2022-2023學年福建省福州市長樂航城中學高三物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）汽車在平直的公路上以恒定的功率起動，設阻力恒定，則關(guān)于汽車運動過程中加速度隨時間變化的關(guān)系，下圖中最合理的是（

）參考答案：B

解析：汽車恒定功率啟動，則開始時加速度較大，速度增大；則由P=FV可知，牽引力減小，則加速度減?。划敔恳Φ扔谧枇r，物體的加速度為零；此后做勻速直線運動；故汽車做加速度減小的加速運動，并且加速度減小的越來越慢，故選B2.如圖所示為一物體沿南北方向(規(guī)定向北為正方向)做直線運動的v-t圖象，由圖可知()A.3s末物體回到初始位置

B.3s末物體的加速度方向發(fā)生變化

C.物體所受合外力的方向一直向南D.物體所受合外力的方向一直向北參考答案：D3.如圖所示，長為L的硬桿A一端固定一個質(zhì)量為m的小球B，另一端固定在水平轉(zhuǎn)軸O上，硬桿繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動。在硬桿與水平方向的夾角α從90°減小到0°的過程中，下列說法正確的是（

）（A）小球B受到硬桿A的作用力方向始終沿桿（B）小球B受到的合力方向始終沿桿（C）小球B受到硬桿A的作用力逐漸減小（D）小球B受到硬桿A的作用力對小球做負功參考答案：D4.如圖所示，a、b分別為一對等量同種電荷連線上的兩點（其中b為中點），c為連線中垂線上的一點．今將一帶電量為q的負點電荷自a沿直線移到b再沿直線移到c，下列有關(guān)說法中正確的是(

)A．電荷q受到的電場力的合力一直變小

B．電場力的合力對電荷q一直做負功C．電荷q的電勢能先減小，后不變

D．電荷q受到的電場力的合力方向一直不變參考答案：B由于b點是等量同種電荷連線上的中點，所以b點電場強度為0，電荷在b點所受電場力為0，帶電量為q的負點電荷自a沿直線移到b再沿直線移到c的過程中，電場力先減小后增大，A錯；由于是負點電荷，所以電場力一直做負功，電勢能一直增大，B對C錯；電荷q受到的電場力的合力方向隨運動過程變化，由a到b合力方向向左，由b到c合力方向向下，D錯。5.如圖所示，PQ為等量異種點電荷A、B連線的中垂線，C為中垂線上的一點，M、N分別為AC．BC的中點．若取無窮遠處的電勢為零，則下列判斷正確的是（）A． M、N兩點場強相同B． M、Ⅳ兩點電勢相同C． 負電荷由無窮遠處移到Ⅳ點時，電勢能一定增加D． 負電荷由無窮遠處移到C處，電場力做功為零參考答案：CD考點：電場的疊加；電勢；電勢能．.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析：根據(jù)電場線的分布確定電場強度的大小和方向，根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低，判斷電勢的高低．根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化．解答：解：A、根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，M、N兩點的場強大小相等，方向不同，故A錯誤．B、沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知M、N兩點電勢不等．故B錯誤．C、等量異種電荷連線的中垂線是等勢線，將負電荷從無窮遠處移到N點處，電場力做負功，電勢能一定增加，故C正確．D、等量異種電荷連線的中垂線是等勢線，負電荷由無窮遠處移到C處，電場力做功為零．故D正確．故選：CD．點評：解決本題的關(guān)鍵知道等量異種電荷周圍電場線的分布，知道電場力做功與電勢能的變化關(guān)系．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，內(nèi)徑均勻的U形管豎直放置，內(nèi)部裝有水銀，溫度為27°C時在封閉端內(nèi)的空氣柱長為12cm，開口端水銀面比封閉端水銀面高2cm，已知大氣壓強為p0＝75cmHg，則當溫度變?yōu)開__________°C時，兩側(cè)水銀面高度相等，若不改變溫度而在開口管內(nèi)加入25cm長的水銀柱，則管內(nèi)空氣柱長度為___________cm。參考答案：-5.14；9.52

7.放射性元素的原子核在α衰變或β衰變生成新原子核時，往往會同時伴隨______輻射。在α射線、β射線、X射線、紅外線、γ射線、紫外線中，不屬于電磁波的為___________________。參考答案：γ射線，β射線、α射線8.質(zhì)量為0.45kg的木塊靜止在光滑水平面上，一質(zhì)量為0.05kg的子彈以200m/s的水平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，則木塊最終速度的大小是__________m/s。若子彈在木塊中運動時受到的平均阻力為4.5×103N，則子彈射入木塊的深度為_______m。參考答案：

