2024年蘇錫常鎮(zhèn)物理二?？记澳M試卷

一、單選題：本大題共11小題，共41分。

1.關于熱學現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.液體有表面張力，原因是液體表面分子間的平均距離比液體內部大

B.物體內熱運動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度無關

C.不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功

D.給莊稼松土有助于將地下的水分引上來

2.2023年9月21日，“天宮課堂”第四課開講。神舟十六號航天員景海鵬、朱楊柱、桂海潮將面向全國青

少年進行太空科普授課，展示介紹中國空間站夢天實驗艙工作生活場景，演示了各種奇妙的在失重狀態(tài)下

的實驗，例如蠟燭火焰、動量守恒定律等實驗，并與地面課堂進行互動交流。下面四幅蠟燭火焰圖是在太

D.

3.嫦娥七號將配置能在月面上空飛行的“飛躍探測器”，其中六足構型如圖所示。對稱分布的六條輕質

“腿”與探測器主體通過錢鏈連接，當探測器靜止在水平地面上時，六條“腿”的上臂與豎直方向夾角均

為氏探測器的質量為小，重力加速度為g。則每條“腿”的上臂對測器的彈力大小為（)

人mg?mg廠mgcosd「mgsind

，，

A6cos0及6sin6C―6――6—

4.某同學參加“筷子夾玻璃珠”游戲。如圖所示，夾起玻璃珠后，兩筷子始終在同一豎直平面內，右側筷

子豎直，左側筷子與豎直方向的夾角為0。保持玻璃珠靜止，忽略筷子與玻璃珠間的摩擦。下列說法正確

A.兩側筷子對玻璃珠的合力比重力大

B.若逐漸減小。的大小，則兩側筷子對玻璃珠的彈力也逐漸減小

C.左側筷子對玻璃珠的彈力一定比玻璃珠的重力大

D.右側筷子對玻璃珠的彈力一定比玻璃球的重力大

5.下列有關光電效應的說法埼送的是

A.愛因斯坦提出了光電效應理論

B.甲圖實驗中讓鋅板帶負電，光照后，驗電器張角會變小

c.乙圖中光電子到達a板的速度越大，則光電流越大

D.乙圖光電流的大小與入射光束的光強有關

6.一定質量的理想氣體從狀態(tài)4開始依次經過狀態(tài)B到狀態(tài)C再回到狀態(tài)4其手圖像如圖所示，其中C

到4的曲線為雙曲線的一部分.下列說法正確的是（）

A.從4到B的過程中,氣體對外做功，內能減少

B.從B到C的過程中,氣體吸收熱量，內能減少

C.從C到力的過程中,氣體的壓強不變，內能增加

D.從c到a的過程中,氣體在單位時間、單位面積上與器壁碰撞的分子數(shù)變多

7.2021年10月16日，神舟十三號載人飛船采用自主快速交會對接方式，首次

徑向靠近空間站，如圖所示.兩者對接后所繞軌道視為圓軌道，繞行角速度為

3,距地高度為kR,R為地球半徑，引力常量為G。下列說法中正確的是（）

A.神舟十三號在低軌只需沿徑向加速可以直接與高軌的天宮空間站實現(xiàn)對接

B.地球表面重力加速度為/（k+1）3夫

C.對接后的組合體的運行速度應大于7.9km/s

D.地球的密度為p=4*露'

8.如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10:1,4、U均為理想電表，R是光敏電阻（其阻

值隨光強增大而減小）、L是理想線圈、D是燈泡.原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電，下列說法正確的

