的速度－時間關(guān)系圖像如圖所示，則下列說法正確的是（）A.在內(nèi)，游客處于超重狀態(tài) B.在內(nèi)，游客處于失重狀態(tài)C.在內(nèi)，游客處于超重狀態(tài) D.在內(nèi)，游客對電梯的壓力增大〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，由圖像可知在內(nèi)，電梯的加速度豎直向上，游客的加速度也豎直向上，則游客處于超重狀態(tài)，故A正確；B．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，由圖像可知在內(nèi)，電梯做勻速直線運動，游客處于平衡狀態(tài)，故B錯誤；CD．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，由圖像可知在內(nèi)，電梯的加速度豎直向下，游客的加速度也豎直向下，游客處于失重狀態(tài)，且加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律可得即可知電梯對游客的支持力逐漸增大，根據(jù)牛頓第三定律可知，游客對電梯的壓力逐漸增大，故C錯誤，D正確。15.如圖所示，在地面上以速度拋出質(zhì)量為m的物體，拋出后物體落到比地面低h的海平面上。若以地面為參考平面，且不計空氣阻力，則下列選項正確的是（）A.物體落到海平面時的勢能為 B.重力對物體做的功為C.物體在海平面上的動能為 D.物體在海平面上的機械能為〖答案〗BC〖解析〗A．以地面為參考平面，物體落到海平面時的勢能為?，A錯誤；B．由力對物體做功的定義可知，重力對物體做的功為，B正確；C．由題意可知，物體在拋出點的機械能為，物體從拋出點到海平面的運動中只有重力做功，因此機械能守恒，則有物體在海平面上的動能為，C正確；D．物體從拋出點到海平面的運動中只有重力做功，因此機械能守恒，物體在拋出點的機械能為，則有物體在海平面上的機械能為，D錯誤。16.如圖所示，傾角為37°的固定斜面上，有一原長為0.2m的輕彈簧一端固定在斜面底端C處，另一端位于斜面B點，彈簧處于自然狀態(tài)，斜面長。質(zhì)量為m=1kg的小球自A點由靜止釋放，到達最低點E（未畫出）后，沿斜面被彈回，恰能到達最高點D。已知m，小球與斜面間的動摩擦因數(shù)，（取，，），則下列選項正確的是（）A.小球第一次到達B點時速度大小為2m/sB.小球第一次運動到B點所用時間為1sC.E點距C點的距離為0.15mD.小球運動到E點時彈簧的彈性勢能為2.4J〖答案〗AD〖解析〗A．令彈簧原長為L0，小球第一次到達B點過程有解得A正確；B．小球第一次運動到B點有，解得t=0.5sB錯誤；C．小球從B點到彈回D點過程有根據(jù)題意可知解得則E點距C點的距離為C錯誤；D．小球從B點到E點過程有解得D正確。三、實驗題（本題共兩小題，每小空2分，共18分。）17.甲同學準備做“驗證機械能守恒定律”實驗，乙同學準備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗。（1）圖中A、B、C、D、E是部分實驗器材，甲同學需選用的器材有___________；乙同學需選用的器材有___________；（用字母表示）（2）甲同學實驗時，質(zhì)量的重錘自由下落，在紙帶上打出了一系列的點，如圖所示，O為計時器打下的第一個點，相鄰計數(shù)點時間間隔為0.02s，長度單位是cm，g取9.8。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）：①打點計時器打下計數(shù)點B時，物體的速度__________。②從點O到打下計數(shù)點B的過程中，物體重力勢能的減小量__________J。③若甲同學選取了包含O點在內(nèi)某個過程，發(fā)現(xiàn)重物動能的增加量略大于重力勢能的減小量，造成這一結(jié)果的原因可能是__________。A．重物質(zhì)量過大B．重物質(zhì)量測量錯誤C．先釋放紙帶，后接通電源（3）乙同學想用“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗裝置如圖3驗證機械能守恒定律，在實驗前通過墊木塊平衡了小車所受的阻力，平衡阻力后小車和砂桶系統(tǒng)的機械能是守恒的，你認為乙同學設(shè)想_______（填“正確”、“錯誤”）。〖答案〗（1）AB##BABDE##EDB（2）①.0.97②.0.48③.C（3）錯誤〖解析〗（1）甲同學準備做“驗證機械能守恒定律”實驗，需選用的器材有重錘A和打點計時器B。乙同學準備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗，需選用的器材有打點計時器B、小車D和砝碼E。（2）①打點計時器打下計數(shù)點B時，由中間時刻的瞬時速度等于平均速度，可得物體的速度為②從點O到打下計數(shù)點B的過程中，物體重力勢能的減小量③AB．因重力勢能的減小量和動能的增加量計算時都與質(zhì)量有關(guān)，因此重物質(zhì)量過大和重物質(zhì)量測量錯誤都不會使重物動能的增加量略大于重力勢能的減小量，AB不符合題意；C．先釋放紙帶，后接通電源，則打第一個點時的速度已經(jīng)不是零，則計算動能增加量時會造成偏大，C符合題意。（3）平衡阻力后小車和砂桶系統(tǒng)在運動中還會克服阻力做功，機械能會減小，小車和砂桶系統(tǒng)的機械能是不守恒的，因此乙同學設(shè)想平衡阻力后小車和砂桶系統(tǒng)的機械能守恒，是錯誤的。18.為了更全面地探究平拋運動的規(guī)律，某實驗小組利用如圖所示裝置進行實驗：（1）關(guān)于該實驗，下列說法中正確的是：__________（多選）A.該實驗軌道必須盡量光滑，以減小摩擦B.每次都要將小球從軌道同一位置無初速靜止釋放C.記錄的點應(yīng)適當多一些D.擋板高度必須等間距變化（2）如圖乙所示，小王和小李兩位同學合作實驗，打出一系列痕跡點，發(fā)現(xiàn)在每個落點附近都有2個痕跡點，小王和小李分別用不同的光滑曲線擬合了平拋軌跡。你認為__________（選填“小王”或“小李”）的軌跡更符合實際情況。（3）如圖丙所示，針對在軌跡上取A、B、C三點，和的水平間距相等且均為x，測得和的豎直間距分別是和?？汕蟮娩撉蚱綊伒某跛俣却笮開_________（已知當?shù)刂亓铀俣葹間，結(jié)果用上述字母表示）?！即鸢浮剑?）BC##CB（2）小王（3）〖解析〗（1）AB．該實驗是通過多次釋放小球在白紙上留下痕跡描繪平拋運動的軌跡，故只要將小球每次從同一位置無初速靜止釋放，離開斜槽末端的速度就相同，軌跡就為同一軌跡，所以軌道無需光滑，故A錯誤，B正確；

C．記錄的點應(yīng)適當多一些，軌跡更準確，故C正確；

D．擋板高度無須等間距變化，故D錯誤。（2）由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時會留下一個痕跡，還要往下運動，鋼球側(cè)面還會