江西省上饒市許村中學(xué)高一物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.（單選）對(duì)于一些實(shí)際生活中的現(xiàn)象，某同學(xué)試圖從慣性角度加以解釋?zhuān)渲姓_的是：（

）A．采用了大功率的發(fā)動(dòng)機(jī)后，某些一級(jí)方程式賽車(chē)的速度甚至能超過(guò)某些老式螺旋槳飛機(jī)的速度，這表明：可以通過(guò)科學(xué)進(jìn)步使小質(zhì)量的物體獲得大慣性B．“強(qiáng)弩之末勢(shì)不能穿魯縞”，這表明強(qiáng)弩的慣性減小了C．貨運(yùn)列車(chē)運(yùn)行到不同的車(chē)站時(shí)，經(jīng)常要摘下或加掛一些車(chē)廂，這會(huì)改變它的慣性D．自行車(chē)轉(zhuǎn)彎時(shí)，車(chē)手一方面要適當(dāng)?shù)目刂扑俣龋硪环矫嬉獙⑸眢w稍微向里傾斜，這是為了通過(guò)調(diào)控人和車(chē)的慣性達(dá)到安全行駛的目的參考答案：C2.如圖所示，物塊A靜止在光滑水平地面上，物塊B靜止在粗糙水平地面上，兩物塊的質(zhì)量相等。若用相同的水平推力F作用在兩物塊上，在它們由靜止開(kāi)始發(fā)生相同位移的過(guò)程中A.力F所做的功相同

B.兩物塊的加速度相同C.兩物塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同

D.兩物塊動(dòng)能的變化量相同參考答案：A3.如圖所示，A為靜止于地球赤道上的物體，B為繞地球做橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，C為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，P為B、C兩衛(wèi)星軌道的交點(diǎn)．已知A、B、C繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同．相對(duì)于地心，下列說(shuō)法中正確的是（）A．衛(wèi)星B在P點(diǎn)的運(yùn)行加速度大于衛(wèi)星C在該點(diǎn)的加速度B．衛(wèi)星B在P點(diǎn)的運(yùn)行加速度小于衛(wèi)星C在該點(diǎn)的加速度C．衛(wèi)星C的運(yùn)行速度大于物體A的速度D．物體A和衛(wèi)星C具有相同大小的加速度參考答案：C【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．【分析】根據(jù)A、C的周期相等，知角速度相等，通過(guò)v=rω比較A、C速度的大小．因?yàn)樾l(wèi)星的周期一定，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力確定其軌道半徑一定．根據(jù)衛(wèi)星所受的萬(wàn)有引力，通過(guò)牛頓第二定律比較加速度的大?。窘獯稹拷猓篈、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得，，則衛(wèi)星B在P點(diǎn)的運(yùn)行加速度等于衛(wèi)星C在該點(diǎn)的加速度．故A、B錯(cuò)誤．C、物體A和衛(wèi)星C的周期相等，則角速度相等，根據(jù)v=rω知，半徑越大，線(xiàn)速度越大．所以衛(wèi)星C的運(yùn)行速度大于物體A的速度．故C正確．D、物體A和衛(wèi)星C的周期相等，則角速度相等，根據(jù)a=ω2R知，半徑越大，加速度越大，則C的加速大．故D錯(cuò)誤．故選：C．4.一質(zhì)點(diǎn)在某段時(shí)間內(nèi)做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則在這段時(shí)間內(nèi)（）A．速度一定在不斷地改變，加速度也一定在不斷地改變B．速度一定在不斷地改變，加速度可以不變C．速度可以不變，加速度一定在不斷地改變D．速度可以不變，加速度也可以不變參考答案：B【考點(diǎn)】物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件；曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．【分析】物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線(xiàn)上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結(jié)論．【解答】解：物體既然是在做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，它的速度的方向必定是改變的，但是合力不一定改變，所以加速度不一定改變，如平拋運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤，B正確．既然是曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，它的速度的方向必定是改變的，那么速度也就一定在變化，所以CD錯(cuò)誤．故選：B．5.(單選)甲、乙兩物體朝同一方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，已知甲的速度大于乙的速度，t=0時(shí)，乙在甲之前一定距離處，則兩個(gè)物體運(yùn)動(dòng)的位移圖象應(yīng)是：（

）參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.一個(gè)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，其位移隨時(shí)間的變化規(guī)律x=2t+3tm，則該質(zhì)點(diǎn)的初速度為_(kāi)______m/s，加速度為_(kāi)_______，3s末的瞬時(shí)速度為_(kāi)______m/s，第3s內(nèi)的位移為_(kāi)_____m。參考答案：7.如圖，把彈簧測(cè)力計(jì)的一端固定在墻上，用力F水平向左拉金屬板，金屬板向左運(yùn)動(dòng)。此時(shí)測(cè)力計(jì)的示數(shù)穩(wěn)定（圖中已把彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)放大畫(huà)出），則物塊P與金屬板間的滑動(dòng)摩擦力的大小是

N。若用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)得物塊P重13N，根據(jù)表中給出的動(dòng)摩擦因數(shù)，可推算出物塊P的材料為