是

A.交流電的頻率為100”z

B.電壓表的示數(shù)為22/IU

c.當光照增強時，a的示數(shù)變小

D.若用一根導線來代替線圈3則燈。變亮

9.如圖一足夠大的“u”形導軌固定在水平面，導軌左端接一靈敏電流計G,兩側導軌平行?？臻g中各處

的磁感應強度大小均為B且隨時間同步變化，1=0時刻，在電流計右側某處放置一導體棒，并使之以速度

為向右勻速運動，發(fā)現(xiàn)運動過程中電流計讀數(shù)始終為零，已知導體棒與導軌接觸良好，則磁感應強度隨時

間變化的關系可能正確的是

10.如圖所示為接地金屬球殼，。點為球心，電荷量為2q和-q(q>0)的兩個點電荷分別位于M、N兩點，

其延長線過球心，P為MN連線上球殼外一點，取無窮處電勢為零，T為金屬球殼外附近一點，下列說法正

A.T點電場強度方向背離。點

B.若移去M點的電荷，貝UP點的電勢降低

C.將正試探電荷從7點移到P點，靜電力做正功

D.若移去接地金屬球殼，MN附近還存在兩個電場強度為零的點

11.一種離心測速器的簡化工作原理如圖所示。光滑細桿的一端固定在豎直轉軸。0'上的。點，并可隨軸一

起轉動。桿上套有一輕質彈簧，彈簧一端固定于。點，另一端與套在桿上的圓環(huán)相連。當測速器穩(wěn)定工作

時，通過圓環(huán)的位置可以確定細桿勻速轉動的角速度。桿與豎直轉軸的夾角a始終為60。，則

A.角速度越大，圓環(huán)受到的桿的支持力越大

B.角速度越大，圓環(huán)受到的彈簧彈力越大

C.彈簧處于原長狀態(tài)時，圓環(huán)的向心加速度為

D.突然停止轉動后，圓環(huán)下滑過程中重力勢能和彈簧彈性勢能之和一直減小

二、實驗題：本大題共1小題，共15分。

12.磁敏電阻是一種對磁敏感、具有磁阻效應的電阻元件。物質在磁場中電阻發(fā)生變化的現(xiàn)象稱為磁阻效

應。某實驗小組利用伏安法測量一磁敏電阻RM的阻值（約幾千歐）隨磁感應強度的變化關系。

所用器材：電源E（5IZ）、滑動變阻器R（最大阻值為200）,電壓表（量程為0?3U,內阻為3kO）和毫安表（量

程為0?3機4內阻不計）。定值電阻&=1k。、開關、導線若干

（1）為了使磁敏電阻兩端電壓調節(jié)范圍盡可能大，實驗小組設計了電路圖甲，請用筆代替導線在乙圖中將

實物連線補充完整。

（2）某次測量時電壓表的示數(shù)如圖丙所示，電壓表的讀數(shù)為V,電流表讀數(shù)為0.5nM,則此時磁敏電阻

的阻值為（保留3位有效數(shù)字）。

（3）實驗中得到該磁敏電阻阻值R隨磁感應強度B變化的曲線如圖丁所示，某同學利用該磁敏電阻制作了一

種報警器，其電路的一部分如圖戊所示。圖中E為直流電源（電動勢為5.0憶內阻可忽略），當圖中的輸出

電壓達到或超過2.0U時，便觸發(fā)報警器（圖中未畫出）報警。若要求開始報警時磁感應強度為0.2T,則圖中

（填“RJ或“7?2”）應使用磁敏電阻，另一固定電阻的阻值應為k。（保留2位有效數(shù)字）。

（4）在圖戊所示電路中，如果要提高此裝置的靈敏度（即在磁感應強度更小時就能觸發(fā)報警），應該（填

“增大”或“減小”）磁敏電阻之外的定值電阻。

三、計算題：本大題共4小題，共44分。

13.一列簡諧橫波在同一均勻介質中沿x軸方向傳播，t=0.2s時刻的波形圖如圖甲所示，質點M的平衡位

置在=7.5cni處，質點N的平衡位置在久N=3cni處，質點N的振動圖像如圖乙所示。求

⑴自t=0.2s時刻起，質點N的振動方程；

(2)自"0.2s時刻起，質點M到達波峰的最短時間。

14.如圖所示，在豎直向下的磁感應強度為B的勻強磁場中，MN、PQ是固定在水平面內間距為L的平行金

屬導軌，導軌光滑且足夠長，電阻不計.M、P間接電動勢為E、內阻為r的電源.金屬桿M垂直于MN、

PQ放在導軌上，與導軌接觸良好，通過光滑的定滑輪以速度"勻速提升重物，電路中的電流為/.金屬桿M

(1)電源兩端電壓；

(2)“電動機”輸出的功率.

