高中物理精品試卷PAGEPAGE1重慶市沙坪壩區(qū)重點(diǎn)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期期末復(fù)習(xí)試題（一）第Ⅰ卷（選擇題）一、選擇題：本題共12小題，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9~12題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.物體在時(shí)間t內(nèi)通過了位移s，同時(shí)它的速度變?yōu)樵瓉淼膎倍。如果物體做的是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物體加速度大小（）A.B.C.D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)初速度為，則時(shí)間t后速度變?yōu)?，物體在時(shí)間t內(nèi)通過了位移s，則平均速度為解得所以加速度為故選A。2.如圖所示，席夢(mèng)思的內(nèi)部是由一系列彈簧組成的，現(xiàn)在彈簧上面放一質(zhì)量為10kg的木板，彈簧上的木板處于水平靜止?fàn)顟B(tài)。生產(chǎn)車間的師傅把工具輕輕地放到木板上，工具的質(zhì)量為6kg，重力加速度，則把工具剛放到木板上的瞬間，工具對(duì)木板的壓力大小為（）A.0N B.60N C.160N D.37.5N〖答案〗D〖解析〗木板質(zhì)量為M，工具質(zhì)量為m，把工具剛放到木板上的瞬間，對(duì)整體受力分析，由牛頓第二定律可得解得對(duì)工具研究解得由牛頓第三定律可得，工具對(duì)木板壓力為故選D3.如圖所示，在傾角為α的斜面頂端固定一擺長(zhǎng)為L(zhǎng)的單擺，單擺在斜面上做小角度擺動(dòng)，擺球經(jīng)過平衡位置時(shí)的速度為v，則以下判斷正確的是（）A.單擺在斜面上擺動(dòng)的周期為B.擺球經(jīng)過平衡位置時(shí)的合外力C.若小球帶正電，并加一沿斜面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則單擺的振動(dòng)周期將增大D.若斜面的傾角α增大，則單擺的振動(dòng)周期將增大〖答案〗B〖解析〗AD．單擺在斜面上擺動(dòng)時(shí)等效重力加速度，所以單擺在斜面上擺動(dòng)的周期為當(dāng)傾角α增大，則單擺的振動(dòng)周期將減小，AD錯(cuò)誤；C．若小球帶正電，并加一沿斜面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，可得此時(shí)單擺在斜面上擺動(dòng)等效重力加速度所以振動(dòng)周期將減小，C錯(cuò)誤。故選B。4.2021年2月，“天問一號(hào)”火星探測(cè)器經(jīng)三次近火制動(dòng)后，進(jìn)入運(yùn)行周期為T的橢圓形火星停泊軌道，軌道到火星表面的最近距離與最遠(yuǎn)距離之和為2h，火星半徑為R。假設(shè)某飛船沿圓軌道繞火星飛行，其周期也為T，引力常量為G。依據(jù)以上條件可求得（）A.飛船和“天問一號(hào)”探測(cè)器的質(zhì)量 B.飛船繞火星飛行的半徑為hC.火星的質(zhì)量為 D.火星的密度為〖答案〗D〖解析〗B．探測(cè)器進(jìn)入橢圓形火星停泊軌道時(shí)半長(zhǎng)軸假設(shè)某飛船沿圓軌道繞火星飛行，周期也為T，根據(jù)開普勒第三定律知（k常量）飛船繞火星飛行的半徑是R＋h，B錯(cuò)誤；AC．設(shè)火星質(zhì)量M，飛船和“天問一號(hào)”探測(cè)器的質(zhì)量為m，由萬有引力提供向心力得而m無法求出，AC錯(cuò)誤；D．將火星看作質(zhì)量分布均勻的球體，有M=ρV，聯(lián)立解得，D正確。故選D。5.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電原理圖，變壓器、均為理想變壓器，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，發(fā)電機(jī)的輸出功率為，輸出電壓為，用電器兩端的電壓為，則輸電線上的等效電阻消耗的功率為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意，設(shè)變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為、，變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為、，流過的電流為，根據(jù)原、副線圈兩端的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系有，，解得，由于變壓器、均為理想變壓器，則有輸電線上損失的電壓為電線上的等效電阻消耗的功率為故選B。6.成人體液總量占體重的左右，體液的主要成分是水和電解質(zhì)，因此容易導(dǎo)電，而體內(nèi)脂肪則不容易導(dǎo)電，我們可以用某型號(hào)脂肪測(cè)量?jī)x（如圖甲所示）來測(cè)量脂肪率，脂肪測(cè)量?jī)x根據(jù)人體電阻的大小來判斷脂肪所占比例，模擬電路如圖乙所示。測(cè)量時(shí)，閉合開關(guān)，測(cè)試者兩手分別握住兩手柄，則（）A.體型相近的兩人相比，脂肪含量高者對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)較小，電壓表示數(shù)較小B.體型相近的兩人相比，脂肪含量高者對(duì)應(yīng)的電源輸出功率小C.體型相近的兩人相比，脂肪含量高者對(duì)應(yīng)的電源效率高D.當(dāng)、間電阻逐漸增大時(shí)，以電壓表示數(shù)為橫坐標(biāo)，電流表示數(shù)為縱坐標(biāo)，繪制的圖像是一條過原點(diǎn)的直線〖答案〗C〖解析〗A．體型相近的兩人，脂肪含量高者電阻較大，圖乙為串聯(lián)電路，脂肪含量高者總電阻大，因此總電流小，因此電流表示數(shù)較小，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得兩端電壓為當(dāng)總電流較小時(shí)，兩端電壓較大，即電壓表示數(shù)較大，故A錯(cuò)誤；B．電源的輸出功率與外電阻和電源內(nèi)阻的關(guān)系有關(guān)，外電阻與電源的內(nèi)阻越接近，電源輸出功率越大，本題中未給出外電阻與電源內(nèi)阻的關(guān)系，因此無法確定誰對(duì)應(yīng)的電源輸出功率小，故B錯(cuò)誤；C．圖乙為串聯(lián)電路，因此電源效率為D．根據(jù)閉合回路歐姆定律可得變化后得到可知電壓表示數(shù)為橫坐標(biāo)，電流表示數(shù)為縱坐標(biāo)，繪制的圖像是一條與橫縱和縱軸都有交點(diǎn)的向下傾斜的直線，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一固定光滑圓軌道，圓心為O，半徑為r，最高點(diǎn)為a，水平直徑的右端點(diǎn)為c，ac軌道上有一靠近a點(diǎn)的b點(diǎn)。兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷A、B固定在水平直徑上且到O點(diǎn)的距離相等。重力加速度大小為g?，F(xiàn)沿軌道切線方向給一帶正電的小球P（視為質(zhì)點(diǎn)）一初速度，使小球在軌道內(nèi)側(cè)沿順時(shí)針方向做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮小球P對(duì)電場(chǎng)的影響，則下列說法正確的是（）A.c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度可能為零B.小球P經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)的速度小于C.小球P從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)小球P做正功D.小球P在a點(diǎn)的機(jī)械能大于其在b點(diǎn)的機(jī)械能〖答案〗C〖解析〗A．由題意可知，A、B兩點(diǎn)電荷帶等量異種電荷，水平直徑的右端點(diǎn)為c，由題圖可知，A點(diǎn)電荷到c點(diǎn)的距離大于B點(diǎn)電荷到c點(diǎn)的距離，由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式，可知A、B兩點(diǎn)電荷在c點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不相等，因此c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不可能是零，A錯(cuò)誤；B．小球在軌道內(nèi)側(cè)沿順時(shí)針方向做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，若小球恰好能通過最高點(diǎn)a，則有小球在a點(diǎn)時(shí)受重力、A、B兩點(diǎn)電荷的庫(kù)侖力，小球P帶正電，由對(duì)稱性，可知兩庫(kù)侖力大小相等，兩庫(kù)侖力的合力水平向右，如圖所示，則有小球在a點(diǎn)時(shí)的最小速度應(yīng)是，，B錯(cuò)誤；C．因a點(diǎn)距b點(diǎn)很近，因此小球P從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)小球P做正功，C正確；D．小球P從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力對(duì)小球P做正功，機(jī)械能增加，因此小球P在a點(diǎn)的機(jī)械能小于其在b點(diǎn)的機(jī)械能，D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示的豎直平面內(nèi)，一硬質(zhì)黑板固定在水平面上，傾角為，黑板左側(cè)吸附著一質(zhì)量為的磁性黑板擦，該黑板擦與黑板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，黑板擦受黑板的吸力為且與其接觸面垂直．在圖示平面內(nèi)：存在某一風(fēng)源與某一大小方向任意的外力F，黑板擦受風(fēng)力大小恒為，方向沿風(fēng)源指向黑板擦的射線方向，風(fēng)源位置可以在黑板左側(cè)任意改變，外力F作用在黑板擦上。視最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)其余物體對(duì)黑板擦的磁力影響，下列說法正確的是（）A.若黑板擦是沿黑板向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)的，則當(dāng)?shù)拇笮闀r(shí)，F(xiàn)的最小值為B.若存在當(dāng)時(shí)黑板擦能夠做勻速運(yùn)動(dòng)的可能，的最小值為C.若黑板擦沿黑板向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)大小固定時(shí)，若要存在兩個(gè)不同的力使得黑板擦所受摩擦力相同，則的最小值為D.若存在確定的，使得黑板擦沿黑板向上、向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)所需要的力F最小值相同，則的最小值為〖答案〗D〖解析〗A．若黑板擦是沿黑板向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)的，當(dāng)F的方向與F1方向均治黑板面向上時(shí)，F(xiàn)的值最小，由平衡條件得又聯(lián)立解得，故A錯(cuò)誤；BC．若存在當(dāng)時(shí)黑板擦能夠做勻速運(yùn)動(dòng)的可能，當(dāng)?shù)姆较蜓匦泵嫦蛳聲r(shí)，的值最小，由平衡條件得又解得由B可知C錯(cuò)誤，故BC錯(cuò)誤；D．若存在確定的，使得黑板擦沿黑板向上、向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)所需要的力F最小值相同，當(dāng)方向沿斜面向上時(shí)能滿足，勻速向上時(shí)，由平衡條件得勻速向下時(shí)聯(lián)立解得故D正確。故選D。9.如圖，軋鋼廠的熱軋機(jī)上可以安裝射線測(cè)厚儀，儀器探測(cè)到的射線強(qiáng)度與鋼板的厚度有關(guān)。已知某車間采用放射性同位素銥作為放射源，其化學(xué)符號(hào)是，原子序數(shù)是77，通過衰變放出射線，產(chǎn)生新核X，半衰期為74天，適合透照鋼板厚度，已知鋼板厚度標(biāo)準(zhǔn)為，下列說法正確的是（）A.放射性同位素發(fā)生衰變時(shí)，遵循能量守恒和質(zhì)量守恒B.上述衰變方程為C.若有銥，經(jīng)過148天有沒有衰變D.若探測(cè)器得到的射線變?nèi)鯐r(shí)，說明鋼板厚度大于，應(yīng)當(dāng)減小熱軋機(jī)兩輪之間的厚度間隙〖答案〗BD〖解析〗A．放射性同位素發(fā)生衰變時(shí)，由于能量守恒，從而出現(xiàn)質(zhì)量虧損，因此遵循質(zhì)量數(shù)守恒而非質(zhì)量守恒，A錯(cuò)誤；B．上述衰變方程，根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可得，B正確；C．經(jīng)過148天恰好為兩個(gè)半衰期，有發(fā)生了衰變，因此只剩沒有衰變，C錯(cuò)誤；D．若探測(cè)器得到的射線變?nèi)鯐r(shí)，說明鋼板厚度大于，應(yīng)當(dāng)減小熱軋機(jī)兩輪之間的厚度間隙，D正確。