2023年廣東省深圳市高考物理第一次調(diào)研試卷〔一模〕7428分。在每題給出的四個選項中，只有一項為哪一項符合要求的。14分〕由現(xiàn)象，經(jīng)過規(guī)律推理和數(shù)學(xué)工具驗證，再進(jìn)展合理延長，是爭論物理問題的一種科學(xué)思維方法以下選項中屬于這種方法的是〔 〕牛頓的人造衛(wèi)星放射設(shè)想測靜電力常量探究二力合成的規(guī)律爭論影響向心力大小的因素2〔4分

Pm→Sm+x衰變反響制成核電池， Pm的半衰期約為2.6年， Pm、 Sm原子核及x粒子的質(zhì)量分別為m1、m2、m，真空中的光速為c，則〔 〕A．射線粒子x的符號是eB．5.2年后全部 Pm原子核均已衰變C．每個PmC．每個Pm原子核衰變放出的能量為〔m1﹣m2﹣m〕c23〔4分〕一能源電動汽車，總質(zhì)量為213kg，在平直的大路上以10m/s的速度勻速運動。車頭正前方30m處的斑馬線上有行人，為禮讓行人，駕駛員開頭剎車，從覺察行人到停下，其v﹣t圖像如以下圖。汽車減速60%轉(zhuǎn)化回收為電池電能。則〔〕A．汽車減速過程的加速度大小為2m/s2B．汽車停趕忙車頭距斑馬線1.5mC．圖示過程中汽車運動的平均速度大小為5m/sD．此剎車過程中，汽車回收的電能為105J4〔4分〕動靶射擊訓(xùn)練時，質(zhì)量為0.5kg的動靶從地平面下方5m處的AB點為動靶可到達(dá)的最高點，高出地平面15m，如以下圖。動靶在地平面以上被擊中為“有效擊中。無視空氣阻力及子彈的飛行時間，g＝10m/s2。則動靶〔 〕從A25m/s從A上升到B10N?sC．可被“有效擊中”的時間為2sD．在經(jīng)過地平面四周時更簡潔被擊中54分〕如以下圖，一玩偶與塑料吸盤通過細(xì)繩AB連接，吸盤吸附在墻壁上，玩偶靜止懸掛，無視玩偶與墻之間的靜摩擦力，則〔 〕細(xì)繩AB越短，玩偶對墻壁的壓力越大細(xì)繩AB越長，吸盤受到墻壁的摩擦力越小C．吸盤重力大于墻壁和細(xì)繩對吸盤作用力的合力D．吸盤與墻壁之間的擠壓力越大，吸盤受到墻壁的摩擦力越大64分〕如以下圖，用輕繩將一條形磁鐵豎直懸掛于O點，在其正下方的水平絕緣桌面上放置一銅質(zhì)圓環(huán)?，F(xiàn)將磁鐵從A處由靜止釋放，經(jīng)過B、C到達(dá)最低處D，再擺到左側(cè)最高處E，圓環(huán)始終保持靜止，則磁鐵〔 從B到C的過程中，圓環(huán)中產(chǎn)生逆時針方向的電流〔從上往下看〕擺到D處時，圓環(huán)給桌面的壓力小于圓環(huán)受到的重力從A到D和從D到E的過程中，圓環(huán)受到摩擦力方向一樣在A、E兩處的重力勢能相等7〔4分〕在光滑絕緣水平面上，兩個帶正電小球AB用絕緣輕彈簧連接。初始時彈簧處于原長，小球A固定小球B從M點由靜止釋放經(jīng)過O點所受合力為零向右最遠(yuǎn)到達(dá)N〔ON兩點在圖中未標(biāo)出〔 〕A．小球B運動過程中，彈簧與兩小球組成的系統(tǒng)機械能保持不變B．B球到達(dá)N點時速度為零，加速度也為零C．M、N兩點確定關(guān)于O點位置對稱D．從O到N的過程中，庫侖力對小球B做功的功率漸漸減小86分〕某同學(xué)通過抱負(fù)變壓器把電壓220si〔10V86分〕某同學(xué)通過抱負(fù)變壓器把電壓220si〔10V201”的燈泡供電，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1。