2025屆高考物理一輪復(fù)習(xí)收官模擬貴州卷

（試卷滿分：100分；考試時(shí)間：75分鐘）

一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

符合要求的.

1.列車沿平直的道路做勻變速直線運(yùn)動，在車廂頂部用細(xì)線懸掛一個(gè)小球，小球相對車廂靜

止時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為6。下列說法正確的是（）

A.列車加速度的大小為gtan。B.列車加速度的大小為gsin。

C.細(xì)線拉力的大小為加gsin。D.細(xì)線拉力的大小為加geos。

2.神舟十六號載人飛船入軌后順利完成入軌狀態(tài)設(shè)置，采用自主快速交會對接模式成功對接

于天和核心艙徑向端口。對接過程的示意圖如圖所示，神舟十六號飛船處于半徑為4的圓軌

道I,運(yùn)行周期為7],線速度為匕，通過變軌操作后，沿橢圓軌道n運(yùn)動到8處與天和核心艙

對接，軌道n上Z點(diǎn)的線速度為V2,運(yùn)行周期為4;天和核心艙處于半徑為G的圓軌道III,

運(yùn)行周期為4,線速度為匕；則神舟十六號飛船（）

8

天和核心艙

A.v2>v1>v3

>T2>T3

c.在軌道n上B點(diǎn)處的加速度大于軌道ni上5點(diǎn)處的加速度

D.該衛(wèi)星在軌道I運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比在軌道ni運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能大

3.制造半導(dǎo)體元件，需要精確測定硅片上涂有的二氧化硅（Si。？）薄膜的厚度，把左側(cè)二氧

化硅薄膜腐蝕成如圖甲所示的劈尖，用波長4=630nm的激光從上方照射劈尖，觀察到在腐

蝕區(qū)域內(nèi)有8條暗紋，且二氧化硅斜面轉(zhuǎn)為平面的棱"N處是亮紋，二氧化硅的折射率為

1.5,則二氧化硅薄膜的厚度為（）

A.1680nmB.1890nmC.2520nmD.3780nm

4.中國傳統(tǒng)木工的樺卯工藝，外形唯美且遵循力學(xué)原理。如圖甲所示為梯眼的鑿削操作，圖

乙為截面圖，鑿子尖端夾角為6。在鑿子頂部施加豎直向下的力尸時(shí)，其豎直面和側(cè)面對兩

側(cè)木頭的壓力分別為G和乙，不計(jì)鑿子的重力及摩擦力，下列判斷正確的是（）

甲

A.力E一定大于片B.鳥=Feos0

C.^=—D.夾角。越大，鑿子越容易鑿入木頭

tan6*

5.如圖所示，光滑絕緣水平面上存在方向豎直向下的有界（邊界豎直）勻強(qiáng)磁場，一直徑與

磁場區(qū)域?qū)挾认嗤拈]合金屬圓形線圈在平行于水平面的拉力作用下，在水平面上沿虛線方

向勻速通過磁場。下列說法正確的是（）

A.線圈進(jìn)磁場的過程中，線圈中的感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向

B.該拉力的方向與線圈運(yùn)動速度的方向相同

C.該拉力的方向水平向右

D.該拉力為恒力

6.玩具水槍是兒童們夏天喜愛的玩具之一，但水槍傷眼的事件也時(shí)有發(fā)生，因此，限制兒童

水槍的威力就成了生產(chǎn)廠家必須關(guān)注的問題?，F(xiàn)有一水槍樣品，如圖所示，槍口直徑為力

水的密度為"，水平出射速度為v,垂直擊中豎直目標(biāo)后以大小為0.2v的速度反向?yàn)R回，則水

柱水平擊中目標(biāo)的平均沖擊力大小為（）

A.1.27rd//B.0.37rt/2pv2CA.2nd~pvD.0.3nd2pv

7.甲、乙、丙、丁四圖中的各1/4圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分

布，各1/4圓環(huán)間彼此絕緣。下列關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)。處電場強(qiáng)度的說法中正確的是（）

A.圖甲與圖丙場強(qiáng)相同

B.圖乙與圖丁場強(qiáng)相同

C.四圖中。處電場強(qiáng)度的大小關(guān)系為E乙〉E丙〉E甲〉E丁

D.乙、丙兩圖中。處電場強(qiáng)度的大小關(guān)系為￡乙=血￡丙

二'多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分.在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合

題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.