故選BD。10.A、B汽缸的水平長(zhǎng)度為20cm，截面積均為，C是可在汽缸內(nèi)無摩擦滑動(dòng)的、體積不計(jì)的活塞，D為閥門，整個(gè)裝置均由導(dǎo)熱材料制成且環(huán)境溫度恒定，開始閥門關(guān)閉，A內(nèi)有壓強(qiáng)的氮?dú)猓珺內(nèi)有壓強(qiáng)的氧氣，閥門打開后，活塞C向右移動(dòng)，最后達(dá)到平衡。下列說法正確的有（）A.活塞C向右移動(dòng)了10cmB.平衡后A氣缸壓強(qiáng)為CA氣缸內(nèi)氣體要對(duì)外做功，要從外界吸熱D.若B氣缸抽成真空，打開閥門D，A氣缸中氣體要對(duì)外做功，要從外界吸熱〖答案〗BC〖解析〗AB．設(shè)閥門打開后，活塞C向右移動(dòng)了x，最后達(dá)到平衡時(shí)AB氣體的壓強(qiáng)均為p，A、B氣體初始體積均為V0，則對(duì)A、B氣體由玻意耳定律可得，解得，故A錯(cuò)誤，B正確；C．因?yàn)檎麄€(gè)裝置均由導(dǎo)熱材料制成且環(huán)境溫度恒定，所以氣體溫度保持不變，即氣體內(nèi)能不變，即又因氣體A膨脹，對(duì)外做功，即所以由熱力學(xué)第一定律得即氣體A要從外界吸熱，故C正確；D．若B氣缸抽成真空，打開閥門D后，A氣缸中氣體膨脹過程對(duì)外不做功，又因?yàn)闅怏w內(nèi)能不變，所以A氣體既不需要從外界吸熱也不向外界放熱，故D錯(cuò)誤。故選BC。11.光滑水平面上質(zhì)量為的物體在水平拉力F的作用下從靜止開始運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示，若力F隨時(shí)間的變化情況如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.拉力在前內(nèi)和后內(nèi)的平均功率之比為B.拉力在末和末做功的功率之比為C.在前內(nèi)或后內(nèi)物體的動(dòng)能變化率與時(shí)間成線性關(guān)系D.若把后內(nèi)的拉力反向，則物體的前內(nèi)和后內(nèi)的做功之比為〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)題意，牛頓第二定律可得，物體在內(nèi)，加速度為在內(nèi)，加速度為物體在前內(nèi)的位移為2s末的速度為在內(nèi)的位移為則拉力在前內(nèi)做功在后4s做功為拉力在前2s內(nèi)的平均功率為后4s內(nèi)做功的功率則拉力在前內(nèi)和后內(nèi)的平均功率之比為，故A正確；B．根據(jù)題意，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，物體在4s末的速度為物體在6s末的速度為由公式可知，拉力在末和末做功的功率之比為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，在前2s內(nèi)，由動(dòng)能定理有則動(dòng)能變化率為在后4s內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理有則動(dòng)能變化率為由此可看出在前2s內(nèi)或后4s內(nèi)物體的動(dòng)能變化率與時(shí)間均成線性關(guān)系，故C正確；D．根據(jù)題意，若把后內(nèi)的拉力反向，由牛頓第二定律可得，物體的加速度為則物體在內(nèi)的位移為拉力做功為則物體的前內(nèi)和后內(nèi)的做功之比為，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.電子感應(yīng)加速器是利用感生電場(chǎng)來加速電子的一種裝置，如圖甲是加速器的結(jié)構(gòu)原理圖，在電磁鐵的兩極間有一環(huán)形向外逐漸減弱、并對(duì)稱分布的交變磁場(chǎng)，這個(gè)交變磁場(chǎng)又在真空室內(nèi)激發(fā)感生電場(chǎng)，其電場(chǎng)線是一系列繞磁感線的同心圓。這時(shí)若用電子槍把電子沿切線方向射入環(huán)形真空室，電子將受到環(huán)形真空室中的感生電場(chǎng)的作用而被加速，同時(shí)，電子還受到洛倫茲力的作用，使電子在半徑為R的圓形軌道上運(yùn)動(dòng)。已知感生電場(chǎng)大小正比于磁通量的變化率，即，電子電荷量為，電子軌道所圍面積內(nèi)平均磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化如圖乙所示（向內(nèi)為的正方向），則下列說法正確的是（）A.感生電場(chǎng)的大小為B.電子加速運(yùn)動(dòng)一周增加的動(dòng)能為C.電子在軌道上運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間與速度大小無關(guān)D.電子軌道處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與滿足〖答案〗BD〖解析〗AB．感生電場(chǎng)加速過程電場(chǎng)力總與速度方向一致，電子運(yùn)動(dòng)一周電場(chǎng)力做的功又因洛倫茲力不做功，所以故A錯(cuò)誤，B正確；D．由于電子軌道半徑不變，，，B隨速度的增加而增大又由切線方向聯(lián)立兩式有說明B與都在改變，但一直保持，故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題）二、非選擇題：本題共5小題，共52分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。13.實(shí)驗(yàn)小組利用光電門和數(shù)字傳感設(shè)備設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊募煽蚣埽鐖D甲所示，框架上裝有兩個(gè)光電門，都可上下移動(dòng)；框架的豎直部分貼有刻度尺，零刻度線在上端，可以直接讀出兩個(gè)光電門到零刻度線的距離x1和x2；框架水平部分安裝了電磁鐵，將質(zhì)量為m的小鐵球吸住。一且斷電，小鐵球就由靜止釋放，先后經(jīng)過兩個(gè)光電門時(shí)，與光電門連接的數(shù)字傳感器即可測(cè)算出速度大小v1和v2。多次改變兩個(gè)光電門的位置，得到多組x1和x2、v1和v2的數(shù)據(jù)建立如圖乙所示的坐標(biāo)系并描點(diǎn)連線，得出圖線的斜率為k。（1）需要提前向數(shù)字傳感器輸入小球的直徑d，當(dāng)小鐵球經(jīng)過光電門時(shí)，光電門記錄下小球經(jīng)過光電門的時(shí)間t，測(cè)算出的速度v=______。（2）當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_____（用k表示）。