為使燈泡正常工作，可以在原線圈串聯(lián)一個電阻R1或在副線圈串聯(lián)一個電阻R〔圖中未畫出，則以下說法正確的有〔〕A．該交變電流方向每秒鐘轉(zhuǎn)變100次B．燈泡正常工作時，原線圈電流的有效值均為10AC．R1：R2＝1：1D．R1R21：196分〕中。金屬桿MN以某一初速度沿導(dǎo)軌向右滑行，且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計。則金屬桿在運動過程中，速度大小v、流過的電量q與時間t或位移x的關(guān)系圖像正確的有〔〕A．B．C．D．10〔6分〕設(shè)想在赤道上建筑如圖甲垂直于水平面的“太空電梯r為宇航員到地心的距離，RA為地球引力對宇航員產(chǎn)生的加速度大小與rA．B．C．D．〔 〕隨著r增大，宇航員的線速度也增大宇航員在r＝R處的線速度等于第一宇宙速度圖中r0為地球同步衛(wèi)星的軌道半徑隨著r增大，宇航員感受到“重力”也增大三、非選擇題：共54分。第11～1415～16題為選考題，考生依據(jù)要求作答。〔一〕42分。17分〕如圖12為同時釋放小車甲、乙后打出的兩條紙帶〔4個點并未畫出。無視繩子的質(zhì)量以及滑輪與繩子間的摩擦。測量得到各相鄰計數(shù)點間的距離如表所示〔c：s1〔s1′〕s2〔s2′〕s3〔s3′〕s4〔s4′〕s5〔s5′〕s6〔s6′〕紙帶甲3.134.385.636.878.139.37紙帶乙3.504.495.516.497.518.51可以推斷小車 〔填“甲”或“乙〕的加速度較大。請通過定量分析，說明你的推斷依據(jù)： 。測得甲、乙兩車質(zhì)量分別為M1、M2加速度分別為a1、a2，假設(shè)在誤差允許范圍內(nèi)滿足 〔用a1、a2、12表示，則驗證了加速度與質(zhì)量的關(guān)系。欲得到〔2〕中的試驗結(jié)論，以下操作必要的有 。A．連接小車的細(xì)繩與桌面平行B．平衡兩小車和桌面間的摩擦力C．用天平測量動滑輪和鉤碼的總質(zhì)量129分〕某試驗小組利用熱敏電阻t制作簡易電子溫度計，該熱敏電阻說明書給出的阻值R隨溫度t線如圖甲所示。為檢驗該熱敏電阻的參數(shù)是否與圖甲全都，測量局部溫度下的阻值，設(shè)計圖乙所示電路。把該熱敏電阻置于恒溫箱中，利用如下試驗器材測量70℃時熱敏電阻的阻值。蓄電池〔電動勢6V，內(nèi)阻不計〕電壓表〔6V10kΩ〕電流表〔120mA2Ω〕滑動變阻器R1〔最大阻值20Ω〕滑動變阻器R2〔最大阻值1000Ω〕F．開關(guān)、導(dǎo)線假設(shè)干①參照圖甲中的參數(shù)，滑動變阻器RP應(yīng)選用 〔填R”或2；②單刀雙擲開關(guān)應(yīng)接在 〔填”或2。經(jīng)檢測無誤后，把該熱敏電阻與〔1〕中蓄電池和電流表串聯(lián)，制作簡易溫度計〔如圖丙所示。①當(dāng)電流表讀數(shù)為10mA時，對應(yīng)的溫度為 ℃，該溫度計能夠測量的最高溫度為 ℃。13〔10分〕物理氣相沉積鍍膜是芯片制作的關(guān)鍵環(huán)節(jié)之一，如圖是該設(shè)備的平面構(gòu)造簡圖。初速度不計的氬離子經(jīng)電壓U0的電場加速后，從A點水平向右進(jìn)入豎直向下的勻強電場13〔10分〕物理氣相沉積鍍膜是芯片制作的關(guān)鍵環(huán)節(jié)之一，如圖是該設(shè)備的平面構(gòu)造簡圖。