江蘇省泰州中學(xué)、泰興中學(xué)、靖江中學(xué)、揚(yáng)州中學(xué)、南京一中聯(lián)考屆高考物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1．如圖為喜慶節(jié)日里掛的燈籠，由于天氣刮風(fēng)，重力為G的燈籠向右飄起，設(shè)風(fēng)對(duì)燈籠的作用力F恒定，燈籠可看成質(zhì)點(diǎn)．在某一時(shí)間內(nèi)燈籠偏離豎直方向的角度恒為θ，設(shè)輕繩對(duì)燈籠的拉力為T．下列說(shuō)法中正確的是() A．T與F的合力方向豎直向下 B．輕繩所受拉力的大小為T= C．T和G是一對(duì)平衡力 D．T與F的合力大于G2．如圖所示，L是一帶鐵芯的理想電感線圈，其直流電阻為0，電路中A、B是兩個(gè)完全相同的燈泡，與A燈泡串接一個(gè)理想二極管D，則() A．開關(guān)S閉合瞬間，A燈泡先亮 B．開關(guān)S閉合瞬間，A、B燈泡同時(shí)亮 C．開關(guān)S斷開瞬間，A燈泡逐漸熄滅，B燈泡立即熄滅 D．開關(guān)S斷開瞬間，B燈泡逐漸熄滅，A燈泡立即熄滅3．如圖所示，正電荷Q均勻分布在半徑為r的金屬球面上，沿x軸上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電勢(shì)分別用E和?表示．選取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列關(guān)于x軸上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E或電勢(shì)?隨位置x的變化關(guān)系圖，正確的是() A． B． C． D．4．如圖所示，一個(gè)方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)僅限于虛線邊界所圍的等腰直角三角形區(qū)域內(nèi)，一固定的正方形金屬框，其邊長(zhǎng)與三角形的直角邊相同，每條邊的材料均相同，現(xiàn)在讓有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)向右勻速地通過(guò)金屬框且金屬框的下邊與磁場(chǎng)區(qū)域的下邊在一直線上．在磁場(chǎng)通過(guò)金屬框的過(guò)程中電勢(shì)差Uab隨時(shí)間變化的圖象是下列四個(gè)圖中的() A． B． C． D．5．如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運(yùn)行，初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶．若從小物塊滑上傳送帶開始計(jì)時(shí)，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示，已知v2＞v1，則() A．t2時(shí)刻，小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離達(dá)到最大 B．0～t2時(shí)間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左 C．0～t3時(shí)間內(nèi)，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用 D．t2時(shí)刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答得0分。6．圖甲是某燃?xì)鉅t點(diǎn)火裝置的原理圖，轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，V為理想交流電壓表．當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w．以下判斷正確的是() A．電壓表的示數(shù)為3.5V B．電壓表的示數(shù)為5V C．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是＜1000 D．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是＞10007．在“嫦娥一號(hào)”奔月飛行過(guò)程中，在月球上空有一次變軌是由橢圓軌道a變?yōu)榻聢A形軌道b，如圖所示．在a、b兩軌道切點(diǎn)處，下列說(shuō)法正確的是() A．衛(wèi)星運(yùn)行的速度va＞vb B．衛(wèi)星受月球的引力Fa=Fb C．衛(wèi)星的加速度aa＞ab D．衛(wèi)星的動(dòng)能Eka＜Ekb8．如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用平行于斜面的恒力F拉乙物塊，在使甲、乙一起無(wú)相對(duì)滑動(dòng)沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)的階段中() A．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大 B．甲、乙兩物塊間的摩擦力保持不變 C．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小 D．乙物塊與斜面之間的摩擦力不斷減小9．在傾角為θ的固定光滑斜面上有兩個(gè)用輕彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為m1、m2，彈簧勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用一平行于斜面向上的恒力F拉物塊A使之向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊B剛要離開擋板C時(shí)，物塊A運(yùn)動(dòng)的距離為d，速度為v．則此時(shí)() A．拉力做功的瞬時(shí)功率為Fvsinθ B．物塊B滿足m2gsinθ＜kd C．物塊A的加速度為 D．彈簧彈性勢(shì)能的增加量為Fd﹣m1gdsinθ﹣m1v2三、簡(jiǎn)答題:共計(jì)42分。10．如圖甲所示，是探究功與物體速度變化關(guān)系的裝置．第一次由一根橡皮筋提供牽引力使小木塊在某處由靜止彈出，然后分別改用2根、3根…相同的橡皮筋，使小木塊從同樣的位置彈出．（1）小木塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中會(huì)受到阻力，應(yīng)將長(zhǎng)木板__________（填“左”或“右”）端適當(dāng)墊高作為補(bǔ)償．（2）只用1根橡皮筋作用時(shí)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如乙圖所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用50Hz的交流電源，則小木塊彈出后的速度為__________m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．（3）如表是實(shí)驗(yàn)過(guò)程中測(cè)量的幾組數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)趫D丙坐標(biāo)紙上選取合適的物理量和單位，做出圖象以便于找出做功與小木塊動(dòng)能的關(guān)系．橡皮筋數(shù) 做功 υ υ2 υ32 2W 1.27 1.13 1.62 2.083 3W 1.56 1.25 2.43 3.794 4W 1.80 1.34 3.24 5.835 5W 2.01 1.42 4.05 8.156 6W 2.20 1.48 4.86 10.71（4）如果本實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有進(jìn)行第（1）步的操作，則上述所畫的圖線__________A．仍為原圖線B．向上平移C．向下平移D．傾斜程度會(huì)發(fā)生變化．11．