（3）若選擇刻度尺的0刻度所在高度為零勢(shì)能面，則小鐵球經(jīng)過光電門1時(shí)的機(jī)械能表達(dá)式為______（用題中的x1、x2、m、v1、v2、k表示）〖答案〗（1）（2）（3）〖解析〗〖1〗由于小鐵球通過光電門的時(shí)間極短，所以小球通過光電門的瞬時(shí)速度會(huì)近似等于小球經(jīng)過光電門的平均速度，所以速度為〖2〗小鐵球從光電門1到光電門2做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得解得結(jié)合圖像可知〖3〗小鐵球從0刻度所在位置到經(jīng)過光電門1的過程中，小鐵球只受重力作用，故由機(jī)械能守恒定律可得即小鐵球經(jīng)過光電門1時(shí)的機(jī)械能為14.夏天的時(shí)候，教室里很多同學(xué)都會(huì)買一個(gè)手持的小型電風(fēng)扇，某同學(xué)想根據(jù)所學(xué)的電學(xué)知識(shí)，利用實(shí)驗(yàn)室的器材描繪出這臺(tái)電風(fēng)扇的伏安特性曲線。該同學(xué)通過說明書得到電電源E：電動(dòng)勢(shì)為6.0V，內(nèi)阻忽略不計(jì)電流表A1：量程0.6A，內(nèi)阻約為10Ω電流表A2：量程100mA，內(nèi)阻為r2=4Ω定值電阻R1=10Ω定值電阻R2=50Ω滑動(dòng)變阻器R3：最大阻值100Ω，最大電流3A滑動(dòng)變阻器R4：最大阻值5Ω，最大電流2A滑動(dòng)變阻器R5：最大阻值2Ω，最大電流0.5A（1）實(shí)驗(yàn)為了得到小電風(fēng)扇完整的伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用___________（選填“R3”“R4”或“R5”）；為了精確測(cè)量數(shù)據(jù)，選用定值電阻___________（選填“R1”或“R2”），將電流表A2改裝成電壓表使用；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)室借到的實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路，將最優(yōu)電路設(shè)計(jì)圖畫在圖甲虛線方框內(nèi)，需在圖中標(biāo)上所用元件對(duì)應(yīng)的符號(hào)，電風(fēng)扇符號(hào)用M表示；___________（3）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，小電風(fēng)扇在電流較小時(shí)不能轉(zhuǎn)動(dòng)。他多次測(cè)量描繪出I2一I1圖像如圖乙所示，其中I1為電流表A1的讀數(shù)，I2為電流表A2的讀數(shù)。當(dāng)I1為0.10A，I2為10mA時(shí)，小電風(fēng)扇的電阻為___________Ω；當(dāng)I1為0.36A，I2為60mA時(shí)，小電風(fēng)扇的電阻視為不變，則小電風(fēng)扇的輸出功率為___________W。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）R4R2（2）（3）6.00.43〖解析〗描繪伏安特性曲線需要電流電壓從零開始調(diào)節(jié)，需要采用分壓接法，同時(shí)要確保滑動(dòng)變阻器電流不能超過本身額定電流；風(fēng)扇轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)是非純電阻電路，不適用歐姆定律。〖詳析〗（1）〖1〗小電風(fēng)扇的額定電流為故電流表選A1；為了得到完整的伏安特性曲線，則采用分壓式接法，選擇滑動(dòng)變阻器總電阻較小的，并且最大電流可保證安全，故選R4?！?〗因?yàn)闊o電壓表，可改裝電流表，電源電動(dòng)勢(shì)6.0V，同時(shí)風(fēng)扇額定電壓為5.0V，則電流表A2與定值電阻R2改裝成電壓表，改裝量程為故選R2。（2）〖3〗根據(jù)分析電路圖如圖所示（3）〖4〗當(dāng)I1為0.10A，I2為10mA時(shí)，風(fēng)扇不轉(zhuǎn)動(dòng)，屬于純電阻，則風(fēng)扇電阻為故風(fēng)扇電阻為?！?〗當(dāng)I1為0.36A，I2為60mA時(shí)，風(fēng)扇電壓為則風(fēng)扇的輸出功率為帶入數(shù)據(jù)解得故電風(fēng)扇輸出功率為0.43W。15.如圖1所示，質(zhì)量為、粗細(xì)均勻的正方形金屬線框ACDE放在光滑的水平面上，邊長(zhǎng)為的正方形區(qū)域abcd內(nèi)有垂直于水平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，線框AC邊與磁場(chǎng)邊界bc平行，AC將正方形abcd均分，鎖定金屬線框，從時(shí)刻開始，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化如圖2所示，時(shí)刻解除金屬線框的鎖定，解除的一瞬間，線框的加速度為4，求：（1）金屬線框的電阻；（2）0~1s時(shí)間內(nèi)，AC邊產(chǎn)生的焦耳熱及安培力的沖量分別多大?！即鸢浮剑?）；（2），1.5N〖解析〗（1）線框所受安培力F=ma=0.5×4N=2N又F=BIL，，，，時(shí)，B=4T聯(lián)立解得I=0.5A，（2）0~1s時(shí)間內(nèi)，AC邊產(chǎn)生的焦耳熱由圖2可知安培力則可得故0~1s時(shí)間內(nèi)安培力的沖量16.如圖所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xOy中僅在第一象限內(nèi)存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，僅在第四象限內(nèi)存在垂直坐標(biāo)系xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)及大小和方向均未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球從y軸上的點(diǎn)C（0，h）處無初速度釋放，小球恰從點(diǎn)A（h，0）進(jìn)入第四象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，繼而再次進(jìn)入第一象限電場(chǎng)區(qū)域。重力加速度大小為g。求：（1）第四象限電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）小球在第四象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有解得小球從C點(diǎn)釋放后到達(dá)A點(diǎn)，故小球帶正電，可得第四象限內(nèi)的電場(chǎng)方向豎直向上。