初速度不計的氬離子經(jīng)電壓U0的電場加速后，從A點水平向右進(jìn)入豎直向下的勻強電場E，恰好打到電場、磁場的豎直分界限Ⅰ最下方M〔未進(jìn)入磁場AM兩點的水平距離為0.5金屬離子沿各個方向進(jìn)入兩勻強磁場區(qū)域，并沉積在固定基底上?；着c水平方向夾角為45°，大小相等、方〔均垂直紙面B的分界限Ⅱ過M點且與基底垂直〔：U0＝×103V，E＝×104V/m，B＝1×102T，氬離子比荷＝2.4×106C/kg，金屬離子比荷＝2.0×106C/kg，兩種離子均帶正電，無視重力及離子間相互作用力〕〔2〕假設(shè)金屬離子進(jìn)入磁場的速度大小均為1.0×104m/s，M〔2〕假設(shè)金屬離子進(jìn)入磁場的速度大小均為1.0×104m/s，M點到基底的距離為m，求在紙面內(nèi)，基底上可被金屬離子打中而鍍膜的區(qū)域長度。14〔16分〕如圖是機器人“推車競賽”的情境，傾角＝3°的固定斜面賽道，高3.25。質(zhì)量1＝1kg的小v1＝3m/s〔不計小車與斜面間的摩擦0m2＝2kg的機器Av2＝1.5m/s進(jìn)入賽道，沿賽道向上做勻加速直線運動，Ad0＝0.45m。再經(jīng)t0＝0.2s后機器人第一次推車〔推車時間極短且視為彈性碰撞。機器人推車前后運動的加速度保持不變。機器人與小車均視為質(zhì)點，重力加速度g＝10m/s2。試求：機器人進(jìn)入賽道時與小車的距離；機器人第一次推車后，機器人和小車的速度大小；從機器人進(jìn)入賽道至小車到達(dá)賽道頂端所經(jīng)受的時間?！捕尺x考題：共12分。請考生從2道題中任選一題作答。假設(shè)多做，則按所做的第一題計分3-3〔12分〕168分〕增壓玩具水槍通過壓縮空氣提高儲水腔內(nèi)的壓強。儲水腔的容積為1.5，用充氣管每次將0.02、壓強為p0＝1atm的氣體注入儲水腔，初始時，在儲水腔中注入容積的水，此時儲水腔內(nèi)氣體壓強為p0，然后充氣10次。無視溫度變化，空氣視為抱負(fù)氣體。求：154168分〕增壓玩具水槍通過壓縮空氣提高儲水腔內(nèi)的壓強。儲水腔的容積為1.5，用充氣管每次將0.02、壓強為p0＝1atm的氣體注入儲水腔，初始時，在儲水腔中注入容積的水，此時儲水腔內(nèi)氣體壓強為p0，然后充氣10次。無視溫度變化，空氣視為抱負(fù)氣體。求：充氣后儲水腔內(nèi)的氣體壓強；1.2p0時，水槍噴出水的體積。3-4〔12分〕在沙漠地區(qū)，太陽照耀下，地面四周的空氣溫度上升，密度降低，折射率減小，光線從高向低照耀時發(fā)生全反射，形成“海市蜃樓?，F(xiàn)將此原理簡化為光在兩層空氣間發(fā)生全反射，上層空氣折射率為n，地面四周空氣折射率為〔無視下層空氣厚度。則形成的“海市蜃樓”在地平線 〔填“上方”或“下方，請完成光路圖。要發(fā)生全反射，光線從上層空氣進(jìn)入下層空氣的入射角的正弦值至少為 。如以下圖，圖1中兩小孩各握住輕繩一端，當(dāng)只有一個小孩上下抖動繩子時，在繩上產(chǎn)生簡諧橫波，圖2實線t1＝0和t2＝0.75s時刻的波形圖，小孩抖動繩子的周期T滿足0.75s＜T＜2s。推斷哪側(cè)〔左側(cè)/右側(cè)〕小孩在抖動繩子，并寫出推斷依據(jù)；求此列波在繩子中傳播的速度。2023年廣東省深圳市高考物理第一次調(diào)研試卷〔一?！吃囶}解析7428分。在每題給出的四個選項中，只有一項為哪一項符合要求的。