2025屆西藏日喀則市南木林中學高三物理第一學期期中聯(lián)考試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、由吳京主演的《攀登者》，重現(xiàn)了中國人攀登珠穆朗瑪峰的英勇歷史，體現(xiàn)了中國人不畏艱險，自強自立的愛國精神。如圖為影片中登山隊員的登山的照片。已知其中一名隊員重為G，靜止時，繩子與豎直方向的夾角為60o,繩子拉力也為G，則此時山峰對該隊員的作用力（）A．就是山峰對該對員的支持力B．大小為C．大小為GD．方向可能水平向左2、質(zhì)量為m的木箱放置在光滑的水平地面上，在與水平方向成θ角的恒定拉力F作用下由靜止開始運動,經(jīng)過時間t速度變?yōu)関，則在這段時間內(nèi)拉力F與重力的沖量大小分別為()A．Ft,0B．Ft,mgtC．mv,mgtD．Ftcosθ,03、如圖所示，傾斜放置的圓盤繞著中軸勻速轉(zhuǎn)動，圓盤的傾角為37°，在距轉(zhuǎn)動中心r=0.1m處放一小木塊，小木塊跟隨圓盤一起轉(zhuǎn)動，小木塊與圓盤的動摩擦因數(shù)為μ=0.8，木塊與圓盤的最大靜摩擦力與相同條件下的滑動摩擦力相同．若要保持小木塊不相對圓盤滑動，圓盤轉(zhuǎn)動的角速度最大值為A．8rad/sB．2rad/sC．rad/sD．rad/s4、如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中M點以相同速度飛出a、b兩個帶電粒子，僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示．則（）A．a(chǎn)一定帶正電，b一定帶負電B．a(chǎn)的速度將減小，b的速度將增加C．a(chǎn)的加速度將增加，b的加速度將減小D．兩個粒子的電勢能都減小5、如圖所示，固定的半圓形豎直軌道，AB為水平直徑，O為圓心，同時從A點水平拋出質(zhì)量相等的甲、乙兩個小球，初速度分別為v1、v2，分別落在C、D兩點．并且C、D兩點等高，OC、OD與豎直方向的夾角均為37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．則（）

A．甲、乙兩球下落到軌道上C、D兩點時的機械能和重力瞬時功率不相等B．甲、乙兩球下落到軌道上的速度變化量相同C．D．6、如圖所示，勻強磁場的方向垂直紙面向里，一帶電微粒從磁場邊界d點垂直于磁場方向射入，沿曲線dpa打到屏MN上的a點，通過pa段用時為t.若該微粒經(jīng)過P點時，與一個靜止的不帶電微粒碰撞并結合為一個新微粒，最終打到屏MN上．若兩個微粒所受重力均忽略,則新微粒運動的()A．軌跡為pb,至屏幕的時間將小于tB．軌跡為pc,至屏幕的時間將大于tC．軌跡為pa，至屏幕的時間將大于tD．軌跡為pb,至屏幕的時間將等于t二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、地球和火星圍繞太陽的公轉(zhuǎn)可以看作勻速圓周運動。地球的軌道半徑為r1，周期為T1，運行速度為v1，角速度為ω1，加速度為a1,火星的軌道半徑為r2,周期為T2A．ω1ω2=kB．r8、完全相同的甲、乙兩個物體放在同一水平地面上，分別在水平拉力、作用下，由靜止開始做勻加速直線運動，分別經(jīng)過時間和，速度分別達到和時撤去、，甲、乙兩物體開始做勻減速直線運動，直到靜止。其速度隨時間變化情況如圖所示，則下列各項說法中正確的是A．若在、作用時間內(nèi)甲、乙兩物體的位移分別為、，則B．若整個運動過程中甲、乙兩物體的位移分別為、，則