（2）由題圖可知，小球在第一象限做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球，有沿y軸方向，沿x軸方向粒子在A點(diǎn)的速度大小為設(shè)速度方向與x軸正方向的夾角為，則小球能再次進(jìn)入第一象限電場(chǎng)區(qū)域，其臨界情況為小球的運(yùn)動(dòng)軌跡恰與y軸相切，此時(shí)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑最大，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，故有而，聯(lián)立解得17.載擺小車是實(shí)驗(yàn)室里一種常見的實(shí)驗(yàn)儀器，小陳同學(xué)做了一個(gè)游戲。如圖所示，一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩一端固定質(zhì)量為m的球A，另一端固定在O點(diǎn)，質(zhì)量為4m的小車C靜止在光滑水平軌道上，另一根長(zhǎng)度為（未知）的細(xì)繩一端固定質(zhì)量為m的球B，細(xì)繩的另一端固定在小車C上，A、B兩球完全相同?，F(xiàn)將A球拉至細(xì)繩處于水平伸長(zhǎng)狀態(tài)后由靜止釋放，A、B球發(fā)生完全彈性碰撞，B球恰好能擺到最高點(diǎn)且細(xì)繩恰好水平，之后B球相對(duì)C車擺動(dòng)，且到C車動(dòng)能最大時(shí)懸掛B球的繩子恰好斷裂，接著C車進(jìn)入一個(gè)由水平粗糙軌道DE，軌道長(zhǎng)度x可調(diào)節(jié)，動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.04，最后從E點(diǎn)水平飛出落在地面，DE軌道離地高為h，兩小球半徑忽略不計(jì)，重力加速度為g=10m/s2，求：（1）A球在與B球發(fā)生碰撞前瞬間A球?qū)K子拉力；（2）懸掛B球的繩子長(zhǎng)度l為多少；（3）平拋落點(diǎn)離D點(diǎn)的水平位移s是否有最大值，若無，請(qǐng)說明理由；若有，請(qǐng)求出水平軌道長(zhǎng)度x為多少時(shí)，水平位移s最大，最大值s為多少?！即鸢浮剑?）3mg；（2）0.8L；（3）當(dāng)時(shí)，〖解析〗（1）對(duì)A球,從出發(fā)到與B求碰撞前用機(jī)械能守恒定律A球在與B球發(fā)生碰撞前瞬間由繩子的拉力和自己的重力的合力提供向心力聯(lián)立解得根據(jù)牛頓第三定律得A球?qū)K子的拉力大小與繩子對(duì)A球的拉力大小相等，所以A球?qū)K子拉力大小為，方向豎直向下。（2）A、B兩球發(fā)生完全彈性碰撞解得碰后B的速度為根據(jù)題意可得，B球擺動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)BC共速，過程中遵循能量守恒和水平方向動(dòng)量守恒，聯(lián)立解得（3）當(dāng)C車動(dòng)能最大時(shí)，繩子豎直，B球速度水平向左,根據(jù)能量守恒和水平方向動(dòng)量守恒得，解得C車通過粗糙軌道，由動(dòng)能定理得解得小車C飛出軌道后則當(dāng)時(shí)。重慶市沙坪壩區(qū)重點(diǎn)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期期末復(fù)習(xí)試題（一）第Ⅰ卷（選擇題）一、選擇題：本題共12小題，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9~12題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.物體在時(shí)間t內(nèi)通過了位移s，同時(shí)它的速度變?yōu)樵瓉淼膎倍。如果物體做的是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物體加速度大小（）A.B.C.D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)初速度為，則時(shí)間t后速度變?yōu)椋矬w在時(shí)間t內(nèi)通過了位移s，則平均速度為解得所以加速度為故選A。2.如圖所示，席夢(mèng)思的內(nèi)部是由一系列彈簧組成的，現(xiàn)在彈簧上面放一質(zhì)量為10kg的木板，彈簧上的木板處于水平靜止?fàn)顟B(tài)。生產(chǎn)車間的師傅把工具輕輕地放到木板上，工具的質(zhì)量為6kg，重力加速度，則把工具剛放到木板上的瞬間，工具對(duì)木板的壓力大小為（）A.0N B.60N C.160N D.37.5N〖答案〗D〖解析〗木板質(zhì)量為M，工具質(zhì)量為m，把工具剛放到木板上的瞬間，對(duì)整體受力分析，由牛頓第二定律可得解得對(duì)工具研究解得由牛頓第三定律可得，工具對(duì)木板壓力為故選D3.如圖所示，在傾角為α的斜面頂端固定一擺長(zhǎng)為L(zhǎng)的單擺，單擺在斜面上做小角度擺動(dòng)，擺球經(jīng)過平衡位置時(shí)的速度為v，則以下判斷正確的是（）A.單擺在斜面上擺動(dòng)的周期為B.擺球經(jīng)過平衡位置時(shí)的合外力C.若小球帶正電，并加一沿斜面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則單擺的振動(dòng)周期將增大D.若斜面的傾角α增大，則單擺的振動(dòng)周期將增大〖答案〗B〖解析〗AD．單擺在斜面上擺動(dòng)時(shí)等效重力加速度，所以單擺在斜面上擺動(dòng)的周期為當(dāng)傾角α增大，則單擺的振動(dòng)周期將減小，AD錯(cuò)誤；C．若小球帶正電，并加一沿斜面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，可得此時(shí)單擺在斜面上擺動(dòng)等效重力加速度所以振動(dòng)周期將減小，C錯(cuò)誤。故選B。4.2021年2月，“天問一號(hào)”火星探測(cè)器經(jīng)三次近火制動(dòng)后，進(jìn)入運(yùn)行周期為T的橢圓形火星停泊軌道，軌道到火星表面的最近距離與最遠(yuǎn)距離之和為2h，火星半徑為R。假設(shè)某飛船沿圓軌道繞火星飛行，其周期也為T，引力常量為G。依據(jù)以上條件可求得（）A.飛船和“天問一號(hào)”探測(cè)器的質(zhì)量 B.飛船繞火星飛行的半徑為hC.火星的質(zhì)量為 D.火星的密度為〖答案〗D〖解析〗B．探測(cè)器進(jìn)入橢圓形火星停泊軌道時(shí)半長(zhǎng)軸假設(shè)某飛船沿圓軌道繞火星飛行，周期也為T，根據(jù)開普勒第三定律知（k常量）飛船繞火星飛行的半徑是R＋h，B錯(cuò)誤；AC．設(shè)火星質(zhì)量M，飛船和“天問一號(hào)”探測(cè)器的質(zhì)量為m，由萬有引力提供向心力得而m無法求出，AC錯(cuò)誤；D．