在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，（1）小明同學(xué)連接了如圖（a）所示的實(shí)物電路圖．閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)燈泡不亮，電流表的示數(shù)為零；①他借助多用電表檢查小燈泡．先斷開開關(guān)，把多用電表的選擇開關(guān)旋到“×1Ω”擋，再進(jìn)行__________調(diào)零；又將紅、黑表筆分別接觸ab接線柱，多用電表的表盤恰好如圖（b）所示，說(shuō)明小燈泡正常，此時(shí)的電阻為__________Ω．②他將多用電表選擇開關(guān)旋于某直流電壓檔，將紅、黑表筆分別接觸bc接線柱；閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)約等于電源電動(dòng)勢(shì)，說(shuō)明bc接線柱間的導(dǎo)線出現(xiàn)了__________（選填“斷路”或“短路”）．③故障排除后，為了使電流表的示數(shù)從零開始，要在__________接線柱間（選填“ac”、“ad”或“cd”）再連接一根導(dǎo)線，并在閉合開關(guān)前把滑動(dòng)變阻器的滑片置于最__________端（選填“左”或“右”）．（2）小華同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)得到了8組數(shù)據(jù)，在圖（c）所示的I﹣U坐標(biāo)系中，通過(guò)描點(diǎn)連線得到了小燈泡的伏安特性曲線．根據(jù)圖（c），可判斷出圖（d）中正確的關(guān)系圖是（圖中P為小燈泡功率）__________．（3）將同種規(guī)格的兩個(gè)這樣的小燈泡并聯(lián)后再與10Ω的定值電阻串聯(lián)，接在電動(dòng)勢(shì)為8V、內(nèi)阻不計(jì)的電源上，如圖（e）所示，則電流表的示數(shù)為__________A，每個(gè)小燈泡的功率為__________W．A．（選修模塊3-3）12．下列說(shuō)法正確的是() A．氣體的溫度升高時(shí)，分子的熱運(yùn)動(dòng)變得劇烈，分子的平均動(dòng)能增大，撞擊器壁時(shí)對(duì)器壁的作用力增大，從而氣體的壓強(qiáng)一定增大 B．液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定 C．液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的 D．物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體13．已知水的密度ρ=1.0×103kg/m3、摩爾質(zhì)量M=1.8×10﹣2kg/mol，阿伏伽德羅常數(shù)為N=6.02×1023mol﹣1，一滴露水的體積大約是6.0×10﹣8cm3，它含有__________個(gè)水分子，如果一只極小的蟲子來(lái)喝水，每分鐘喝進(jìn)6.0×1014．一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過(guò)程的ρ﹣V圖象如圖所示，已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為27℃，則：①該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中內(nèi)能的變化量是多大？②該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中是吸熱，還是放熱？傳遞的熱量是多少？C．（選修模塊3-5）15．有關(guān)原子結(jié)構(gòu)，下列說(shuō)法正確的是() A．玻爾原子模型能很好地解釋氫原子光譜 B．盧瑟福核式結(jié)構(gòu)模型可以很好地解釋原子的穩(wěn)定性 C．玻爾提出的原子模型，否定了盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō) D．盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)否定了湯姆孫關(guān)于原子結(jié)構(gòu)的“西瓜模型”16．某同學(xué)用如圖所示的裝置“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”，其操作步驟如下：A．將操作臺(tái)調(diào)為水平；B．用天平測(cè)出滑塊A、B的質(zhì)量mA、mB；C．用細(xì)線將滑塊A、B連接，滑塊A、B緊靠在操作臺(tái)邊緣，使A、B間的彈簧處于壓縮狀態(tài)；D．剪斷細(xì)線，滑塊A、B均做平拋運(yùn)動(dòng)，記錄A、B滑塊的落地點(diǎn)M、N；E．用刻度尺測(cè)出M、N距操作臺(tái)邊緣的水平距離x1、x2；F．用刻度尺測(cè)出操作臺(tái)面距地面的高度h．（1）上述步驟中，多余的步驟是__________．（2）如果動(dòng)量守恒，須滿足的關(guān)系是__________（用測(cè)量量表示）．17．如圖所示是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，某同學(xué)進(jìn)行了如下操作：①用頻率為v1的光照射光電管，此時(shí)電流表中有電流．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，將觸頭P向__________端滑動(dòng)（選填“a”或“b”），使微安表示數(shù)恰好變?yōu)榱?，記下電壓表示?shù)U1．②用頻率為ν2的光照射光電管，重復(fù)①中的步驟，記下電壓表示數(shù)U2．已知電子的電量為e，由上述實(shí)驗(yàn)可知，普朗克常量h=__________（用上述已知量和測(cè)量量表示）．四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分。解答時(shí)請(qǐng)寫出必要得文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。18．如圖所示，質(zhì)量為2m的U形線框ABCD下邊長(zhǎng)度為L(zhǎng)，電阻為R，其它部分電阻不計(jì)，其內(nèi)側(cè)有質(zhì)量為m，電阻為R的導(dǎo)體棒PQ，PQ與線框相接觸良好，可在線框內(nèi)上下滑動(dòng)．整個(gè)裝置豎直放置，其下方有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．將整個(gè)裝置從靜止釋放，在下落過(guò)程線框底邊始終水平．當(dāng)線框底邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)導(dǎo)體棒PQ與線框間的滑動(dòng)摩擦力為mg．經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，導(dǎo)體棒PQ恰好到達(dá)磁場(chǎng)上邊界，但未進(jìn)入磁場(chǎng)，PQ運(yùn)動(dòng)的距離是線框在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)距離的兩倍．不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g．求：（1）線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，BC兩端的電勢(shì)差；（2）導(dǎo)體棒PQ到達(dá)磁場(chǎng)上邊界時(shí)速度大??；（3）導(dǎo)體棒PQ到達(dá)磁場(chǎng)上邊界前的過(guò)程線框中產(chǎn)生的焦耳熱．19．（16分）光滑水平面上，一個(gè)長(zhǎng)平板與半圓組成如圖所示的裝置，半圓弧面（直徑AB豎直）與平板上表面相切于A點(diǎn)，整個(gè)裝置質(zhì)量M=5kg．