C．甲、乙兩物體勻減速過程的位移之比為2：1D．若在勻加速過程中甲、乙兩物體的加速度分別為和，則9、如圖甲所示，傾角為θ的光滑斜面固定在水平面上，勁度系數(shù)為k的輕彈簧，下端固定在斜面底端，上端與質(zhì)量為m的物塊A連接，A的右側(cè)緊靠一質(zhì)量為m的物塊B，但B與A不粘連。初始時兩物塊均靜止?，F(xiàn)用平行于斜面向上的拉力F作用在B，使B做加速度為a的勻加速運動，兩物塊在開始一段時間內(nèi)的v－t圖象如圖乙所示，t1時刻A、B的圖線相切，t2時刻對應A圖線的最高點，重力加速度為g，則()A．tB．t2時刻，彈簧形變量為mgC．t2時刻彈簧恢復到原長，物塊A達到速度最大值D．從開始到t1時刻，拉力F做的功比彈簧釋放的勢能少(mg10、兩個固定的等量異種電荷，在他們連線的垂直平分線上有a、b、c三點，如圖所示，下列說法正確的是：（)A．a(chǎn)點電勢比b點電勢高B．a(chǎn)、b兩點場強方向相同，a點場強比b點小C．a(chǎn)、b、c三點與無窮遠電勢相等D．一帶電粒子(不計重力)，在a點無初速釋放，則它將在a、b線上運動E.正負電荷連線上的各點的場強c點場強最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示是利用自由落體運動進行“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置，所用的打點計時器通以50Hz的交流電．（1）甲同學按照正確的實驗步驟操作后，選出一條紙帶如圖所示，其中O點為重物剛要下落時打點計時器打下的第一個點，A、B、C為三個計數(shù)點，用刻度尺測得OA=11.13cm，OB=17.69cm，OC=15.90cm，在計數(shù)點A和B、B和C之間還各有一個點．已知重物的質(zhì)量為1.00kg，取g=9.80m/s1．在OB段運動過程中，重物重力勢能的減少量△Ep=_____J；重物的動能增加量△Ek=_____J（結果均保留三位有效數(shù)字）．（1）由于該實驗沒有考慮各種阻力的影響，導致△Ep與△Ek不相等，這屬于本實驗的_____誤差（選填“偶然”或“系統(tǒng)”）．（3）乙同學想利用該實驗裝置測定當?shù)氐闹亓铀俣龋虺隽艘粭l紙帶后，利用紙帶測量出了各計數(shù)點到打點計時器打下的第一個點間的距離h，算出了各計數(shù)點對應的速度v，以h為橫軸，以12v1為縱軸畫出了如圖所示的圖線．由于圖線沒有過原點，他又檢查了幾遍，發(fā)現(xiàn)測量和計算都沒有出現(xiàn)問題，其原因可能是：_____．乙同學得出該圖線的斜率為k，如果不計一切阻力，則當?shù)氐闹亓铀俣萭_____k（選填“大于”、“等于”或“小于12．（12分）在做“用單擺測當?shù)刂亓铀俣取钡膶嶒灂r，有以下器材：(A)1m長的細線；(B)20cm長的尼龍線；(C)小鐵球；(D)大木球；(E)手表；(F)時鐘；(G)秒表.（1）為使實驗盡可能精確，應選用的擺球是___，擺線是__，計時器是__.（2）計時位置應選在__，這樣做的優(yōu)點是__________.（3）實驗中若測得重力加速度g值偏小，可能的原因是（___________）A．小球質(zhì)量太大B．將懸線的長度記作擺長，忽略了擺球半徑C．單擺振動時，擺線的偏角太小D．測周期時，將n次全振動記為n＋1次全振動，（4）某同學測出了多組擺長L和運動周期T，并根據(jù)相應的實驗數(shù)據(jù)作出了T2L圖像，如圖所示，根據(jù)圖像中的數(shù)據(jù)算出了重力加速度的數(shù)值為________m/s2四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，是一傳送裝置，其中AB段長為L=1m，動摩擦因數(shù)μ=1．5；BC、DEN段均可視為光滑，DEN是半徑為r＝1．5m的半圓形軌道，其直徑DN沿豎直方向，C位于DN豎直線上，CD間的距離恰能讓小球自由通過。其中N點又與足夠長的水平傳送帶的右端平滑對接，傳送帶以6m/s的速率沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，小球與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)也為1.5。左端豎直墻上固定有一輕質(zhì)彈簧，現(xiàn)用一可視為質(zhì)點的小球壓縮彈簧至A點后由靜止釋放（小球和彈簧不粘連），小球剛好能沿圓弧DEN軌道滑下，而始終不脫離軌道。已知小球質(zhì)量m=1．2kg