15.如圖所示，豎直光滑半圓弧軌道的下端B點固定在高九=3.2m的豎直墻壁上端，。為半圓的圓心，BC為

豎直直徑，一質量62=4kg的小球b靜置在B點?，F(xiàn)將一質量=2kg的小球a從水平地面上的力點以初速

度為斜向上拋出，拋射角8=53。。小球a剛好能沿水平方向擊中小球6,兩小球碰撞過程時間極短且沒有

能量損失，碰撞結束后小球b在半圓弧軌道上運動的過程不脫離軌道(小球b從圓弧軌道最高點C和最低點8

離開不算脫離軌道)。已知sin53。=0.8,cos53。=0.6,重力加速度g=10m/s2,空氣阻力不計，求：

(1)小球a從4點拋出時的初速度%;

(2)碰撞結束瞬間小球6的速度外;

(3)半圓弧軌道的半徑R的取值范圍。

16.現(xiàn)代科學儀器常利用電場、磁場控制帶電粒子的運動.如圖所示的xOy平面內，x軸上方有一沿y軸正

方向的勻強電場，電場強度為后=邈,在久軸下方相鄰并排著兩個寬度為d的勻強磁場，磁場區(qū)域1、2的感

2m

應強度分別為%=B、B2=2B,方向都垂直平面向外.現(xiàn)有一可在y軸正半軸上移動的粒子源，能釋放不

計初速度，質量為小，帶電量為-q的粒子(重力忽略不計，不考慮粒子之間的相互影響

(1)若粒子從4(0,%)處釋放，求粒子在磁場區(qū)域1內做圓周運動的軌道半徑勺；

(2)若某粒子恰好不從磁場區(qū)域2的下邊界射出，求粒子在y軸上釋放的位置為；

(3)若粒子源在(0,4d)處釋放，求粒子打在x軸上的位置及在磁場中運動的時間.

答案和解析

1.【答案】A

【解析】【分析】

本題考查表面張力、分子速率、熱力學第二定律、毛細現(xiàn)象等的認識，逐一分析即可判斷，基礎題目。

【解答】

A、液體有表面張力，原因是液體表面分子間的平均距離比液體內部大，故A正確；

8、物體內熱運動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關，溫度越高，速率大的分子數(shù)占比越多，故

B錯誤;

C、由熱力學第二定律知，不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功，而不不產生其他影響，故C錯