8.產(chǎn)生阿秒光脈沖的研究工作獲得2023年的諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，阿秒（as）是時(shí)間單位，

las=lxl0-18s,阿秒光脈沖是發(fā)光持續(xù)時(shí)間在阿秒量級的極短閃光，提供了阿秒量級的超快

“光快門”，使探測原子內(nèi)電子的動態(tài)過程成為可能。設(shè)有一個(gè)持續(xù)時(shí)間為100as的阿秒光脈

沖，持續(xù)時(shí)間內(nèi)至少包含一個(gè)完整的光波周期。取真空中光速c=3.0xl（）8m/s,普朗克常量

h-6.6xl0-34Js,下列說法正確的是（）

A.對于0.1mm寬的單縫，此阿秒光脈沖比波長為550nm的可見光的衍射現(xiàn)象更明顯

B.此阿秒光脈沖和波長為550nm的可見光束總能量相等時(shí)，阿秒光脈沖的光子數(shù)更少

C.此阿秒光脈沖可以使能量為-13.6eV（-2.2xlO18J）的基態(tài)氫原子電離

D.為了探測原子內(nèi)電子的動態(tài)過程，阿秒光脈沖的持續(xù)時(shí)間應(yīng)大于電子的運(yùn)動周期

9.如圖（a）所示，下端附有重物的粗細(xì)均勻木棒浮在水中，將木棒向下按壓一段距離后釋

放，木棒與重物組成的系統(tǒng)所受的浮力廠隨時(shí)間周期性變化，如圖（b）所示，忽略空氣及水

的阻力，下列說法正確的是（）

二

三

-

Z一

Z

-

-J

-

-

C

-

-

圖（a）圖（b）

A.木棒與重物組成的系統(tǒng)做簡諧運(yùn)動，重力提供回復(fù)力

B.0-0.25s內(nèi)木棒與重物組成的系統(tǒng)的加速度逐漸減小

C.木棒和重物的重力之和等于片-巴

D.木棒與重物組成的系統(tǒng)所受合外力與偏離受力平衡位置的距離成正比

10.如圖所示，兩根間距為4的固定光滑金屬導(dǎo)軌“P和NQ平行放置，電阻可忽略不計(jì)，兩

導(dǎo)軌是由位于左側(cè)的半徑為R的四分之一圓弧和"N右側(cè)足夠長的水平部分構(gòu)成，水平

導(dǎo)軌范圍內(nèi)存在豎直向下磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，兩根長度均為L的導(dǎo)體棒ab和cd垂

直導(dǎo)軌且與導(dǎo)軌接觸良好，開始時(shí)cd靜止在磁場中，仍從圓弧導(dǎo)軌的頂端由靜止釋放，兩導(dǎo)

體棒在運(yùn)動中始終不接觸。已知而棒、cd棒的質(zhì)量均為根，電阻均為八重力加速度為g,

下列說法正確的是（）

A.ab棒到達(dá)圓弧底端時(shí)對軌道的壓力大小為3mg

B.最后穩(wěn)定時(shí)ab棒的速度大小為

C.整個(gè)過程中ab棒產(chǎn)生的焦耳熱為:機(jī)gR

D.整個(gè)過程中，通過cd棒的電荷量回

2BL

三、非選擇題：共5題，共57分.