在裝置的右端放一質(zhì)量為m=1kg的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），小滑塊與長(zhǎng)平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，裝置與小滑塊一起以v0=12m/s的速度向左運(yùn)動(dòng)．現(xiàn)給裝置加一個(gè)F=64N向右的水平推力，小滑塊與長(zhǎng)平板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，當(dāng)小滑塊滑至長(zhǎng)平板左端A時(shí)，裝置速度恰好減速為0，此時(shí)撤去外力F并將裝置鎖定．小滑塊繼續(xù)沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng)，且恰好能通過(guò)軌道最高點(diǎn)B．滑塊脫離半圓形軌道后又落回長(zhǎng)平板．已知小滑塊在通過(guò)半圓形軌道時(shí)克服摩擦力做功Wf=9.5J．g=10m/s2．求：（1）裝置運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和位移大??；（2）長(zhǎng)平板的長(zhǎng)度l；（3）小滑塊最后落回長(zhǎng)平板上的落點(diǎn)離A的距離．20．（16分）如圖，在xOy平面的y軸左側(cè)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，y軸右側(cè)區(qū)域Ⅰ內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=勻強(qiáng)磁場(chǎng)，區(qū)域Ⅰ、區(qū)域Ⅱ的寬度均為L(zhǎng)，高度均為3L．質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子從坐標(biāo)為（﹣2L，﹣L）的A點(diǎn)以速度v0沿+x方向射出，恰好經(jīng)過(guò)坐標(biāo)為[0，﹣（﹣1）L]的C點(diǎn)射入?yún)^(qū)域Ⅰ．粒子重力忽略不計(jì)．（1）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；（2）求粒子離開區(qū)域Ⅰ時(shí)的位置坐標(biāo)；（3）要使粒子從區(qū)域Ⅱ上邊界離開磁場(chǎng)，可在區(qū)域Ⅱ內(nèi)加垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．試確定磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小范圍，并說(shuō)明粒子離開區(qū)域Ⅱ時(shí)的速度方向．江蘇省泰州中學(xué)、泰興中學(xué)、靖江中學(xué)、揚(yáng)州中學(xué)、南京一中聯(lián)考屆高考物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1．如圖為喜慶節(jié)日里掛的燈籠，由于天氣刮風(fēng)，重力為G的燈籠向右飄起，設(shè)風(fēng)對(duì)燈籠的作用力F恒定，燈籠可看成質(zhì)點(diǎn)．在某一時(shí)間內(nèi)燈籠偏離豎直方向的角度恒為θ，設(shè)輕繩對(duì)燈籠的拉力為T．下列說(shuō)法中正確的是() A．T與F的合力方向豎直向下 B．輕繩所受拉力的大小為T= C．T和G是一對(duì)平衡力 D．T與F的合力大于G考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力．專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．分析：對(duì)燈籠受力分析，受重力、拉力和風(fēng)力，三力平衡，任意兩個(gè)力的合力與第三力等值、反向、共線，結(jié)合合成法求解拉力．解答： 解：A、B、燈籠受重力、拉力和風(fēng)力，三力平衡，故T與F的合力與重力平衡，方向豎直向上，故AD錯(cuò)誤；B、根據(jù)平衡條件，有：T=，故B正確；C、T和G方向不共線，不是平衡力，故C錯(cuò)誤；故選：B．點(diǎn)評(píng)：本題是三力平衡問(wèn)題，可以用合成法、正交分解法處理，列平衡方程是關(guān)鍵，基礎(chǔ)問(wèn)題．2．如圖所示，L是一帶鐵芯的理想電感線圈，其直流電阻為0，電路中A、B是兩個(gè)完全相同的燈泡，與A燈泡串接一個(gè)理想二極管D，則() A．開關(guān)S閉合瞬間，A燈泡先亮 B．開關(guān)S閉合瞬間，A、B燈泡同時(shí)亮 C．開關(guān)S斷開瞬間，A燈泡逐漸熄滅，B燈泡立即熄滅 D．開關(guān)S斷開瞬間，B燈泡逐漸熄滅，A燈泡立即熄滅考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)．分析：依據(jù)自感線圈的特征：剛通電時(shí)線圈相當(dāng)于斷路，斷開電鍵時(shí)線圈相當(dāng)于電源；二極管的特征是只正向?qū)ǎ獯穑?解：AB、閉合瞬間線圈相當(dāng)于斷路，二極管為正向電流，故電流走A燈泡，B也同時(shí)亮，故A錯(cuò)誤，B正確．CD、L是一帶鐵芯的理想電感線圈，其直流電阻為0，電路穩(wěn)定后A就熄滅了，不用等開關(guān)斷開；開關(guān)S斷開瞬間B立刻熄滅，由于二極管只正向?qū)ǎ首愿芯€圈與A無(wú)法形成回路，A不會(huì)在閃亮，故CD錯(cuò)誤．故選：B．點(diǎn)評(píng)：該題兩個(gè)關(guān)鍵點(diǎn)，1、要知道理想線圈的特征：剛通電時(shí)線圈相當(dāng)于斷路，斷開電鍵時(shí)線圈相當(dāng)于電源；2、要知道二極管的特征是只正向?qū)ǎ?．如圖所示，正電荷Q均勻分布在半徑為r的金屬球面上，沿x軸上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電勢(shì)分別用E和?表示．選取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列關(guān)于x軸上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E或電勢(shì)?隨位置x的變化關(guān)系圖，正確的是() A． B． C． D．考點(diǎn)：電勢(shì)；電勢(shì)能．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：該題中正電荷Q均勻分布在半徑為r的金屬球面上，金屬球是一個(gè)等勢(shì)體．從金屬球到無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)降低．解答： 解：A、B：金屬球是一個(gè)等勢(shì)體，等勢(shì)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為0，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C、D：金屬球是一個(gè)等勢(shì)體，等勢(shì)體內(nèi)部的電勢(shì)處處相等，故C正確，D錯(cuò)誤．故選：C．點(diǎn)評(píng)：該題考查帶正電荷的金屬球周圍的場(chǎng)強(qiáng)分布與電勢(shì)的特點(diǎn)，除了上述的方法，還可以使用積分法求它的場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)．屬于簡(jiǎn)單題．4．如圖所示，一個(gè)方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)僅限于虛線邊界所圍的等腰直角三角形區(qū)域內(nèi)，一固定的正方形金屬框，其邊長(zhǎng)與三角形的直角邊相同，每條邊的材料均相同，現(xiàn)在讓有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)向右勻速地通過(guò)金屬框且金屬框的下邊與磁場(chǎng)區(qū)域的下邊在一直線上．