誤；

。、給莊稼松土破壞了土壤里面的毛細管，不利于將地下的水分引上來，故O錯誤。

2.【答案】B

【解析】太空實驗室中處于完全失重狀態(tài)，燃燒后氣體向各個方向運動的趨勢相同，蠟燭火焰近似球形。

故選人

3.【答案】A

【解析】每條“腿”的上臂對測器的彈力大小為F,由共點力的平衡可知6Fcos8=mg,可得尸=懸。

故選A。

4.【答案】C

【解析】A對玻璃珠受力分析如圖所示，受到重力G、左側筷子對玻璃珠的彈力后,右側筷子對玻璃珠的

彈力?2,在三個力的作用下處于平衡狀態(tài)，根據(jù)力的平衡可知，兩側筷子對玻璃珠的合力與重力等大反

向，則兩側筷子對玻璃珠的合力等于重力，故A錯誤；

BCD.玻璃珠保持靜止，根據(jù)平衡條件可得

G

&=3G

G

F?-tan0

故若逐漸減小6的大小，則左側筷子對玻璃珠的彈力逐漸增大，右側筷子對玻璃珠的彈力逐漸增大，左側

筷子對玻璃珠的彈力一定比玻璃珠的重力大，右側筷子對玻璃珠的彈力不一定比玻璃球的重力大，故8。

錯誤，C正確。

故選Co

2------

、，G

5.【答案】C

【解析】【分析】

該題考查對光電效應的理解，關鍵是理解從金屬表面逸出的光電子的最大初動能是由金屬的逸出功和光子

的能量決定的，與光的強弱無關.

【解答】

A愛因斯坦提出了光電效應理論，故A正確；

A甲圖實驗中讓鋅板帶負電，光照后，有電子逸出，電量減小，則驗電器張角會變小，故B正確；

C.乙圖中光電子到達4板的速度越大，若達到飽和光電流，則光電流不變，故C錯誤；

D光電流的大小與入射光束的光強有關，飽和光電流與入射光的強度成正比，故。正確。

本題選錯誤的，故選C。

6.【答案】D

【解析】【分析】

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程的應用，根據(jù)圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對氣體做功情

況，再應用熱力學第一定律與題目所給條件即可正確解題；要知道：溫度是分子平均動能的標志，理想氣

體內能由溫度決定。

【解答】

A從4到B的過程中，氣體體積增大，對外做功，但溫度不變，故內能不變，故A錯誤；

B、從B到C的過程中，U不變，則勿=0,T增大,分子對器壁的平均撞擊力變大，則AU〉。，內能增

加，根據(jù)熱力學第一定律△{/=〃+<?可得Q>0,即氣體吸收熱量，故B錯誤；

C、從C到淵過程中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程?！翱傻霉捎赟曲線為雙曲線的一部分，因此從C