解：A、牛頓的人造衛(wèi)星放射設(shè)想屬于經(jīng)過規(guī)律推理和數(shù)學(xué)工具驗證，再進(jìn)展合理延長，故A正確；B、測靜電力常量使用類比的方法，與測引力常量方法類似，故B錯誤；C、探究二力合成的規(guī)律利用等效替代的方法，故C錯誤；D.爭論影響向心力大小的因素使用把握變量法，故D錯誤。應(yīng)選：A。x147x147﹣147＝0，x61﹣62＝﹣1，所以x為電子，故A錯誤；B、t＝5.2年，即經(jīng)受n＝個半衰期，依據(jù)半衰期公式可得：，即還剩下的還未衰變，故B錯誤；C、依據(jù)質(zhì)能方程可知核反響中釋放的能量為△E＝△mc2＝〔m1﹣m2﹣m〕c2C正確；D、由于存在半衰期，核電池中的可衰變物質(zhì)在單位時間內(nèi)發(fā)生β衰變的數(shù)目削減，因衰變而放出的核能也越來越少，故D錯誤。應(yīng)選：C。汽車減速過程的加速度為a＝＝m/s2＝﹣2.33m/s2汽車減速過程的加速度為a＝＝m/s2＝﹣2.33m/s2即加速度大小為2.33m/s2故A錯誤；x＝10×0.7m+ ×〔5﹣x＝10×0.7m+ ×〔5﹣0.7〕×10m＝28.5m故汽車停趕忙車頭距斑馬線為△x＝30m﹣28.5m＝1.5mB正確；C、依據(jù)平均速度的定義，可得圖示過程中汽車運動的平均速度大?。剑絤/s＝5.7m/s＝＝m/s＝5.7m/sD、汽車減速過程中動能削減量為△Ek＝mv2EE＝0.6×△Ek＝0.6××2×103×100J＝6×104J4．解：AA到4．解：AA到B/s2，錯誤；B、設(shè)動靶從A到B的運動時間為t，由運動學(xué)公式得vB﹣vA＝﹣gt，即﹣20m/s＝﹣10m/s2tt＝2s.C、設(shè)動靶由B落到水平面的時間為t1，由自由落體運動的規(guī)律，即.依據(jù)豎直上拋運動的對稱性，由地面上升至B點的時間也是，由于在地平面以上被擊中為“有效擊中以可被“有效擊中”的時間為，故C錯誤；由沖量的定義得重力沖量為I＝C、設(shè)動靶由B落到水平面的時間為t1，由自由落體運動的規(guī)律，即.依據(jù)豎直上拋運動的對稱性，由地面上升至B點的時間也是，由于在地平面以上被擊中為“有效擊中以可被“有效擊中”的時間為，故C錯誤；D、動靶的速度越小，越簡潔被擊中，在地面上方越接近地面動靶速度越大越不易被擊中，故D錯誤.應(yīng)選：B。解：A、玩偶的受力分析如以下圖，玩偶對墻壁的壓力等于支持力有N＝Gtanθ，細(xì)繩AB越短，θ越大，則玩偶對墻壁的壓力越大，所以A正確；BD、對吸盤與玩偶整體分析豎直方向只受重力與靜摩擦力，所以吸盤受到墻壁的靜摩擦力總是等于重力，與細(xì)繩的長短無關(guān)，與吸盤與墻壁之間的擠壓力無關(guān)，則BD錯誤；C、吸盤受到重力、大氣對其的壓力、墻壁和細(xì)繩對吸盤作用力的合力，由平衡條件可知，吸盤重力和大氣對其的壓力的合力等于墻壁和細(xì)繩對吸盤作用力的合力，所以吸盤重力小于墻壁和細(xì)繩對吸盤作用力的合力，故C錯誤。應(yīng)選：A。解：AS極一端靠近圓環(huán).磁感線從下往上穿過圓環(huán)，BC過程磁鐵越來越靠近圓環(huán)導(dǎo)致磁通量增加。A錯誤；B、設(shè)桌面給圓環(huán)的支持力為F，依據(jù)受力平衡：F＝mg+F ，F(xiàn) 為圓環(huán)受到的安培力的總合，依據(jù)牛頓第三定安 安律圓環(huán)給桌面的壓力大小與F相等且大于重力，故B錯誤；C、AD過程圓環(huán)為了阻礙磁通量增加而受到的安培力驅(qū)使圓環(huán)遠(yuǎn)離磁鐵，有向左的運動趨勢，DE過程，圓環(huán)為了阻礙磁通量減小而有向左的運動趨勢，兩個過程的運動趨勢一樣。