在磁場(chǎng)通過(guò)金屬框的過(guò)程中電勢(shì)差Uab隨時(shí)間變化的圖象是下列四個(gè)圖中的() A． B． C． D．考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電勢(shì)差；楞次定律．專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析：磁通量先增加后減小，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，得到Uab的正負(fù)情況；同時(shí)結(jié)合右手定則分析．解答： 解：磁場(chǎng)進(jìn)入線框時(shí)，相當(dāng)于線框的ab邊向左切割磁感線，故感應(yīng)電流方向是abdc方向，ab邊相當(dāng)于電源，故Uab=，Uab＜0；磁場(chǎng)離開線框時(shí)，磁通量減小，故感應(yīng)電流方向反向了，故感應(yīng)電流方向是cdba方向，此時(shí)相當(dāng)于cd邊向左切割磁感線，cd邊相當(dāng)于電源，故Uab=，Uab＜0；故選：D．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)楞次定律并結(jié)合右手定則判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向，找到相當(dāng)于電源的部分是關(guān)鍵，不難．5．如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運(yùn)行，初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶．若從小物塊滑上傳送帶開始計(jì)時(shí)，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示，已知v2＞v1，則() A．t2時(shí)刻，小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離達(dá)到最大 B．0～t2時(shí)間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左 C．0～t3時(shí)間內(nèi)，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用 D．t2時(shí)刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大考點(diǎn)：摩擦力的判斷與計(jì)算．專題：摩擦力專題．分析：小物塊滑上傳送后在阻力作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為0時(shí)，小物塊又反向勻加速運(yùn)動(dòng)最后與傳送帶一起向右運(yùn)動(dòng)．根據(jù)圖象分析有：0～t1時(shí)間內(nèi)木塊向左勻減速直線運(yùn)動(dòng)，受到向右的摩擦力，t1﹣t2小物塊向右勻加速，t2﹣t3當(dāng)速度增加到與皮帶相等時(shí)，一起向右勻速，摩擦力消失．解答： 解：A、t2時(shí)刻前小物塊相對(duì)傳送帶向左運(yùn)動(dòng)，之后相對(duì)靜止，故A正確；B、在0﹣t1時(shí)間內(nèi)小物塊向左減速受向右的摩擦力作用，在t1﹣t2時(shí)間內(nèi)小物塊向右加速運(yùn)動(dòng)，受到向右的摩擦力作用，故B錯(cuò)誤；C、如圖知，t2﹣t3小物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)受力平衡，小物塊不受摩擦力作用，故C錯(cuò)誤；D、t1時(shí)刻小物塊向左運(yùn)動(dòng)到速度為零，離A處的距離達(dá)到最大，故D錯(cuò)誤．故選：A．點(diǎn)評(píng)：本題的關(guān)鍵是通過(guò)圖象得出小物塊的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，再由運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出小物塊的受力和運(yùn)動(dòng)情況．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答得0分。6．圖甲是某燃?xì)鉅t點(diǎn)火裝置的原理圖，轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，V為理想交流電壓表．當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w．以下判斷正確的是() A．電壓表的示數(shù)為3.5V B．電壓表的示數(shù)為5V C．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是＜1000 D．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是＞1000考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理．專題：交流電專題．分析：根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論．解答： 解：A、圖乙所示的正弦交變電壓，最大值為有效值的倍，所以電壓的有效值為3.5V，故A正確，B錯(cuò)誤C、當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w．電壓與匝數(shù)成正比，所以實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是＞1000，故C錯(cuò)誤，D正確故選AD．點(diǎn)評(píng)：掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．7．在“嫦娥一號(hào)”奔月飛行過(guò)程中，在月球上空有一次變軌是由橢圓軌道a變?yōu)榻聢A形軌道b，如圖所示．在a、b兩軌道切點(diǎn)處，下列說(shuō)法正確的是() A．衛(wèi)星運(yùn)行的速度va＞vb B．衛(wèi)星受月球的引力Fa=Fb C．衛(wèi)星的加速度aa＞ab D．衛(wèi)星的動(dòng)能Eka＜Ekb考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．專題：人造衛(wèi)星問(wèn)題．分析：“嫦娥﹣號(hào)”受到的萬(wàn)有引力提供向心力，從橢圓軌道上經(jīng)過(guò)切點(diǎn)時(shí)，萬(wàn)有引力提供的力小于需要的向心力＜m，根據(jù)公式進(jìn)行討論判定．解答： 解：A、“嫦娥﹣號(hào)”從a軌道上經(jīng)過(guò)切點(diǎn)時(shí)，即將做離心運(yùn)動(dòng)，＜m，從b軌道上經(jīng)過(guò)切點(diǎn)時(shí)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，=m，兩公式比較可知，va＞vb，故A正確．B、萬(wàn)有引力：F=，半徑相等，故衛(wèi)星受月球的引力Fa=Fb，故B正確．C、萬(wàn)有引力提供向心力，ma=，因此加速度是相等的，故C錯(cuò)誤．D、由A可知va＞vb，衛(wèi)星的動(dòng)能：EKa＞EKb，故D錯(cuò)誤．故選：AB．點(diǎn)評(píng)：該題考查“嫦娥﹣號(hào)”繞月球運(yùn)行，萬(wàn)有引力提供向心力．要注意從橢圓軌道上經(jīng)過(guò)切點(diǎn)時(shí)，萬(wàn)有引力提供的力小于需要的向心力，即將做離心運(yùn)動(dòng)．屬于簡(jiǎn)單題．8．如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用平行于斜面的恒力F拉乙物塊，在使甲、乙一起無(wú)相對(duì)滑動(dòng)沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)的階段中() A．