將火星看作質(zhì)量分布均勻的球體，有M=ρV，聯(lián)立解得，D正確。故選D。5.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電原理圖，變壓器、均為理想變壓器，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，發(fā)電機(jī)的輸出功率為，輸出電壓為，用電器兩端的電壓為，則輸電線上的等效電阻消耗的功率為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意，設(shè)變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為、，變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為、，流過的電流為，根據(jù)原、副線圈兩端的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系有，，解得，由于變壓器、均為理想變壓器，則有輸電線上損失的電壓為電線上的等效電阻消耗的功率為故選B。6.成人體液總量占體重的左右，體液的主要成分是水和電解質(zhì)，因此容易導(dǎo)電，而體內(nèi)脂肪則不容易導(dǎo)電，我們可以用某型號(hào)脂肪測(cè)量?jī)x（如圖甲所示）來測(cè)量脂肪率，脂肪測(cè)量?jī)x根據(jù)人體電阻的大小來判斷脂肪所占比例，模擬電路如圖乙所示。測(cè)量時(shí)，閉合開關(guān)，測(cè)試者兩手分別握住兩手柄，則（）A.體型相近的兩人相比，脂肪含量高者對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)較小，電壓表示數(shù)較小B.體型相近的兩人相比，脂肪含量高者對(duì)應(yīng)的電源輸出功率小C.體型相近的兩人相比，脂肪含量高者對(duì)應(yīng)的電源效率高D.當(dāng)、間電阻逐漸增大時(shí)，以電壓表示數(shù)為橫坐標(biāo)，電流表示數(shù)為縱坐標(biāo)，繪制的圖像是一條過原點(diǎn)的直線〖答案〗C〖解析〗A．體型相近的兩人，脂肪含量高者電阻較大，圖乙為串聯(lián)電路，脂肪含量高者總電阻大，因此總電流小，因此電流表示數(shù)較小，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得兩端電壓為當(dāng)總電流較小時(shí)，兩端電壓較大，即電壓表示數(shù)較大，故A錯(cuò)誤；B．電源的輸出功率與外電阻和電源內(nèi)阻的關(guān)系有關(guān)，外電阻與電源的內(nèi)阻越接近，電源輸出功率越大，本題中未給出外電阻與電源內(nèi)阻的關(guān)系，因此無法確定誰對(duì)應(yīng)的電源輸出功率小，故B錯(cuò)誤；C．圖乙為串聯(lián)電路，因此電源效率為D．根據(jù)閉合回路歐姆定律可得變化后得到可知電壓表示數(shù)為橫坐標(biāo)，電流表示數(shù)為縱坐標(biāo)，繪制的圖像是一條與橫縱和縱軸都有交點(diǎn)的向下傾斜的直線，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一固定光滑圓軌道，圓心為O，半徑為r，最高點(diǎn)為a，水平直徑的右端點(diǎn)為c，ac軌道上有一靠近a點(diǎn)的b點(diǎn)。兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷A、B固定在水平直徑上且到O點(diǎn)的距離相等。重力加速度大小為g?，F(xiàn)沿軌道切線方向給一帶正電的小球P（視為質(zhì)點(diǎn)）一初速度，使小球在軌道內(nèi)側(cè)沿順時(shí)針方向做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮小球P對(duì)電場(chǎng)的影響，則下列說法正確的是（）A.c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度可能為零B.小球P經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)的速度小于C.小球P從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)小球P做正功D.小球P在a點(diǎn)的機(jī)械能大于其在b點(diǎn)的機(jī)械能〖答案〗C〖解析〗A．由題意可知，A、B兩點(diǎn)電荷帶等量異種電荷，水平直徑的右端點(diǎn)為c，由題圖可知，A點(diǎn)電荷到c點(diǎn)的距離大于B點(diǎn)電荷到c點(diǎn)的距離，由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式，可知A、B兩點(diǎn)電荷在c點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不相等，因此c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不可能是零，A錯(cuò)誤；B．小球在軌道內(nèi)側(cè)沿順時(shí)針方向做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，若小球恰好能通過最高點(diǎn)a，則有小球在a點(diǎn)時(shí)受重力、A、B兩點(diǎn)電荷的庫(kù)侖力，小球P帶正電，由對(duì)稱性，可知兩庫(kù)侖力大小相等，兩庫(kù)侖力的合力水平向右，如圖所示，則有小球在a點(diǎn)時(shí)的最小速度應(yīng)是，，B錯(cuò)誤；C．因a點(diǎn)距b點(diǎn)很近，因此小球P從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)小球P做正功，C正確；D．小球P從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力對(duì)小球P做正功，機(jī)械能增加，因此小球P在a點(diǎn)的機(jī)械能小于其在b點(diǎn)的機(jī)械能，D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示的豎直平面內(nèi)，一硬質(zhì)黑板固定在水平面上，傾角為，黑板左側(cè)吸附著一質(zhì)量為的磁性黑板擦，該黑板擦與黑板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，黑板擦受黑板的吸力為且與其接觸面垂直．在圖示平面內(nèi)：存在某一風(fēng)源與某一大小方向任意的外力F，黑板擦受風(fēng)力大小恒為，方向沿風(fēng)源指向黑板擦的射線方向，風(fēng)源位置可以在黑板左側(cè)任意改變，外力F作用在黑板擦上。