受到的摩擦力一樣，故C正確；D、磁鐵運動過程使圓環(huán)產(chǎn)生了感應(yīng)電流而發(fā)熱，損失了局部重力勢能，故ADE過程圓環(huán)不能回到與A一樣高度的E點，故A正兩點重力勢能不相等，故D錯誤。應(yīng)選：C。解：A、球B運動過程中，有庫侖力做功，故彈簧與兩小球組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故A錯誤；B、O點時，F(xiàn) ＝F 不斷減小，F(xiàn) 不斷增大，故在N點，B球受力不平衡，加速度不為零，庫 彈 庫 彈CF彈＝CF彈＝kx，，F(xiàn)彈與位移成正比關(guān)系，F(xiàn)庫與位移的平方成反比關(guān)系，故M、N兩點確定不關(guān)于O點位置對稱，故C錯誤；D、O到N的過程中，由P＝Fv可知，v不斷減小，F(xiàn) 不斷減小，故P也漸漸減小，故D正確。庫應(yīng)選：D。3618分。在每題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全630分。＝Hz＝50Hz＝Hz＝50Hz，一個周期內(nèi)電流方向轉(zhuǎn)變兩次，所以電流方向每秒鐘轉(zhuǎn)變100次，故A正確；B、燈泡正常工作時，I2＝IL＝1A，由，解得原線圈電流的有效值為：I1＝0.1A，故B錯誤；U＝＝U＝＝V＝220V，由，且U2＝UL＝20V，解得原線圈的電壓為：U1＝200V，R1＝＝＝200Ω；在副線圈串聯(lián)一個電阻R2，由，在原線圈串聯(lián)一個電阻R1，其兩端電壓為：UR1R1＝＝＝200Ω；在副線圈串聯(lián)一個電阻R2，由，R2＝＝＝2Ω；解得：U2”＝22V，則R2兩端電壓為：UR2＝U2”﹣ULR2＝＝＝2Ω；D、R1R2的功率之比為：＝＝，故DD、R1R2的功率之比為：＝＝，故D正確。應(yīng)選：AD。A、對金屬桿依據(jù)牛頓其次定律可得：BIL＝ma，則有：a＝A、對金屬桿依據(jù)牛頓其次定律可得：BIL＝ma，則有：a＝，所以加速度隨著速度的減小而減小，依據(jù)v＝v0﹣atv﹣t圖象的斜率減小，故A正確；B、依據(jù)速度﹣位移關(guān)系可得：＝2ax，所以v2＝v0﹣2ax，v﹣x關(guān)系圖象不是一條傾斜的直線，故B錯2誤；C、取初速度方向為正方向，依據(jù)動量定理可得：BLt＝mv0﹣mv，解得：q＝t＝＝由于加速度漸漸減小，則q﹣t圖象的斜率減小，故C錯誤；D、依據(jù)電荷量的計算公式可得：q＝t＝＝＝，所以q﹣x圖象是一條傾斜的直線，故D正確。應(yīng)選：AD。解：A、宇航員的線速度v＝rω，地球自轉(zhuǎn)角速度不變，隨著r增大線速度v增大，故A正確；BB錯誤；C、當(dāng)r＝r0時，引力加速度正好等于宇航員做圓周運動的向心加速度，即萬有引力供給做圓周運動的向心力，所以宇航員相當(dāng)于衛(wèi)星，此時宇航員的角速度跟地球的自轉(zhuǎn)角速度全都，可以看做是地球的同步衛(wèi)星，故C正D、依據(jù)重力和萬有引力相等可得：D、依據(jù)重力和萬有引力相等可得：，隨著r增大，其重力mg′越來越小，故D錯誤。應(yīng)選：AC。三、非選擇題：共54分。第11～1415～16題為選考題，考生依據(jù)要求作答。