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大 B．甲、乙兩物塊間的摩擦力保持不變 C．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小 D．乙物塊與斜面之間的摩擦力不斷減小考點(diǎn)：洛侖茲力；摩擦力的判斷與計(jì)算．分析：先以整體為研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，分析斜面對(duì)乙的摩擦力如何變化，再對(duì)甲分析，由牛頓第二定律研究甲、乙之間的摩擦力、彈力變化情況．解答： 解：對(duì)整體，分析受力情況：重力、斜面的支持力和摩擦力、洛倫茲力，洛倫茲力方向垂直于斜面向上，則由牛頓第二定律得：m總gsinα﹣f=ma①FN=m總gcosα﹣F洛②隨著速度的增大，洛倫茲力增大，則由②知：FN減小，乙所受的滑動(dòng)摩擦力f=μFN減小，故D正確；以乙為研究對(duì)象，有：m乙gsinθ﹣f=m乙a③由①知，f減小，加速度增大，因此根據(jù)③可知，甲乙兩物塊之間的摩擦力不斷增大，故A正確，BC錯(cuò)誤；故選：AD．點(diǎn)評(píng)：解決本題運(yùn)用整體法和隔離法結(jié)合研究，關(guān)鍵是抓住洛倫茲力隨速度而增大的特點(diǎn)進(jìn)行分析9．在傾角為θ的固定光滑斜面上有兩個(gè)用輕彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為m1、m2，彈簧勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用一平行于斜面向上的恒力F拉物塊A使之向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊B剛要離開擋板C時(shí)，物塊A運(yùn)動(dòng)的距離為d，速度為v．則此時(shí)() A．拉力做功的瞬時(shí)功率為Fvsinθ B．物塊B滿足m2gsinθ＜kd C．物塊A的加速度為 D．彈簧彈性勢(shì)能的增加量為Fd﹣m1gdsinθ﹣m1v2考點(diǎn)：功能關(guān)系；功率、平均功率和瞬時(shí)功率．分析：當(dāng)B剛離開C時(shí)，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，根據(jù)胡克定律求解出彈簧的伸長(zhǎng)量；根據(jù)牛頓第二定律求出物塊A的加速度大??；根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解A的速度．解答： 解：A、由于拉力與速度同向，則拉力的瞬時(shí)功率P=Fv，故A錯(cuò)誤；B、開始系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧彈力等于A的重力沿斜面下的分力，即m1gsinθ=kx1，當(dāng)B剛離開C時(shí)，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsinθ=kx2，但由于開始是彈簧是壓縮的，故d=x1+x2，d＞x2，故m2gsinθ＜kd，故B正確；C、當(dāng)B剛離開C時(shí)，對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律得：F﹣m1gsinθ﹣kx2=m1a1，又開始時(shí)，A平衡，則有：m1gsinθ=kx1，而d=x1+x2，解得：物塊A加速度為a1=，故C正確；D、根據(jù)功能關(guān)系，彈簧彈性勢(shì)能的增加量等于拉力的功減去系統(tǒng)動(dòng)能和重力勢(shì)能的增加量，即為：Fd﹣m1gdsinθ﹣m1v2，故D正確；故選：BCD．點(diǎn)評(píng)：含有彈簧的問(wèn)題，往往要研究彈簧的狀態(tài)，分析物塊的位移與彈簧壓縮量和伸長(zhǎng)量的關(guān)系是常用思路．三、簡(jiǎn)答題:共計(jì)42分。10．如圖甲所示，是探究功與物體速度變化關(guān)系的裝置．第一次由一根橡皮筋提供牽引力使小木塊在某處由靜止彈出，然后分別改用2根、3根…相同的橡皮筋，使小木塊從同樣的位置彈出．（1）小木塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中會(huì)受到阻力，應(yīng)將長(zhǎng)木板左（填“左”或“右”）端適當(dāng)墊高作為補(bǔ)償．（2）只用1根橡皮筋作用時(shí)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如乙圖所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用50Hz的交流電源，則小木塊彈出后的速度為0.90m（3）如表是實(shí)驗(yàn)過(guò)程中測(cè)量的幾組數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)趫D丙坐標(biāo)紙上選取合適的物理量和單位，做出圖象以便于找出做功與小木塊動(dòng)能的關(guān)系．橡皮筋數(shù) 做功 υ υ2 υ32 2W 1.27 1.13 1.62 2.083 3W 1.56 1.25 2.43 3.794 4W 1.80 1.34 3.24 5.835 5W 2.01 1.42 4.05 8.156 6W 2.20 1.48 4.86 10.71（4）如果本實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有進(jìn)行第（1）步的操作，則上述所畫的圖線BA．仍為原圖線B．向上平移C．向下平移D．傾斜程度會(huì)發(fā)生變化．考點(diǎn)：探究功與速度變化的關(guān)系．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：（1）根據(jù)重力的下滑分力與滑動(dòng)摩擦力平衡即可，結(jié)合實(shí)驗(yàn)，即可求解；（2）根據(jù)相等的時(shí)間內(nèi)，發(fā)生位移相等，結(jié)合速度公式，即可求解；（3）根據(jù)表格數(shù)據(jù)，結(jié)合圖象特性，即可求解；（4）根據(jù)動(dòng)能定理，結(jié)合圖象含義，即可求解．解答： 解：（1）根據(jù)重力的下滑分力與滑動(dòng)摩擦力平衡，且因滑塊向右滑動(dòng)，因此應(yīng)將長(zhǎng)木板左端適當(dāng)墊高作為補(bǔ)償．（2）根據(jù)紙帶的數(shù)據(jù)可知，在相等的時(shí)間內(nèi)的位移相等，即為勻速運(yùn)動(dòng)，則表明已處于最大速度，由數(shù)據(jù)可知，SDC=SCB=1.8cm；即為：v===0.90m/s；（3）根據(jù)表格的數(shù)據(jù)可知，當(dāng)選取速度的平方時(shí)，得到做功與速度的平方成正比，如下圖所示；（4）如果沒(méi)有平衡摩擦力，則在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理，則有：W﹣fS=；即為W=+fS；因此上述所畫的圖線會(huì)向上平移，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故答案為：（1）左；（2）0.90；（3）如上圖所示；（4）B．點(diǎn)評(píng)：考查平衡摩擦力的原因，掌握求解最大速度的方法，理解動(dòng)能定理的應(yīng)用，注意研究做功與速度平方的圖象的信息．11．在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，（1）小明同學(xué)連接了如圖（a）所示的實(shí)物電路圖．閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)燈泡不亮，電流表的示數(shù)為零；①他借助多用電表檢查小燈泡．先斷開開關(guān)，把多用電表的選擇開關(guān)旋到“×1Ω”擋，再進(jìn)行歐姆調(diào)零；又將紅、黑表筆分別接觸ab接線柱，多用電表的表盤恰好如圖（b）所示，說(shuō)明小燈泡正常，此時(shí)的電阻為6Ω．