，g

取11m/s2。（1）求小球到達D點時速度的大小及彈簧壓縮至A點時所具有的彈性勢能；（2）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，在傳送帶上留下多長的痕跡？（3）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，小球與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量和電動機多消耗的電能？14．（16分）如圖所示，LMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑絕緣軌道，MN水平且足夠長，LM下端與MN相切。質(zhì)量為m的帶正電小球B靜止在水平軌道上，質(zhì)量為2m的帶正電小球A從LM上距水平軌道高為h處由靜止釋放，在A球進入水平軌道之前，由于A、B兩球相距較遠，相互作用力可認為是零，A球進入水平軌道后，A、B兩球間相互作用視為靜電作用，帶電小球均可視為質(zhì)點，已知A、B兩球始終沒有接觸，重力加速度為g。求⑴A、B兩球相距最近時，A球的速度v；⑵A、B兩球相距最近時，A、B兩球系統(tǒng)的電勢能EP；15．（12分）質(zhì)量m=2kg的物塊自斜面底端A以初速度v0=16m/s沿足夠長的固定斜面向上滑行，經(jīng)時間t=2s速度減為零．已知斜面的傾角θ=37°，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.1．試求：（1）物塊上滑過程中加速度大??；（2）物塊滑動過程摩擦力大小；（3）物塊下滑所用時間.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A.山峰對該隊員的作用力是山峰對該隊員的支持力和摩擦力的合力，故A錯誤；BCD.以該隊員為研究對象，受力情況如圖所示：根據(jù)幾何關系可得繩子拉力T的方向與重力G的方向夾角為120°，且大小相等，所以山峰對該隊員的作用力F、重力G和繩子拉力T構成等邊三角形，則F=G，方向與拉力和重力的合力方向相反，故C正確，BD錯誤。2、B【解析】

在t時間內(nèi)，拉力F的沖量I=Ft，重力的沖量IG=mgt．A．Ft，0，與結論不相符，選項A錯誤；B．Ft，mgt，與結論相符，選項B正確；C．mv，mgt，與結論不相符，選項C錯誤；D．Ftcosθ，0，與結論不相符，選項D錯誤；3、B【解析】小木塊在軌道的最低點時最易開始滑動，根據(jù)向心力公式得：解得ω=2rad/s，B選項正確。4、D【解析】

由圖可知，b粒子的軌跡向右彎曲，b粒子受到的電場力方向向右，a的軌跡向左彎曲，a粒子受到的電場力方向向左，由于電場線未知，無法確定兩個粒子的電性，但是一定帶異種電荷，故A正確；由圖看出，向左電場線越來越疏，場強越來越小，則a所受電場力減小，加速度減小，b所受電場力增大，加速度增大，故C錯誤；由圖判斷電場力對兩個粒子都做正功，電勢能都減小，動能都增大，故BD錯誤．5、D【解析】

AB．甲乙兩球下落到軌道上做平拋運動，只受重力作用，機械能守恒，甲乙兩球下落到軌道上CD兩點時的機械能相等，兩個物體下落的高度是相等的，根據(jù)可知，甲乙兩球下落到軌道的時間相等，由可得甲乙兩球下落到軌道上的速度變化量相同，重力瞬時功率相等，故AB錯誤；CD．設圓形軌道的半徑為R，則甲乙兩球的水平位移為則由t相同，則根據(jù)可知故C錯誤，D正確．故選D．6、C【解析】試題分析：由動量守恒定律可得出粒子碰撞后的總動量不變，由洛侖茲力與向心力的關系可得出半徑表達式，可判斷出碰后的軌跡是否變化；再由周期變化可得出時間的變化．帶電粒子和不帶電粒子相碰，遵守動量守恒，故總動量不變，總電量也保持不變，由，得：，P、q都不變，可知粒子碰撞前后的軌跡半徑r不變，故軌跡應為pa，因周期可知，因m增大，故粒子運動的周期增大，因所對應的弧線不變，圓心角不變，故pa所用的時間將大于t，C正確；【點睛】帶電粒子在勻強磁場中運動時，洛倫茲力充當向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運動時間公式，知道粒子在磁場中運動半徑和速度有關，運動周期和速度無關，畫軌跡，定圓心，找半徑，結合幾何知識分析解題，二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】根據(jù)GMmr2=m4π2T2r，得T=2πr3GM，由T2=kT1，得T2T1=r23r【點睛】根據(jù)萬有引力提供向心力得出周期的表達式，結合周期之比得出軌道半徑之比，根據(jù)周期之比得出角速度之比．根據(jù)萬有引力提供向心力，結合線速度、向心加速度的表達式得出線速度和向心加速度之比．8、BD【解析】