至必的過程中，氣體壓強不變，了減小，T減小，內能減少，故C錯誤；

D.從c到a的過程中，p不變，了減小，因此氣體在單位時間、單位面積上與器壁碰撞的分子數(shù)變多而單個

氣體分子撞擊力變小，故。正確。

7.【答案】B

【解析】【分析】

神舟十三號在低軌需沿徑向和切向加速才可以與高軌的天宮空間站實現(xiàn)對接；由萬有引力提供向心力求解

地球的質量，根據(jù)密度的計算公式求解地球的密度；根據(jù)萬有引力和重力的關系求解地球表面重力加速

度；由萬有引力提供向心力分析對接后組合體的運行速度。

解決天體(衛(wèi)星)運動問題的基本思路：(1)在地面附近萬有引力近似等于物體的重力，F(xiàn)^^mg,整理得

GM=gR2；(2)天體運動都可近似地看成勻速圓周運動，其向心力由萬有引力提供，即F^=F前根據(jù)相

應的向心力表達式進行分析。

【解答】

A、神舟十三號在低軌需沿徑向和切向加速才可以與高軌的天宮空間站實現(xiàn)對接，故A錯誤；

C、7.9km/s是貼近地面的衛(wèi)星做勻速圓周運動的線速度；對衛(wèi)星，由萬有引力提供向心力有：等=

my,解得：u=J半，對接后的組合體的軌道半徑大于地球的半徑，所以運行速度應小于7.9km/s,故

C錯誤；

332

D、由萬有引力提供向心力有：^=mrw2,其中r=(k+l)R,解得地球的質量為：M=竺*L,

地球的體積為：V=^7lR3,則地球的密度為：p=9聯(lián)立解得：P=3吧+1)3,故。錯誤

3rVr4G7T

B、根據(jù)萬有引力和重力的關系可得：粵=mg,結合地球的質量，聯(lián)立解得地球表面重力加速度為g=

R

6J2(/C+I)3/?,故8正確。

8.【答案】D

【解析】A因交流電的周期是0.02s,所以頻率為/=*=萬LHz=50Hz,故A錯誤；

區(qū)原線圈接入電壓的最大值是220Y1U,所以原線圈接入電壓的有效值是4=220V,根據(jù)理想變壓器變

壓比整=電代入數(shù)據(jù)解得副線圈的電壓為出=22U,電壓表的示數(shù)為22L故B錯誤；

%九2

,2

C.有光照增強時，R阻值隨光強增大而減小，則次級電阻減小，根據(jù)P=得副線圈輸出功率增大，所

以原線圈輸入功率增大，所以a的示數(shù)變大，故c錯誤；

。用導線代替線圈，對電流的阻礙減小，所以D變亮，故。正確。

故選。。

9.【答案】C

【解析】【分析】

本題考查感應電流的產生，基礎題目。

結合題設和感應電流產生的條件列方程得出表達式即可判斷。

【解答】電流計讀數(shù)始終為0,則回路始終無感應電流，即回路磁通量不變，可見BoLxo=BLOo+Uot),

可得”=餐+普t,B=里，可見稱—t是一條傾斜向上，縱截距為正值的直線，而B—g是一條曲線,

BDQXQDQXQXg+tBt

故C正確，A3。錯誤。

10.【答案】B

【解析】A設等勢圓的半徑為R,4V距離為x,MN距離為3如圖所示，

2q；-q

：

MPA\?NO?S

\!

\?

\、*?

、、**

、、.“____J

根據(jù)9=Y

結合電勢疊加原理，4、S滿足筍=之，壽一二削

L-XXL-T6.K—XZn-X

解得尤=2，R=|L

kq何

勢

占

0電-2+-

9O--T-

〔L

由于電場強度方向垂直等勢面，可知T點的場強方向必過等勢面的圓心,L

-3

3

3kq

可知T點電場方向指向。點，故4錯誤；

AM點的電荷電荷在P點產生的電勢為正，若移去M點的電荷，則P點的電勢降低，故2正確；

C.左邊正電荷在M右側電場強度水平向右，右邊負電荷在MN間電場強度水平向右，根據(jù)電場的疊加可知

MN間的電場強度水平向右，沿著電場線電勢逐漸降低，可知P點電勢高于等勢面與MN交點處電勢，貝葉

點電勢高于T點電勢，將正試探電荷q0從7點移到P點，電勢升高，靜電力做負功，故C錯誤；

D由于正電荷的電荷量大于負電荷電荷量，可知在N左側電場強度不可能為零，假設N右側與N距離為d處

電場強度為零，沒MN=L,有」%=與

(L+d)d

方程有唯一解，可知除無窮遠處外，MN附近電場強度為零的點只有一個，故O錯誤。

故選人

11.【答案】A

【解析】【分析】

本題考查水平面內的勻速圓周運動。解決問題的關鍵是對圓環(huán)進行正確的受力分析，結合條件分析判斷。

【解答】圓環(huán)受力如圖：

豎直方向Tcosa+Nsina=G,水平方向Ncosa-Tsina=爪3?八角速度3越大，圓環(huán)受到的桿的支持力N

越大，圓環(huán)受到的彈簧彈力T越小，故A正確，8錯誤;

C.彈簧處于原長時，則圓環(huán)僅受重力和支持力，其合力使得圓環(huán)沿水平方向做勻速圓周運動。根據(jù)牛頓第

二定律得黑=叫解得仁系=導/故C錯誤;

。.突然停止轉動后瞬間，由于圓環(huán)有沿桿向下的加速度，圓環(huán)會向下加速，動能增大，由于圓環(huán)和彈簧組

成的系統(tǒng)機械能守恒，故重力勢能和彈簧的彈性勢能之和會增加，故。錯誤。

(2)1.30；3.46X103。

(3)&；2.1

(4)減小

【解析】【分析】

本題考查利用伏安法測量一磁敏電阻RM的阻值的實驗方法，關鍵在明確內外接法，再分析閉合電路歐姆定

律，注意掌握圖象的準確應用。

(1)根據(jù)電路圖補充實物連線圖；

(2)由電壓表的讀數(shù)規(guī)則可得電壓表的讀數(shù)，結合根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的關系，可得磁敏電阻