②他將多用電表選擇開關(guān)旋于某直流電壓檔，將紅、黑表筆分別接觸bc接線柱；閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)約等于電源電動(dòng)勢(shì)，說(shuō)明bc接線柱間的導(dǎo)線出現(xiàn)了斷路（選填“斷路”或“短路”）．③故障排除后，為了使電流表的示數(shù)從零開始，要在cd接線柱間（選填“ac”、“ad”或“cd”）再連接一根導(dǎo)線，并在閉合開關(guān)前把滑動(dòng)變阻器的滑片置于最左端（選填“左”或“右”）．（2）小華同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)得到了8組數(shù)據(jù)，在圖（c）所示的I﹣U坐標(biāo)系中，通過(guò)描點(diǎn)連線得到了小燈泡的伏安特性曲線．根據(jù)圖（c），可判斷出圖（d）中正確的關(guān)系圖是（圖中P為小燈泡功率）D．（3）將同種規(guī)格的兩個(gè)這樣的小燈泡并聯(lián)后再與10Ω的定值電阻串聯(lián)，接在電動(dòng)勢(shì)為8V、內(nèi)阻不計(jì)的電源上，如圖（e）所示，則電流表的示數(shù)為0.6A，每個(gè)小燈泡的功率為0.6考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：（1）①的關(guān)鍵是明確歐姆表的使用方法中，每次換完擋后都應(yīng)進(jìn)行重新調(diào)零．題②關(guān)鍵是明確若電壓表有示數(shù)且與電壓電動(dòng)勢(shì)接近時(shí)，說(shuō)明電壓表之間不含電源的導(dǎo)線間有斷路．題③關(guān)鍵是明確要求電流從零調(diào)時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法．（2）根據(jù)圖象判斷燈泡電阻隨電流的變化關(guān)系，然后應(yīng)用電功率公式解題．（3）把電源與定值電阻等效與電源，在圖a所示坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U﹣I圖象，由圖象求出電壓與電流，然后答題．解答： 解：（1）①根據(jù)歐姆表的使用方法可知，每次選完檔后應(yīng)重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表的讀數(shù)為：R=6×1Ω=6Ω；②多用電表選擇開關(guān)旋于某直流電壓檔，將紅、黑表筆分別接觸bc接線柱；閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)約等于電源電動(dòng)勢(shì)，說(shuō)明bc接線柱間的導(dǎo)線出現(xiàn)了斷路；③為使電流表的示數(shù)從零調(diào)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，所以應(yīng)在cd導(dǎo)線間再連接一根導(dǎo)線；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，在閉合開關(guān)前應(yīng)將滑片置于分壓電路分壓最小的位置，即滑片應(yīng)置于最左端．（2）由圖c所示圖象可知，隨電流增大，燈泡電阻R增大，燈泡實(shí)際功率P=I2R，由于隨I增大，燈泡電阻R增大，則P﹣I2圖象的斜率逐漸增大，故D正確，故選D．（3）由圖e所示電路圖可知，兩燈泡并聯(lián)，可以把電源與定值電阻等效為電源，設(shè)每只電燈加上的實(shí)際電壓和實(shí)際電流分別為U和I．在這個(gè)閉合電路中：E=U+2IR0，代入數(shù)據(jù)并整理得，U=8﹣20I，在圖a所示坐標(biāo)系中作出U=8﹣20I的圖象如圖所示，由圖象可知，兩圖象交點(diǎn)坐標(biāo)值為：U=2V、I=0.3A，此時(shí)通過(guò)電流表的電流值IA=2I=0.6A，每只燈泡的實(shí)際功率P=UI=2×0.3=0.6W；故答案為：（1）①歐姆；6；②斷路；③cd；左；（2）D；（3）0.6；0.6．點(diǎn)評(píng)：應(yīng)掌握歐姆表的工作原理和使用方法，特別是每次換完擋后都應(yīng)重新進(jìn)行調(diào)零．當(dāng)要求電流從零調(diào)時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法．要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法．A．（選修模塊3-3）12．下列說(shuō)法正確的是() A．氣體的溫度升高時(shí)，分子的熱運(yùn)動(dòng)變得劇烈，分子的平均動(dòng)能增大，撞擊器壁時(shí)對(duì)器壁的作用力增大，從而氣體的壓強(qiáng)一定增大 B．液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定 C．液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的 D．物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；*晶體和非晶體；*液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象．分析：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程與壓強(qiáng)的意義解釋氣體的狀態(tài)參量的變化；液晶具有液體的特點(diǎn)和晶體的部分特點(diǎn)，分子在特定方向排列比較整齊；由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間相互作用表現(xiàn)為引力．表面張力的存在使液體表面想被拉伸的彈簧一樣，總有收縮的趨勢(shì)．晶體分單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性特征，多晶體具有各向同性特征．解答： 解：A、根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，，當(dāng)氣體的溫度升高時(shí)，若體積也同時(shí)增大，氣體的壓強(qiáng)不一定增大．故A錯(cuò)誤；B、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故B正確；C、液體的表面張力是由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間相互作用表現(xiàn)為引力．故C正確；D、晶體分單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性特征，多晶體具有各向同性特征．故D錯(cuò)誤．故選：BC點(diǎn)評(píng)：該題考查和汽壓與理想氣體的狀態(tài)方程、液晶、表面張力以及晶體的特點(diǎn)等知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，其中要注意的是，在氣體的狀態(tài)變化的過(guò)程中，有三個(gè)參量，要同時(shí)考慮．13．已知水的密度ρ=1.0×103kg/m3、摩爾質(zhì)量M=1.8×10﹣2kg/mol，阿伏伽德羅常數(shù)為N=6.02×1023mol﹣1，一滴露水的體積大約是6.0×10﹣8cm3，它含有2.0×1018個(gè)水分子，如果一只極小的蟲子來(lái)喝水，每分鐘喝進(jìn)6.0×107個(gè)水分子時(shí)，喝進(jìn)水的質(zhì)量是考點(diǎn)：阿伏加德羅常數(shù)．專題：阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用專題．分析：根據(jù)摩爾質(zhì)量和密度求出水的摩爾體積，根據(jù)摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)求出一個(gè)水分子的體積，然后求一滴露水含有水分子的個(gè)數(shù)N．