(1).20

(2).0.2試題分析：根據(jù)系統(tǒng)動量守恒求解兩木塊最終速度的大?。桓鶕?jù)能量守恒定律求出子彈射入木塊的深度；根據(jù)動量守恒定律可得，解得；系統(tǒng)減小的動能轉(zhuǎn)化為克服阻力產(chǎn)生的內(nèi)能，故有，解得；【點睛】本題綜合考查了動量守恒定律、能量守恒定律，綜合性較強，對學生能力要求較高．9.自行車的設計蘊含了許多物理知識，利用所學知識完成下表自行車的設計目的（從物理知識角度）車架用鋁合金、鈦合金代替鋼架減輕車重車胎變寬

自行車后輪外胎上的花紋

參考答案：減小壓強（提高穩(wěn)定性）；增大摩擦（防止打滑；排水）解析：車胎變寬能夠增大輪胎與地面的接觸面積，提高穩(wěn)定性，減小壓強，有利于行車安全；自行車后輪外胎上的花紋，增大摩擦，防止打滑。10.如圖所示，在A點固定一點電荷，電荷量為+Q，已知點電荷Q周圍各點的電勢φ=（r是各點離Q的距離）。在A點正上方離A高度為h的B點由靜止釋放某帶電的液珠（可以看作點電荷），液珠開始運動瞬間的加速度大小為（g為重力加速度）。靜電常量為k，若液珠只能沿豎直方向運動，不計空氣阻力，則液珠的電量與質(zhì)量的比值為___________；若液珠向下運動，到離A上方h/2處速度恰好為零，則液珠的最大速度為___________。參考答案：，11.(3分)演示地磁場存在的實驗裝置(由環(huán)形線圈，微電流傳感器，DIS等組成)如圖所示。首先將線圈豎直放置，以豎直方向為軸轉(zhuǎn)動，屏幕上的電流指針＿＿＿＿(填：“有”或“無”)偏轉(zhuǎn)；然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動，電流指針＿＿＿＿(填：“有”或“無”)偏轉(zhuǎn)；最后將線圈水平放置，使其從東向西移動，電流指針＿＿＿＿(填：“有”或“無”)偏轉(zhuǎn)。參考答案：有

無

無首先將線圈豎直放置，以豎直方向為軸轉(zhuǎn)動，線圈中磁通量變化，屏幕上的電流指針有偏轉(zhuǎn)。然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動，線圈中磁通量不變化，電流指針無偏轉(zhuǎn)。最后將線圈水平放置，使其從東向西移動，線圈中磁通量不變化，電流指針無偏轉(zhuǎn)。12.(3-4模塊)(3分)一列向右傳播的簡諧橫波在某時刻的波形圖如圖所示。波速大小為0.6m/s，P質(zhì)點的橫坐標x=0.96m。波源O點剛開始振動時的振動方向__▲___(填“y軸正方向”或“y軸負方向”)，波的周期為___▲___s。從圖中狀態(tài)為開始時刻，質(zhì)點P經(jīng)過__▲__s時間第二次達到波峰。

參考答案：答案:y的負方向(1分)、0.4(1分)、1.9(1分)13.密封有空氣的薄圓塑料瓶到了冬季因降溫而變扁，此過程中瓶內(nèi)空氣（不計分子勢能）的內(nèi)能

▲

（填“增大”或“減小”），

▲

熱量（填“放出”或“吸收”）．參考答案：減小三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（8分）為確定愛因斯坦的質(zhì)能方程的正確性，設計了如下實驗：用動能為MeV的質(zhì)子轟擊靜止的鋰核Li，生成兩個粒子，測得兩個粒子的動能之和為MeV。寫出該反應方程，并通過計算說明正確。（已知質(zhì)子、粒子、鋰核的質(zhì)量分別取、、）參考答案：核反應方程為核反應的質(zhì)量虧損，由質(zhì)能方程可得，質(zhì)量虧損相當?shù)哪芰縈eV而系統(tǒng)增加的能量MeV，這些能量來自核反應中，在誤差允許的范圍內(nèi)可認為相等，所以正確。15.為了測量木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)，某同學用鐵架臺將長板傾斜支在水平桌面上，組成如圖甲所示的裝置，所提供的器材有：長木板、木塊（其前端固定有用于擋光的窄片K）、光電計時器、米尺、鐵架臺等，在長木板上標出A、B兩點，B點處放置光電門（圖中未畫出），用于記錄窄片通過光電門時的擋光時間，該同學進行了如下實驗：（1）用游標尺測量窄片K的寬度d如圖乙所示，則d=______mm，測量長木板上A、B兩點間的距離L和豎直高度差h。（2）從A點由靜止釋放木塊使其沿斜面下滑，測得木塊經(jīng)過光電門時的檔光時間為△t=2.50×10-3s，算出木塊經(jīng)B點時的速度v=_____m/s，由L和v得出滑塊的加速度a。（3）由以上測量和算出的物理量可以得出木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)的表達式為μ=_______（用題中所給字母h、L、a和重力加速度g表示）參考答案：