A、圖象與時間軸圍成的面積表示位移，則由圖可知，在、作用時間內(nèi)甲、乙兩物體的位移分別為：；，則有：，故A錯誤；B、根據(jù)面積表示位移可知，整個運動過程中甲、乙兩物體的位移分別為：；，則，故B正確；C、根據(jù)面積表示位移可知，甲、乙兩物體勻減速過程的位移之比為：，故C錯誤；D、圖象的斜率表示加速度，則可知：，，故有：：：1，即，故D正確。故選：BD?！军c睛】根據(jù)圖象與坐標軸所圍“面積”大小等于位移，由幾何知識比較位移大小，根據(jù)速度時間圖象的斜率表示加速度比較加速度大小；9、BD【解析】

由圖讀出，t1時刻A、B開始分離，對A根據(jù)牛頓第二定律有：kx-mgsinθ=ma；開始時有：2mgsinθ=kx1，又x1-x=12at12；聯(lián)立以三式得：t1=2m(gsinθ-a)ak．故A錯誤。由圖知，t2時刻A的加速度為零，速度最大，根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得：mgsinθ=kx，則得：x=mgsinθk，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，故B正確，C錯誤。由圖讀出，t1時刻A、B開始分離，對A根據(jù)牛頓第二定律：kx-mgsinθ=ma…①

開始時有：2mgsinθ=kx1…②

從開始到t1時刻，彈簧釋放的勢能EP=12kx12-12kx2…③

從開始到t1時刻的過程中，根據(jù)動能定理得：WF+EP-2mgsinθ（x1-x）=12?2mv12…④

2a（x1-x）=v12…⑤

由①②③④⑤解得：WF-EP=-(mgsinθ-ma)【點睛】本題分析時要注意：從受力角度看，兩物體分離的條件是兩物體間的正壓力為1．從運動學角度看，一起運動的兩物體恰好分離時，兩物體在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等.10、BC【解析】AC、等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，與無窮遠的電勢相等，a點電勢與b點電勢一樣高，A錯誤，C正確；B、根據(jù)電場線與等勢面垂直可知，a、b、c三點電場強度方向都與兩電荷連線平行，方向相同，根據(jù)電場強度矢量合成可知，a點場強比b點小，故B正確；D、a點場強方向向右，一帶電粒子（不計重力）在a點受電場力向左或向右，無初速釋放將向左或向右運動，不可能在a、b線上運動，D錯誤；E、正負電荷連線上的各點的場強c點場強最小，E錯誤．故選BC．點睛：等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，一直延伸到無窮遠處；a、b兩點場強方向相同；帶電粒子（不計重力），在a點無初速釋放，所受的電場力方向與ab連線垂直，不可能沿ab連線運動．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）1.73，1.70；（1）系統(tǒng)；（3）先釋放重物再接通電源；等于．【解析】打點計時器打點的周期為0.01s（1）在OB段運動過程中，重物重力勢能的減少量為△Ep=mghOB=1×9.8×0.1769J≈1.813J=1.73J；B點的速度為：vB=xOC則動能的增加量為：△Ek=12mvB1（1）各種阻力是不可避免的，這屬于系統(tǒng)誤差；（3）從圖象中可以看出，當物體下落的高度為0時，物體的速度不為0，說明了操作中先釋放重物，再接通（打點計時器）電源．若沒有阻力，根據(jù)機械能守恒知：mgh=12mv1，則12v1=gh12、CAG平衡位置減小測量周期的誤差B9.86【解析】

(1)[1][2][3]“利用單擺測重力加速度”的實驗中，為了減少相對誤差，最合適的器材有：小鐵球、100cm長的細線以及秒表；(2)[4][5]計時位置應選在平衡位置，這樣的優(yōu)點是減小測量周期的誤差．(3)[6]A.根據(jù)可得：，擺球的質(zhì)量對實驗無影響，故A錯誤；B.測擺長時，僅測了線長，未加小球半徑，這樣擺長測量偏小，則測得的重力加速度g值偏小，故B正確；C.擺線的偏角只要不超過5°，對周期沒有影響，故C錯誤．D.測周期時，把n次全振動誤記為（n+1）次，則測得的周期偏小，則測得的重力加速度g值偏大，故D錯誤；(4)[7]根據(jù)以上分析可知，，所以圖像的斜率為，圖像斜率為4，所以重力加速度四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(2)(3)【解析】

由題意可知考查豎直面內(nèi)的圓周運動，傳送帶模型