的阻值；

(3)(4)根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得輸出電壓，注意要求輸出電壓達到或超過2.0U時報警，即要求磁感

應強度增大時，電阻的阻值增大，從而需要輸出電壓增大，故需要的阻值增大才能實現(xiàn)此功能，以及

根據(jù)電路關系可知磁敏電阻之外的定值電阻的變化。

【解答】

(1)根據(jù)電路圖甲，在乙圖中補充實物連線圖如下

(2)電壓表的最小刻度值為0.1U,如圖丙所示，電壓表的讀數(shù)為1.30憶

根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的關系，磁敏電阻兩端的電壓為喘(3k。+lfcfi)=1.73v

「3

電流表讀數(shù)為0.5爪4故此時磁敏電阻的阻值為R=730=346xi0n

0.5x10§

(3)根據(jù)閉合電路可得可得輸出電壓為U=/暮，要求輸出電壓達到或超過2.0U時報警，即要求磁感應強

度增大時，電阻的阻值增大，從而需要輸出電壓增大，故需要&的阻值增大才能實現(xiàn)此功能，故&為磁

敏電阻；

開始報警時磁感應強度為0.27,此時夫2=14k。

電壓U=2.0V

根據(jù)電路關系導=占

爪2爪1十尺2

解得另一固定電阻的阻值應為%=2.1fc/2；

(4)要提高此裝置的靈敏度(即在磁感應強度更小時就能觸發(fā)報警)，也就是磁敏電阻的電阻值更小時，由于

是串聯(lián)關系，故要求磁敏電阻之外的定值電阻的阻值減小。

13.【答案】解:(1)由乙圖知，0.2s時質點N向上振動,T=0.4s,

質點N的振動方程為y=Xsintot=lOsin—?t=10sin57Tt(cm)

(2)根據(jù)甲乙圖像判知：該波沿支軸負方向傳播，2=12cm,T=0.4s

A12X10-2

u=亍=--------m/s=0.3m/s

在0.2s時，質點M右邊最近的波峰的平衡位置為久=18cm,

X-XM

t=------

V

代入解得

t=0.35s

【解析】【分析】(1)分別由兩圖讀出波長和周期，根據(jù)y=Asin3t求質點N的振動方程；

(2)根據(jù)甲乙圖像判知：該波沿x軸負方向傳播，2=12cm,7=0.4s,根據(jù)u=*求波速，分析右邊最近的

波峰的平衡位置，從而解得最短時間。

本題的關鍵是會根據(jù)振動情況來判斷波的傳播方向，抓住振動圖象和波動圖象之間的內在聯(lián)系。

14.【答案】解：(1)由閉合電路歐姆定律E=U+/r得

U=E-Ir；

(2)物塊的重力與ab導體棒所受的安培力相等7ng=BIL,

PG=\-mgv\=BILv,

電動機”輸出的功率為：P=BILv.

【解析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律求電源兩端電壓；

(2)重物勻速上升，重力與導體棒的安培力相等，根據(jù)P=Fv求輸出功率。

15.【答案】解:

(1)小球從4到8,在豎直方向做加速度為g的勻減速運動，在豎直方向上逆向運動為自由落體運動，則八=

3gt2,解得t=Jg=o.8s,豎直方向的初速度為%=gt=8m/s,由Vy=%s譏解得為=10m/s；

(2)在水平方向做勻速運動，則以=v0cos9=6m/s,設小球a與小球6碰后小球a的速度為%，小球b的速

度為外,由動量守恒定律可得加送%=租1%+血2%，