11.智能手機(jī)內(nèi)置有加速度傳感器，可以實(shí)時(shí)顯示手機(jī)運(yùn)動的加速度。某實(shí)驗(yàn)小組利用智能手

機(jī)來探究加速度與合外力的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。實(shí)驗(yàn)步

驟如下：

①將輕彈簧上端固定在鐵架臺的支架上，下端與手機(jī)相連接，手機(jī)下端通過細(xì)繩懸掛鉤碼并

記錄鉤碼的質(zhì)量為m；

②開始時(shí)保持手機(jī)和鉤碼處于靜止?fàn)顟B(tài)，并打開手機(jī)的加速度傳感器功能；

③剪斷懸掛鉤碼的細(xì)繩，手機(jī)加速度傳感器記錄手機(jī)加速度。隨時(shí)間t的變化并擬合繪制出

aT圖像,如圖乙所示。

請回答下面問題：

（1）剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)的加速度對應(yīng)圖乙中的（選填或“CD點(diǎn)加速度；

（2）剪斷細(xì)繩瞬間手機(jī)受到的合力大小/等于（用測得物理量的符號表示）；

（3）改變所懸掛鉤碼的質(zhì)量，重復(fù)步驟②、③，測得多組（a,陰數(shù)據(jù)并繪制a—E圖像，如

圖丙所示，由圖像可以得出的結(jié)論是：;

（4）該小組同學(xué)要根據(jù)繪制的a—E圖像進(jìn)一步測量手機(jī)的質(zhì)量，他們對該圖像分析得知，

圖線的斜率為晨則手機(jī)的質(zhì)量為；

（5）從乙圖可以觀察到，即使整個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置看起來處于靜止?fàn)顟B(tài)，手機(jī)依然顯示有微小的加

速度擾動，為了減少該擾動造成的影響，下列做法可行的是（選填選項(xiàng)代

號）。

A.使用質(zhì)量較大的鉤碼組B.將彈簧更換為不可伸長的細(xì)線

C.將彈簧更換為勁度系數(shù)較大的彈簧D.讓鉤碼組的質(zhì)量遠(yuǎn)小于手機(jī)的質(zhì)量

12.傳感器在現(xiàn)代生活、生產(chǎn)和科技中有著相當(dāng)廣泛的應(yīng)用，如圖甲是一個(gè)壓力傳感器設(shè)計(jì)電

路，要求從表盤上直接讀出壓力大小，其中凡是保護(hù)電阻，&是調(diào)零電阻（總電阻

100Q）,理想電流表量程為15mA,電源電動勢￡=3V,內(nèi)阻不計(jì)，壓敏電阻的阻值R與所

受壓力大小F的對應(yīng)關(guān)系如圖乙所示o

（1）若提供有三種規(guī)格的保護(hù)電阻，則片應(yīng)選一個(gè)

A.15QB.150QC.1500Q

（2）選取、安裝保護(hù)電阻后，要對壓力傳感器進(jìn)行調(diào)零。調(diào)零

電阻R2應(yīng)調(diào)為Qo

（3）現(xiàn)對表盤進(jìn)行重新賦值標(biāo)注，原3mA刻度線處應(yīng)標(biāo)注No

（4）由于電池老化，電動勢降為2.7V,傳感器壓力讀數(shù)會出現(xiàn)偏差，如果某次使用時(shí)，先

調(diào)零、后測量，讀出壓力為1200N,此時(shí)電流大小為mA,實(shí)際壓力大小為No

13.小明同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用等臂電子天平測量環(huán)境溫度的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示。導(dǎo)熱汽缸開口

向上并固定在桌面上，用質(zhì)量叫=600g、截面積S=20cm2的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣

體，活塞與汽缸壁間無摩擦。一輕質(zhì)直桿中心置于固定支點(diǎn)幺上，左端用不可伸長的細(xì)繩豎

直懸掛活塞，右端用相同細(xì)繩豎直懸掛一個(gè)質(zhì)量加2=1200g的鐵塊，并將鐵塊放置到電子天

平上。當(dāng)電子天平示數(shù)為600.0g時(shí)，測得環(huán)境溫度4=300K。設(shè)外界大氣壓強(qiáng)