1〔1〕1〔1〕xa2得：＝，由圖表可知，甲紙帶上相鄰兩點位移差△x ＝甲1.25m大于乙紙帶的相鄰兩點的位移差△x乙＝1.00m，且時間間隔相等，故甲的加速度較大。繩子兩邊受力相等，由牛頓其次定律F＝ma得：F＝M1a1；F＝M2a2，故在誤差允許范圍內(nèi)應(yīng)滿足M1a1＝M2a2 則驗證了加速度與質(zhì)量的關(guān)系。A、試驗中需要細(xì)繩與桌面平行保證兩邊受到的外力等于鉤碼的重力，故A正確。B、本試驗要保證兩邊所受外力相等，故應(yīng)平衡摩擦力，故B正確。C、動滑輪和鉤碼的總質(zhì)量的作用就是保證兩小車所受的合外力一樣，計算時用不到它們的總質(zhì)量，故C錯誤。應(yīng)選：AB。故答案為1〕甲 依據(jù)勻變速直線運動的推論x＝a，由圖表可知，甲紙帶上相鄰兩點位移差x 大于甲乙乙紙帶的相鄰兩點的位移差△x ，且時間間隔相等，故甲的加速度較大〔2〕M1a1＝M2a2 〔3〕AB12．解〔①從圖1可以看出熱敏電阻在70℃時的電阻大約為6Ω左右，而盡量測其在不同溫度下的電阻值乙②又由于＝，＝②又由于＝，＝，所以＞，電流表承受外接法，即雙擲開關(guān)接2；〔2〕①接蓄電池時，由于I＝10mA，所以熱敏電阻Rx＝＝＝600Ω。從圖1可查出對應(yīng)的溫度為10℃。當(dāng)電流表滿偏時即I＝120mA，則Rx＝＝50Ω185℃。13〔〕氬離子在電場中加速，依據(jù)動能定理：得，②由于熱敏電阻隨著溫度的上升而減小，那么電流增大，所以電流的值越大，則溫度越高；〔112〔①113〔〕氬離子在電場中加速，依據(jù)動能定理：得，氬離子在電場中偏轉(zhuǎn)，在電場中做類平拋運動有豎直方向：水平方向：x＝v0t豎直方向：代入數(shù)據(jù)得高度差為y＝0.5m?！?〕金屬離子在磁場中運動，由牛頓其次定律可知，OMsin45°＝＝FM，所以O(shè)恰好在基底上，得，MFFOMsin45°＝＝FM，所以O(shè)恰好在基底上，得，MFFK點，左側(cè)區(qū)域范圍內(nèi)離子受到洛倫茲力偏向右，依據(jù)對稱性離子能夠到達(dá)F左側(cè)的距離也為與右側(cè)一樣，故離子能夠鍍膜范圍的長度為?！?〕基底上可被金屬離子打中而鍍膜的區(qū)域長度為?！病城髿咫x子進(jìn)入電場的速度為15m/，以及AM兩點的高度差為〔2〕基底上可被金屬離子打中而鍍膜的區(qū)域長度為?！病承≤嚊_上斜面，設(shè)小車在斜面上運動加速度為1gsi＝110時，位移x滿足：2a0時，位移x滿足：2a1x＝v解得：x＝0.9m，故，機器人動身時與小車距離為：s＝x﹣d0，解得：s＝0.45ms＝v2s＝v2t0++，解得：a＝2.5m/s2x0＝d0+v2t0+解得：x0＝0.8m第一次推車時車的速度為v ，機器人的速度為v車 機推車前小車速度為：v ＝at，解得：v ＝車 車2 機器人速度為：v ＝v+at，解得：v ＝2m/s2 機 機2 1 設(shè)推車后小車和機器人的速度為v ′和v ′，沿斜面對上為正方向，由動量守恒定律得：mv mv ＝m2 1 車 機 機﹣ 車1′+mv ′1由機械能守恒定律得：m由機械能守恒定律得：m2v+ m1v＝m2+ m1v以上兩式聯(lián)立，解得：v ′＝0，v ′＝3m/s機 車v ′T﹣a1T2＝v ′T﹣a1T2＝車解得：T＝0.8s1此時小車和機器人的速度為：v ″＝v ′﹣aT，解得：v ″＝1m/s1車 車 車2v ″＝aT，解得：v ″＝2m/s2機 機△x ＝車△x ＝車，解得：△x ＝0.9m車兩次相鄰碰撞位置的距離為：△x1＝v′T﹣