視最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)其余物體對(duì)黑板擦的磁力影響，下列說法正確的是（）A.若黑板擦是沿黑板向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)的，則當(dāng)?shù)拇笮闀r(shí)，F(xiàn)的最小值為B.若存在當(dāng)時(shí)黑板擦能夠做勻速運(yùn)動(dòng)的可能，的最小值為C.若黑板擦沿黑板向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)大小固定時(shí)，若要存在兩個(gè)不同的力使得黑板擦所受摩擦力相同，則的最小值為D.若存在確定的，使得黑板擦沿黑板向上、向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)所需要的力F最小值相同，則的最小值為〖答案〗D〖解析〗A．若黑板擦是沿黑板向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)的，當(dāng)F的方向與F1方向均治黑板面向上時(shí)，F(xiàn)的值最小，由平衡條件得又聯(lián)立解得，故A錯(cuò)誤；BC．若存在當(dāng)時(shí)黑板擦能夠做勻速運(yùn)動(dòng)的可能，當(dāng)?shù)姆较蜓匦泵嫦蛳聲r(shí)，的值最小，由平衡條件得又解得由B可知C錯(cuò)誤，故BC錯(cuò)誤；D．若存在確定的，使得黑板擦沿黑板向上、向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)所需要的力F最小值相同，當(dāng)方向沿斜面向上時(shí)能滿足，勻速向上時(shí)，由平衡條件得勻速向下時(shí)聯(lián)立解得故D正確。故選D。9.如圖，軋鋼廠的熱軋機(jī)上可以安裝射線測(cè)厚儀，儀器探測(cè)到的射線強(qiáng)度與鋼板的厚度有關(guān)。已知某車間采用放射性同位素銥作為放射源，其化學(xué)符號(hào)是，原子序數(shù)是77，通過衰變放出射線，產(chǎn)生新核X，半衰期為74天，適合透照鋼板厚度，已知鋼板厚度標(biāo)準(zhǔn)為，下列說法正確的是（）A.放射性同位素發(fā)生衰變時(shí)，遵循能量守恒和質(zhì)量守恒B.上述衰變方程為C.若有銥，經(jīng)過148天有沒有衰變D.若探測(cè)器得到的射線變?nèi)鯐r(shí)，說明鋼板厚度大于，應(yīng)當(dāng)減小熱軋機(jī)兩輪之間的厚度間隙〖答案〗BD〖解析〗A．放射性同位素發(fā)生衰變時(shí)，由于能量守恒，從而出現(xiàn)質(zhì)量虧損，因此遵循質(zhì)量數(shù)守恒而非質(zhì)量守恒，A錯(cuò)誤；B．上述衰變方程，根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可得，B正確；C．經(jīng)過148天恰好為兩個(gè)半衰期，有發(fā)生了衰變，因此只剩沒有衰變，C錯(cuò)誤；D．若探測(cè)器得到的射線變?nèi)鯐r(shí)，說明鋼板厚度大于，應(yīng)當(dāng)減小熱軋機(jī)兩輪之間的厚度間隙，D正確。故選BD。10.A、B汽缸的水平長(zhǎng)度為20cm，截面積均為，C是可在汽缸內(nèi)無摩擦滑動(dòng)的、體積不計(jì)的活塞，D為閥門，整個(gè)裝置均由導(dǎo)熱材料制成且環(huán)境溫度恒定，開始閥門關(guān)閉，A內(nèi)有壓強(qiáng)的氮?dú)?，B內(nèi)有壓強(qiáng)的氧氣，閥門打開后，活塞C向右移動(dòng)，最后達(dá)到平衡。下列說法正確的有（）A.活塞C向右移動(dòng)了10cmB.平衡后A氣缸壓強(qiáng)為CA氣缸內(nèi)氣體要對(duì)外做功，要從外界吸熱D.若B氣缸抽成真空，打開閥門D，A氣缸中氣體要對(duì)外做功，要從外界吸熱〖答案〗BC〖解析〗AB．設(shè)閥門打開后，活塞C向右移動(dòng)了x，最后達(dá)到平衡時(shí)AB氣體的壓強(qiáng)均為p，A、B氣體初始體積均為V0，則對(duì)A、B氣體由玻意耳定律可得，解得，故A錯(cuò)誤，B正確；C．因?yàn)檎麄€(gè)裝置均由導(dǎo)熱材料制成且環(huán)境溫度恒定，所以氣體溫度保持不變，即氣體內(nèi)能不變，即又因氣體A膨脹，對(duì)外做功，即所以由熱力學(xué)第一定律得即氣體A要從外界吸熱，故C正確；D．若B氣缸抽成真空，打開閥門D后，A氣缸中氣體膨脹過程對(duì)外不做功，又因?yàn)闅怏w內(nèi)能不變，所以A氣體既不需要從外界吸熱也不向外界放熱，故D錯(cuò)誤。故選BC。11.光滑水平面上質(zhì)量為的物體在水平拉力F的作用下從靜止開始運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示，若力F隨時(shí)間的變化情況如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.拉力在前內(nèi)和后內(nèi)的平均功率之比為B.拉力在末和末做功的功率之比為C.在前內(nèi)或后內(nèi)物體的動(dòng)能變化率與時(shí)間成線性關(guān)系D.若把后內(nèi)的拉力反向，則物體的前內(nèi)和后內(nèi)的做功之比為〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)題意，牛頓第二定律可得，物體在內(nèi)，加速度為在內(nèi)，加速度為物體在前內(nèi)的位移為2s末的速度為在內(nèi)的位移為則拉力在前內(nèi)做功在后4s做功為拉力在前2s內(nèi)的平均功率為后4s內(nèi)做功的功率則拉力在前內(nèi)和后內(nèi)的平均功率之比為，故A正確；B．根據(jù)題意，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，物體在4s末的速度為物體在6s末的速度為由公式可知，拉力在末和末做功的功率之比為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，在前2s內(nèi)，由動(dòng)能定理有則動(dòng)能變化率為在后4s內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理有則動(dòng)能變化率為由此可看出在前2s內(nèi)或后4s內(nèi)物體的動(dòng)能變化率與時(shí)間均成線性關(guān)系，故C正確；D．根據(jù)題意，若把后內(nèi)的拉力反向，由牛頓第二定律可得，物體的加速度為則物體在內(nèi)的位移為拉力做功為則物體的前內(nèi)和后內(nèi)的做功之比為，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.