5

j7o=l.OxlOPa,重力加速度g取lOm/s?。

（1）當(dāng)環(huán)境溫度A=294K時(shí)，電子天平示數(shù)為多少克？

（2）該裝置可測量的最低環(huán)境溫度0m為多少？

14.如圖所示，在豎直的xoy平面內(nèi)，在水平x軸上方存在場強(qiáng)大小用=整、方向平行于x軸

q

向右的勻強(qiáng)電場，在X軸下方存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場B和大小方向都未知的勻強(qiáng)

電場當(dāng)。一質(zhì)量為機(jī)、帶電量為q的小球從了軸上的尸(0，L.)位置無初速度釋放，釋放后

小球從第一象限進(jìn)入第四象限做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動軌跡恰好與了軸相切，已知重力加速度

為g。

(1)求勻強(qiáng)電場與大小與方向；

(2)求勻強(qiáng)磁場8的大??；

(3)求小球第二次穿過x軸的位置與第三次穿過x軸的位置之間的距離；

------------------------>

xB、xxx尸.加、Ex

~Ox

B,

6如圖，加為半徑足夠大叫光滑圓弧軌道，圓弧軌道末端與右側(cè)光滑水平面。S平滑連

接，水平面QS右側(cè)平滑對接一足夠長的水平傳送帶，傳送帶正在以v=8.0m/s的速度逆時(shí)針

勻速轉(zhuǎn)動。有一質(zhì)量為機(jī)=1.0kg的物塊Z靜止于圓弧軌道底端，在物塊Z右側(cè)有一質(zhì)量為

/=1.0kg的物塊8,物塊5與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)〃=0.20,物塊8以水平向右

%=10m/s的速度從傳送帶左側(cè)滑上傳送帶。當(dāng)物塊8滑離傳送帶后與物塊Z發(fā)生碰撞，物

塊Z上有特殊裝置，可以使物塊48碰撞瞬間讓兩者合在一起成為一個(gè)整體沿圓弧軌道向上

運(yùn)動，當(dāng)48整體沿圓弧軌道向下運(yùn)動到軌道底端時(shí)，該裝置使物塊48分開，物塊Z停

在軌道底端，物塊8以分開前瞬間的速度向右運(yùn)動，之后物塊幺、5會多次作用，重力加速

度大小取g=10m/s2,不計(jì)空氣阻力，兩物塊均可看作質(zhì)點(diǎn)。求:

(1)物塊48第一次沿圓弧軌道向下運(yùn)動到軌道底端分開時(shí)物塊8的速度大小匕；

(2)物塊5從第一次滑上傳送帶到滑離傳送帶過程中摩擦產(chǎn)生的熱量值;

(3)物塊B開始滑上傳送帶之后的整個(gè)過程中傳送帶對物塊B摩擦力的沖量/。

答案以及解析

1.答案：A

解析：AB.設(shè)列車的加速度大小為°,根據(jù)力的合成與分解以及牛頓第二定律有

F合=mgtan3=ma

得列車加速度的大小為

a=gtan。

故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)

TcosO=mg

得

丁二9

COS。

故CD錯(cuò)誤。

故選A。

2.答案：A

解析：A.飛船從軌道I變軌到軌道n需要加速，所以經(jīng)過幺點(diǎn)時(shí)

圓軌道時(shí)，根據(jù)

GMmv2

——；—=m—

rr

所以

V]>匕

綜合得

%>%>匕

故A正確；

B.根據(jù)開普勒第三定律，軌道半長軸越大，周期越大，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)

GMm

——；—=ma

則同一點(diǎn)處的加速度應(yīng)該相等，故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)變軌原理可知，從低軌道到高軌道應(yīng)點(diǎn)火加速，外力做正功，則衛(wèi)星在軌道I運(yùn)行時(shí)的