(1).(1)2.50；

(2).（2）1.0；

(3).（3）試題分析：(1)游標卡尺的讀數(shù)是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；(2)擋光片通過光電門的時間很短，因此可以用其通過的平均速度來代替瞬時速度；(3)根據(jù)牛頓運動定律寫出表達式，求動摩擦因數(shù)的大小。解：(1)主尺讀數(shù)是2mm，游標讀數(shù)是，則窄片K的寬度；(2)木塊經(jīng)B點時的速度(3)對木塊受力分析，根據(jù)牛頓運動定律有：據(jù)運動學公式有其中、聯(lián)立解得：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如下圖所示，輕彈簧左端固定在豎直墻上，右端點在O位置．質(zhì)量為m的物塊A(可視為質(zhì)點)以初速度v0從距O點右方x0的P點處向左運動，與彈簧接觸后壓縮彈簧，將彈簧右端壓到O′點位置后，A又被彈簧彈回，A離開彈簧后，恰好回到P點，物塊A與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ.求：(1)物塊A從P點出發(fā)又回到P點的過程，克服摩擦力所做的功．(2)O點和O′點間的距離x1.參考答案：【知識點】

動能定理的應用E2【答案解析】(1)mv.(2)－x0.解析：(1)A從P點出發(fā)又回到P點克服摩擦力所做的功為WFf＝mv.(2)A從P點出發(fā)又回到P點的過程中根據(jù)動能定理2μmg(x1＋x0)＝mv得x1＝－x0.【思路點撥】（1）A從P回到P的過程，對A物體應用動能定理可直接求解克服摩擦力所做的功．（2）A從P回到P全過程根據(jù)動能定理求解x1．對單個物體的運動過程，首先考慮動能定理，牽扯彈簧的彈力做功時，考慮機械能守恒或功能關(guān)系或能量守恒，不難．17.如圖所示，邊長L=0．2m的正方彤a(chǎn)bcd區(qū)域（含邊界）內(nèi)，存在著垂直于區(qū)域表面向內(nèi)的勻強磁場B．B=5．0×10-2T。帶電平行金屬板MN、PQ間形成了勻強電場E（不考慮金屬板在其它區(qū)域形成的電場）,MN放在ad邊上，兩板左端M、P恰在ab邊上，兩板右端N、Q間有一絕緣擋板EF．EF中間有一小孔O，金屬板長度、板間距、擋板長度均為l=0．lm。在M和P的中間位置有一離子源S，能夠正對孔O不斷發(fā)射出各種速率的帶負電離子，離子的電荷量均為q=3．2×l0-18C，質(zhì)量均為m=6．4×l0-26kg。（不計離子的重力，不考慮離子之間的相互作用，離子打到金屬板或擋板上后將不反彈）

（l）當電場強度E=106N/C時，求能夠沿SO連線穿過孔O的離子的速率；

（2）電場強度取值在定范圍內(nèi)時，可使沿SO連線穿過O并進入磁場區(qū)域的離子直接從bc邊射出．求滿足條件的電場強度最大值；

（3）在電場強度取第（2）問中滿足條件的最小值的情況下，緊貼磁場邊緣cd的內(nèi)側(cè)，從c點沿cd方向入射一電荷量也為q、質(zhì)量也為m的帶正電離子，要保證磁場中能夠發(fā)生正、負離子的相向正碰（碰撞時兩離子的速度方向恰好相反），求該正離子入射的速率。參考答案：（l）2×107m/s；（2）1.25×104N/C；（3）5×105m/s．解析解：（1）能穿過速度選擇器的離子洛倫茲力與電場力相等，即：qv0B=qE，代入數(shù)據(jù)解得：v0=2×107m/s；

（2）穿過O孔的離子滿足：qvB=qE，

離子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，

由牛頓第二定律得：qvB=m解得：E=從bc邊射出的離子其臨界軌跡如圖中①②所示：

對于與軌跡①，半徑最大，對應的電場強度值最大，

根據(jù)圖示軌跡①，由幾何知識可得：rmax=L-l=0.1m，

解得：E1max=1.25×104N/C；

（3）當E取最小值時，離子軌跡如上圖②所示，

根據(jù)圖示由幾何知識可得：rmin=，解得：rmin=0.075m，離子發(fā)生正碰，兩離子軌跡將內(nèi)切，如圖所示：

設從C進入磁場的離子軌道半徑為r′，速率為v′，

由幾何知識得：（r′-rmin）2=rmin2+（r′-）2，

將L、rmin代入解得：r′=0.2m，

由牛頓第二定律得：qv′B=q代入數(shù)據(jù)解得：v′=5×105m/s；18.物理學家帕平發(fā)明了高壓鍋，高壓鍋與普通鍋不同，鍋蓋通過幾個牙齒似的鍋齒與鍋體鑲嵌旋緊，加上鍋蓋與鍋體之間有橡皮制的密封圈，所以鍋蓋與鍋體之間不會漏氣，在鍋蓋中間有