電子感應(yīng)加速器是利用感生電場(chǎng)來加速電子的一種裝置，如圖甲是加速器的結(jié)構(gòu)原理圖，在電磁鐵的兩極間有一環(huán)形向外逐漸減弱、并對(duì)稱分布的交變磁場(chǎng)，這個(gè)交變磁場(chǎng)又在真空室內(nèi)激發(fā)感生電場(chǎng)，其電場(chǎng)線是一系列繞磁感線的同心圓。這時(shí)若用電子槍把電子沿切線方向射入環(huán)形真空室，電子將受到環(huán)形真空室中的感生電場(chǎng)的作用而被加速，同時(shí)，電子還受到洛倫茲力的作用，使電子在半徑為R的圓形軌道上運(yùn)動(dòng)。已知感生電場(chǎng)大小正比于磁通量的變化率，即，電子電荷量為，電子軌道所圍面積內(nèi)平均磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化如圖乙所示（向內(nèi)為的正方向），則下列說法正確的是（）A.感生電場(chǎng)的大小為B.電子加速運(yùn)動(dòng)一周增加的動(dòng)能為C.電子在軌道上運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間與速度大小無關(guān)D.電子軌道處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與滿足〖答案〗BD〖解析〗AB．感生電場(chǎng)加速過程電場(chǎng)力總與速度方向一致，電子運(yùn)動(dòng)一周電場(chǎng)力做的功又因洛倫茲力不做功，所以故A錯(cuò)誤，B正確；D．由于電子軌道半徑不變，，，B隨速度的增加而增大又由切線方向聯(lián)立兩式有說明B與都在改變，但一直保持，故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題）二、非選擇題：本題共5小題，共52分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。13.實(shí)驗(yàn)小組利用光電門和數(shù)字傳感設(shè)備設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊募煽蚣?，如圖甲所示，框架上裝有兩個(gè)光電門，都可上下移動(dòng)；框架的豎直部分貼有刻度尺，零刻度線在上端，可以直接讀出兩個(gè)光電門到零刻度線的距離x1和x2；框架水平部分安裝了電磁鐵，將質(zhì)量為m的小鐵球吸住。一且斷電，小鐵球就由靜止釋放，先后經(jīng)過兩個(gè)光電門時(shí)，與光電門連接的數(shù)字傳感器即可測(cè)算出速度大小v1和v2。多次改變兩個(gè)光電門的位置，得到多組x1和x2、v1和v2的數(shù)據(jù)建立如圖乙所示的坐標(biāo)系并描點(diǎn)連線，得出圖線的斜率為k。（1）需要提前向數(shù)字傳感器輸入小球的直徑d，當(dāng)小鐵球經(jīng)過光電門時(shí)，光電門記錄下小球經(jīng)過光電門的時(shí)間t，測(cè)算出的速度v=______。（2）當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_____（用k表示）。（3）若選擇刻度尺的0刻度所在高度為零勢(shì)能面，則小鐵球經(jīng)過光電門1時(shí)的機(jī)械能表達(dá)式為______（用題中的x1、x2、m、v1、v2、k表示）〖答案〗（1）（2）（3）〖解析〗〖1〗由于小鐵球通過光電門的時(shí)間極短，所以小球通過光電門的瞬時(shí)速度會(huì)近似等于小球經(jīng)過光電門的平均速度，所以速度為〖2〗小鐵球從光電門1到光電門2做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得解得結(jié)合圖像可知〖3〗小鐵球從0刻度所在位置到經(jīng)過光電門1的過程中，小鐵球只受重力作用，故由機(jī)械能守恒定律可得即小鐵球經(jīng)過光電門1時(shí)的機(jī)械能為14.夏天的時(shí)候，教室里很多同學(xué)都會(huì)買一個(gè)手持的小型電風(fēng)扇，某同學(xué)想根據(jù)所學(xué)的電學(xué)知識(shí)，利用實(shí)驗(yàn)室的器材描繪出這臺(tái)電風(fēng)扇的伏安特性曲線。該同學(xué)通過說明書得到電電源E：電動(dòng)勢(shì)為6.0V，內(nèi)阻忽略不計(jì)電流表A1：量程0.6A，內(nèi)阻約為10Ω電流表A2：量程100mA，內(nèi)阻為r2=4Ω定值電阻R1=10Ω定值電阻R2=50Ω滑動(dòng)變阻器R3：最大阻值100Ω，最大電流3A滑動(dòng)變阻器R4：最大阻值5Ω，最大電流2A滑動(dòng)變阻器R5：最大阻值2Ω，最大電流0.5A（1）實(shí)驗(yàn)為了得到小電風(fēng)扇完整的伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用___________（選填“R3”“R4”或“R5”）；為了精確測(cè)量數(shù)據(jù)，選用定值電阻___________（選填“R1”或“R2”），將電流表A2改裝成電壓表使用；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)室借到的實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路，將最優(yōu)電路設(shè)計(jì)圖畫在圖甲虛線方框內(nèi)，需在圖中標(biāo)上所用元件對(duì)應(yīng)的符號(hào)，電風(fēng)扇符號(hào)用M表示；___________（3）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，小電風(fēng)扇在電流較小時(shí)不能轉(zhuǎn)動(dòng)。他多次測(cè)量描繪出I2一I1圖像如圖乙所示，其中I1為電流表A1的讀數(shù)，I2為電流表A2的讀數(shù)。當(dāng)I1為0.10A，I2為10mA時(shí)，小電風(fēng)扇的電阻為___________Ω；當(dāng)I1為0.36A，I2為60mA時(shí)，小電風(fēng)扇的電阻視為不變，則小電風(fēng)扇的輸出功率為___________W。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）R4R2（2）（3）6.00.43〖解析〗描繪伏安特性曲線需要電流電壓從零開始調(diào)節(jié)，需要采用分壓接法，同時(shí)要確保滑動(dòng)變阻器電流不能超過本身額定電流；風(fēng)扇轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)是非純電阻電路，不適用歐姆定律。〖詳析〗（1）〖1〗小電風(fēng)扇的額定電流為故電流表選A1；為了得到完整的伏安特性曲線，則采用分壓式接法，選擇滑動(dòng)變阻器總電阻較小的，并且最大電流可保證安全，故選R4。〖2〗