。參考答案：8.（4分）重5N的木塊在水平壓力F作用下，靜止在豎直墻面上，則木塊所受的靜摩擦力為

N，若木塊與墻面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，則當(dāng)F＝

N時(shí)木塊可沿墻面勻速下滑。參考答案：5；12.59.在“探究向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度ω和半徑之間的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，借助專(zhuān)用實(shí)驗(yàn)中，借助專(zhuān)用實(shí)驗(yàn)裝置，保持m、ω、r任意兩個(gè)量不變，研究小球做圓運(yùn)動(dòng)所需的向心力F與其中一個(gè)量之間的關(guān)系，這種實(shí)驗(yàn)方法叫做

法．要研究向心力與半徑的關(guān)系，應(yīng)采用下列三個(gè)圖中的圖

；要研究向心力與角速度之間的關(guān)系，應(yīng)采用下列三個(gè)圖中的圖．參考答案：控制變量，丙，乙．【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．【分析】要探究小球受到的向心力大小與角速度的關(guān)系，需控制一些變量，研究向心力與另外一個(gè)物理量的關(guān)系．【解答】解：保持m、ω、r任意兩個(gè)量不變，研究小球做圓運(yùn)動(dòng)所需的向心力F與其中一個(gè)量之間的關(guān)系，這種實(shí)驗(yàn)方法叫做控制變量法．要研究向心力與半徑的關(guān)系，要保持小球的質(zhì)量和角速度不變，改變半徑，可知采用圖丙．要研究向心力與角速度之間的關(guān)系，要保持半徑和小球的質(zhì)量不變，改變角速度，可知采用圖乙．故答案為：控制變量，丙，乙．10.汽車(chē)以12m/s的速度行駛，剎車(chē)后獲得2m/s2的加速度，則剎車(chē)后4s內(nèi)通過(guò)的路程是______m，剎車(chē)后10s內(nèi)通過(guò)的路程是______m。參考答案：32

m，

36

m11.（填空）（2014?宿州模擬）如圖，質(zhì)量為2m的物塊A與水平地面的摩擦可忽略不計(jì)，質(zhì)量為m的物塊B與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，在已知水平力F的作用下，A，B做加速運(yùn)動(dòng)，A對(duì)B的作用力為．參考答案：牛頓第二定律解：對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，a=隔離對(duì)B分析，有FAB﹣μmg=ma解得．故答案為：12.地球的半徑為6.37×106m，地球質(zhì)量為5.98×1024kg，地球表面上質(zhì)量為1.0kg的物體受到的地球的萬(wàn)有引力是_________N.若g=9.8m/s2,物體受到的重力為_(kāi)________N，比較它們的差別______________________________________.參考答案：本題考查地球上的物體所受到的萬(wàn)有引力和重力大小的比較.根據(jù)萬(wàn)有引力的公式F=G，地球表面上質(zhì)量為1.0kg的物體受到的地球的萬(wàn)有引力是F=6.67×10-11×N=9.829N；物體受到的重力為：G=mg=1.0×9.8N=9.8N.由以上兩個(gè)數(shù)據(jù)可以知道，在地球表面及其附近，物體受到的萬(wàn)有引力近似等于物體的重力的大小.13.如圖所示，為“用DIS(位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī))研究加速度和力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。

(1)在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持

不變，

(2)改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測(cè)量。在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)可畫(huà)出a-F關(guān)系圖線(xiàn)(如圖所示)。分析此圖線(xiàn)的OA段可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是

。

(3)此圖線(xiàn)的AB段明顯偏離直線(xiàn)，造成此誤差的主要原因是

A、小車(chē)與軌道之間存在摩擦

B、導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)

C、所掛鉤碼的總質(zhì)量太大

D、所用小車(chē)的質(zhì)量太大參考答案：三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.在距離地面5m處將一個(gè)質(zhì)量為1kg的小球以10m/s的速度水平拋出，若g＝10m/s2。求：（1）小球在空中的飛行時(shí)間是多少？（2）水平飛行的距離是多少米？（3）小球落地時(shí)的速度？參考答案：（1）1s，（2）10m，（3）m/s............（2）小球在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，得小球水平飛行的距離為：s＝v0t＝10×1m＝10m。

（3）小球落地時(shí)的豎直速度為：vy＝gt＝10m/s。

所以，小球落地時(shí)的速度為：v＝m/s＝10m/s，

方向與水平方向的夾角為45°向下。

15.如圖所示，在光滑水平面上，一輛質(zhì)量M=2kg、長(zhǎng)度L=9.6m、上表面粗糙的平板車(chē)緊靠著被固定的斜面體ABC，斜面體斜邊AC長(zhǎng)s=9m、傾角?，F(xiàn)將質(zhì)量m=lkg的小木塊從斜面頂端A處由靜止釋放，小木塊滑到C點(diǎn)后立即速度大小不變地水平?jīng)_上平板車(chē)。已知平板車(chē)上表面與C點(diǎn)等高，小木塊與斜面、平板車(chē)上表面的動(dòng)摩擦系數(shù)分別為=0.5、=0.2,sin37°=0.6,cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小木塊滑到C點(diǎn)時(shí)的速度大小？(2)試判斷小木塊能否從平板車(chē)右側(cè)滑出，若不能滑出，請(qǐng)求出最終小木塊會(huì)停在距離車(chē)右端多遠(yuǎn)？若能滑出，請(qǐng)求出小木塊在平板車(chē)上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間？參考答案：（1）6m/s（2）不會(huì)滑出，停在距車(chē)右端3.6m【詳解】（1）木塊在斜面上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin37°-f=ma