根據(jù)水分子個(gè)數(shù)可求得物質(zhì)的量，再由摩爾質(zhì)量可求得喝進(jìn)的水的質(zhì)量．解答： 解：知水的摩爾質(zhì)量為M=1.8×10﹣2kg．水的摩爾體積為：VM=．一個(gè)水分子的體積為：v0=．一滴露水含有水分子的個(gè)數(shù)：N==2.0×1018個(gè)喝進(jìn)水的物質(zhì)的量為：n==1×10﹣16故水的質(zhì)量m=nM=1.8×10﹣2kg/mol×1×10﹣16=1.8×10﹣18故答案為：2.0×1018；1.8×10﹣18點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道質(zhì)量、體積、摩爾質(zhì)量、摩爾體積、密度、分子質(zhì)量、分子體積、阿伏伽德羅常數(shù)之間的關(guān)系，知道阿伏伽德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀物理量和微觀物理量的橋梁．14．一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過(guò)程的ρ﹣V圖象如圖所示，已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為27℃，則：①該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中內(nèi)能的變化量是多大？②該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中是吸熱，還是放熱？傳遞的熱量是多少？考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程．專題：理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：①由圖示圖象求出氣體的狀態(tài)參量，判斷出A、C兩狀態(tài)的溫度關(guān)系，然后判斷內(nèi)能的變化量；②比較AC兩狀態(tài)的溫度，從而判斷氣體內(nèi)能的變化，比較AC兩狀態(tài)的體積可判斷W的正負(fù)，再根據(jù)可根據(jù)熱力學(xué)第一定律即可解決問(wèn)題．解答： 解：①由圖示圖象可知，pAVA=pCVC，由理想氣體狀態(tài)方程：=C可知，A、C兩狀態(tài)的溫度相等，由于理想氣體內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，A、C兩狀態(tài)溫度相等，兩狀態(tài)氣體內(nèi)能相等，則從A到C過(guò)程氣體內(nèi)能的變化量為0．②氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C體積增大，對(duì)外做功，即W＜0；TA=TC，所以，A到狀態(tài)C的過(guò)程中內(nèi)能變化量為0．由熱力學(xué)第一定律得：Q＞0，所以A→C的過(guò)程中是吸熱．從A到B過(guò)程，體積不變，氣體不外做功，外界也不對(duì)氣體做功，只有B到C過(guò)程氣體對(duì)外做功，故吸收的熱量為：Q=W=P△V=2×105×（3×10﹣3﹣2×10﹣3）J=200J答：①該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中內(nèi)能的變化量是0J；②該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中是吸熱的，傳遞的熱量是200J．點(diǎn)評(píng)：解決氣體問(wèn)題的關(guān)鍵是挖掘出隱含條件，正確判斷出氣體變化過(guò)程，合理選取氣體實(shí)驗(yàn)定律解決問(wèn)題；對(duì)于內(nèi)能變化．牢記溫度是理想氣體內(nèi)能的量度，與體積無(wú)關(guān)．C．（選修模塊3-5）15．有關(guān)原子結(jié)構(gòu)，下列說(shuō)法正確的是() A．玻爾原子模型能很好地解釋氫原子光譜 B．盧瑟福核式結(jié)構(gòu)模型可以很好地解釋原子的穩(wěn)定性 C．玻爾提出的原子模型，否定了盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō) D．盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)否定了湯姆孫關(guān)于原子結(jié)構(gòu)的“西瓜模型”考點(diǎn)：原子的核式結(jié)構(gòu)．專題：原子的核式結(jié)構(gòu)及其組成．分析：從玻爾理論及盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果出發(fā)，即可解題．解答： 解：A、玻爾的原子理論：1．電子在一些特定的可能軌道上繞核作圓周運(yùn)動(dòng)，離核愈遠(yuǎn)能量愈高；2．可能的軌道不連續(xù)；3．當(dāng)電子在這些可能的軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)原子不發(fā)射也不吸收能量，只有當(dāng)電子從一個(gè)軌道躍遷到另一個(gè)軌道時(shí)原子才發(fā)射或吸收能量，而且發(fā)射或吸收的輻射是單頻的，輻射的頻率和能量之間關(guān)系由E=hν給出．玻爾的理論成功地說(shuō)明了原子的穩(wěn)定性和氫原子光譜線規(guī)律．故A正確；BD、盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明（1）原子中絕大部分是空的，（2）α粒子受到較大的庫(kù)侖力作用，（3）α粒子在原子中碰到了比他質(zhì)量大得多的東西，否定了湯姆孫關(guān)于原子結(jié)構(gòu)的“西瓜模型”，但也不能說(shuō)明原子內(nèi)部存在帶負(fù)電的電子，也不能解釋原子的穩(wěn)定性，故B錯(cuò)誤，D正確；C、玻爾提出的原子模型，但并沒(méi)有否定盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，故C錯(cuò)誤．故選：AD．點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了波爾理論的內(nèi)容及盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．16．某同學(xué)用如圖所示的裝置“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”，其操作步驟如下：A．將操作臺(tái)調(diào)為水平；B．用天平測(cè)出滑塊A、B的質(zhì)量mA、mB；C．用細(xì)線將滑塊A、B連接，滑塊A、B緊靠在操作臺(tái)邊緣，使A、B間的彈簧處于壓縮狀態(tài)；D．剪斷細(xì)線，滑塊A、B均做平拋運(yùn)動(dòng)，記錄A、B滑塊的落地點(diǎn)M、N；E．用刻度尺測(cè)出M、N距操作臺(tái)邊緣的水平距離x1、x2；F．用刻度尺測(cè)出操作臺(tái)面距地面的高度h．（1）上述步驟中，多余的步驟是F．（2）如果動(dòng)量守恒，須滿足的關(guān)系是mAx1=mBx2（用測(cè)量量表示）．考點(diǎn)：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：燒斷細(xì)線后，兩球離開桌面做平拋運(yùn)動(dòng)，由于高度相等，則平拋的時(shí)間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時(shí)間作為時(shí)間單位，小球的水平位移可替代平拋運(yùn)動(dòng)的初速度．將需要驗(yàn)證的關(guān)系速度用水平位移替代．解答： 解：取小球A的初速度方向?yàn)檎较?，兩小球質(zhì)量和平拋初速度分別為mA、mA，v1、v2，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移分別為x1、x2，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t．