其中：f=μ1mgcos37°

解得a=2m/s2，

根據(jù)速度位移關(guān)系可得v2=2as

解得v=6m/s；

（2）木塊滑上車(chē)后做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得：μ2mg=ma1

解得：a1=2m/s2

車(chē)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得：μ2mg=Ma2

解得a2=1m/s2，

經(jīng)過(guò)t時(shí)間二者的速度相等，則：v-a1t=a2t

解得t=2s

t時(shí)間木塊的位移x1=vt-a1t2

t時(shí)間小車(chē)的位移x2=a2t2

則△x=x1-x2=6m

由于△x=8m＜L，所以木塊沒(méi)有滑出，且木塊距離車(chē)右端距離d=L-△x=3.6m四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.如圖所示，木塊質(zhì)量m=0.78kg，在與水平方向成37°角、斜向右上方的恒定拉力F作用下，從靜止開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在3s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)了9m的位移．已知木塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．（1）求拉力F的大?。?）若在3s末時(shí)撤去拉力F，求物體還能運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間以及物體還能滑行的最大位移．參考答案：考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．版權(quán)所有專(zhuān)題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題．分析：（1）木塊受重力、支持力、拉力和摩擦力，在豎直方向上平衡，水平方向上有合力，根據(jù)牛頓第二定律求出拉力的大?。?）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出3s末的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出撤去拉力后的加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出后1.5s內(nèi)的位移．注意速度減為零后不再運(yùn)動(dòng)．解答：解：（1）由位移時(shí)間關(guān)系可知豎直方向上有：N+Fsinθ=mg，水平方向上有：Fcosθ﹣μN(yùn)=ma1，解得拉力F===4.5N．（2）勻加速階段：v1=a1t1=2×3m/s=6m/s，勻減速階段a2=μg=0.4×10m/s2=4m/s2，t2===1.5s，s2=v1t2==4.5m，答：（1）拉力F的大小為4.5N．（2）若在3s末時(shí)撤去拉力F，物體還能運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間為1.5s，物體還能滑行的最大位移4.5m點(diǎn)評(píng)：加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁，通過(guò)加速度，可以根據(jù)力求運(yùn)動(dòng)，也可以根據(jù)運(yùn)動(dòng)求力．注意該問(wèn)題的第（2）問(wèn)是“剎車(chē)”問(wèn)題，因?yàn)槟緣K速度為零后不再運(yùn)動(dòng)．17.在如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有A、B點(diǎn)，AB=0.1m，AB和電場(chǎng)方向成60°角，一個(gè)電荷量為q=4×10-8C的正電荷從A移到B電場(chǎng)力做功為W=1.2×10-6J求：（1）A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E參考答案：18.如圖，光滑水平面AB與豎直面的半圓形導(dǎo)軌在B點(diǎn)相連接，導(dǎo)軌半徑為R，一質(zhì)量為m的靜止木塊在A處壓縮彈簧，釋放后，木塊獲得一向右的初速度，當(dāng)它經(jīng)過(guò)B點(diǎn)進(jìn)入導(dǎo)軌瞬間對(duì)導(dǎo)軌的壓力是其重力的7倍，之后向上運(yùn)動(dòng)恰能通過(guò)軌道頂點(diǎn)C，不計(jì)空氣阻力，試求：（1）彈簧對(duì)木塊所做的功；（2）木塊從B到C過(guò)程中克服摩擦力做的功；（3）木塊離開(kāi)C點(diǎn)落回水平面所需的時(shí)間和落回水平面時(shí)的動(dòng)能．參考答案：考點(diǎn)： 動(dòng)能定理的應(yīng)用．專(zhuān)題： 動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題．分析： （1）由B點(diǎn)對(duì)導(dǎo)軌的壓力可求得物體在B點(diǎn)的速度，則由動(dòng)能定理可求得彈簧對(duì)物塊的彈力所做的功；（2）由臨界條件利用向心力公式可求得最高點(diǎn)的速度，由動(dòng)能定理可求得摩擦力所做的功；（3）由C到落后地面，物體做平拋運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能守恒，則由機(jī)械能守恒定理可求得落回水平地面時(shí)的動(dòng)能．解答： 解：（1）物體在B點(diǎn)時(shí)，做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可知：T﹣mg=m解得v=從A到C由動(dòng)能定理可得：彈力對(duì)物塊所做的功W=mv2=3mgR；（2）物體在C點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律可知：mg=m；對(duì)BC過(guò)程由動(dòng)能定理可得：﹣2mgR﹣Wf=mv02﹣mv2解得物體克