需要驗(yàn)證的方程：0=mAv1﹣mBv2又v1=，代入得到mAx1=mBx2故不需要用刻度尺測(cè)出操作臺(tái)面距地面的高度h．所以多余的步驟是F；故答案為：F，mAx1=mBx2點(diǎn)評(píng)：本題是運(yùn)用等效思維方法，平拋時(shí)間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證．17．如圖所示是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，某同學(xué)進(jìn)行了如下操作：①用頻率為v1的光照射光電管，此時(shí)電流表中有電流．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，將觸頭P向a端滑動(dòng)（選填“a”或“b”），使微安表示數(shù)恰好變?yōu)榱?，記下電壓表示?shù)U1．②用頻率為ν2的光照射光電管，重復(fù)①中的步驟，記下電壓表示數(shù)U2．已知電子的電量為e，由上述實(shí)驗(yàn)可知，普朗克常量h=（用上述已知量和測(cè)量量表示）．考點(diǎn)：光電效應(yīng)．專題：光電效應(yīng)專題．分析：根據(jù)電路圖，當(dāng)電子受到電場(chǎng)阻力運(yùn)動(dòng)時(shí)，則微安表示數(shù)才可能為零，從而可確定a、b電勢(shì)高低；再根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合遏止電壓和最大初動(dòng)能的關(guān)系求出普朗克常量．解答： 解：①根據(jù)電路圖，結(jié)合逸出電子受到電場(chǎng)阻力時(shí)，微安表示數(shù)才可能為零，因只有K的電勢(shì)高于A點(diǎn)，即觸頭P向a端滑動(dòng)，才能實(shí)現(xiàn)微安表示數(shù)恰好變?yōu)榱?；②根?jù)光電效應(yīng)方程得，Ek1=hv1﹣W0=eU1．Ek2=hv2﹣W0=eU2聯(lián)立兩式解得：h=．故答案為：a，點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道遏止電壓與最大初動(dòng)能的關(guān)系，注意理解遏止電壓的含義．四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分。解答時(shí)請(qǐng)寫出必要得文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。18．如圖所示，質(zhì)量為2m的U形線框ABCD下邊長(zhǎng)度為L(zhǎng)，電阻為R，其它部分電阻不計(jì)，其內(nèi)側(cè)有質(zhì)量為m，電阻為R的導(dǎo)體棒PQ，PQ與線框相接觸良好，可在線框內(nèi)上下滑動(dòng)．整個(gè)裝置豎直放置，其下方有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．將整個(gè)裝置從靜止釋放，在下落過(guò)程線框底邊始終水平．當(dāng)線框底邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)導(dǎo)體棒PQ與線框間的滑動(dòng)摩擦力為mg．經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，導(dǎo)體棒PQ恰好到達(dá)磁場(chǎng)上邊界，但未進(jìn)入磁場(chǎng)，PQ運(yùn)動(dòng)的距離是線框在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)距離的兩倍．不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g．求：（1）線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，BC兩端的電勢(shì)差；（2）導(dǎo)體棒PQ到達(dá)磁場(chǎng)上邊界時(shí)速度大?。唬?）導(dǎo)體棒PQ到達(dá)磁場(chǎng)上邊界前的過(guò)程線框中產(chǎn)生的焦耳熱．考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；焦耳定律．專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析：（1）線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)．由平衡條件列式求出感應(yīng)電流，再由歐姆定律求BC兩端的電勢(shì)差；（2）由速度公式分別列出導(dǎo)體棒相對(duì)于線框的距離和線框在磁場(chǎng)中下降的距離，根據(jù)PQ運(yùn)動(dòng)的距離是線框在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)距離的兩倍，可求出導(dǎo)體棒PQ到達(dá)磁場(chǎng)上邊界時(shí)速度大??；（3）根據(jù)線框下降的時(shí)間與導(dǎo)體棒下滑的時(shí)間相等和焦耳定律，求解熱量．解答： 解：（1）線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)．由平衡知識(shí)可列：BC兩端的電勢(shì)差（2）設(shè)導(dǎo)體棒到達(dá)磁場(chǎng)上邊界速度為υPQ，線框底邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為υ0；導(dǎo)體棒相對(duì)于線框的距離為x2，線框在磁場(chǎng)中下降的距離為x1．則x1=υ0t由題有x2=2x1根據(jù)閉合電路歐姆定律得：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)則聯(lián)解上述方程式得：（3）線框下降的時(shí)間與導(dǎo)體棒下滑的時(shí)間相等線框中產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt聯(lián)解上述方程式得：答：（1）線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，BC兩端的電勢(shì)差是；（2）導(dǎo)體棒PQ到達(dá)磁場(chǎng)上邊界時(shí)速度大小是；（3）導(dǎo)體棒PQ到達(dá)磁場(chǎng)上邊界前的過(guò)程線框中產(chǎn)生的焦耳熱是．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵要抓住線框與導(dǎo)體棒PQ間的關(guān)系，如位移關(guān)系、時(shí)間關(guān)系，根據(jù)這些關(guān)系列式．19．（16分）光滑水平面上，一個(gè)長(zhǎng)平板與半圓組成如圖所示的裝置，半圓弧面（直徑AB豎直）與平板上表面相切于A點(diǎn)，整個(gè)裝置質(zhì)量M=5kg．在裝置的右端放一質(zhì)量為m=1kg的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），小滑塊與長(zhǎng)平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，裝置與小滑塊一起以v0=12m/s的速度向左運(yùn)動(dòng)．現(xiàn)給裝置加一個(gè)F=64N向右的水平推力，小滑塊與長(zhǎng)平板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，當(dāng)小滑塊滑至長(zhǎng)平板左端A時(shí)，裝置速度恰好減速為0，此時(shí)撤去外力F并將裝置鎖定．小滑塊繼續(xù)沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng)，且恰好能通過(guò)軌道最高點(diǎn)B．滑塊脫離半圓形軌道后又