機(jī)械能比在軌道ni運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能小，故D錯(cuò)誤。

3.答案：A

解析：根據(jù)題意，由于二氧化硅的折射率為1.5,則激光在二氧化硅中的波長為4=4,觀察

n

到在腐蝕區(qū)域內(nèi)有8條暗紋，則二氧化硅斜面轉(zhuǎn)為平面的棱"N處是亮紋是第9條，設(shè)二氧

化硅薄膜的厚度為小則有2d=84,聯(lián)立解得d=1680nm,故選A。

4.答案：C

解析：ABC.作出力廠與片和鳥的關(guān)系圖，如圖所示

FF

由圖可知鳥〉片，F(xiàn)>F,根據(jù)幾何關(guān)系有鳥=,-故AB錯(cuò)誤，C正確；D.

2smt)tant)

由以上分析可知，力/一定時(shí)，夾角。越大，片和鳥均變小，所以鑿子越不容易鑿入木頭，

故D錯(cuò)誤。故選C。

5.答案：C

解析：A.線圈進(jìn)入磁場的過程中，垂直于紙面向里的磁通量變大，根據(jù)楞次定律可知線圈中

的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場應(yīng)垂直于紙面向外，根據(jù)安培定則可知線圈中的電流為逆時(shí)針方向，

故A錯(cuò)誤；BC.線圈切割磁感線的有效長度示意圖如圖所示

結(jié)合楞次定律阻礙相對運(yùn)動的推論，再根據(jù)左手定則可知安培力始終水平向左，則該拉力的

方向水平向右，與線圈運(yùn)動速度的方向不相同，故B錯(cuò)誤，C正確；D.由于切割磁感線的有

效長度是變化的，所以線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢是變化的，感應(yīng)電流是變化的，線圈受到的

安培力大小是變化的，所以拉力大小是變化的，故D錯(cuò)誤。故選C。

6.答案：B

解析：設(shè)/時(shí)間內(nèi)水槍噴出的水柱長度為/,則有v=＜，/時(shí)間內(nèi)沖擊墻壁的水的質(zhì)量為

t

m=pV=pSl=pl＞設(shè)墻壁對水柱的平均沖擊力大小為R根據(jù)動量定理有

Ft=Q.2mv-（-mv）?聯(lián)立以上三式解得尸=0,3兀屋夕祈，根據(jù)牛頓第三定律可知水柱水平擊中

目標(biāo)的平均沖擊力大小為F'=F=0,3兀/小2,故選B。

7.答案：D

解析：設(shè)工帶電圓環(huán)在。點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為￡。甲圖中原點(diǎn)。處電場強(qiáng)度大小為E；根據(jù)

4

對稱性和場強(qiáng)疊加原則可知，乙圖中坐標(biāo)原點(diǎn)。處電場強(qiáng)度大小等于血￡；丙圖中原點(diǎn)。處

電場強(qiáng)度大小為E;丁圖中坐標(biāo)原點(diǎn)。處電場強(qiáng)度為0.綜合以上分析，比較大小可知

E乙＞￡丙=￡甲＞￡丁,￡乙=血￡丙,故選D。

8.答案：BC

解析：A.此阿秒光脈沖的波長為A=cT=30nm＜550nm由障礙物尺寸與波長相差不多或比波

長小時(shí)，衍射現(xiàn)象越明顯，所以波長為550nm的可見光比此阿秒光脈沖的衍射現(xiàn)象更明顯，

故A錯(cuò)誤；B.由￡=人^知，此阿秒光脈沖比波長為550nm的可見光的光子能量大，故總能量

相等時(shí)，阿秒光脈沖的光子數(shù)更少，故B正確；C.阿秒光脈沖的光子能量最小值為

￡=*=^=6.6x10-18J〉2.2x10-18J故此阿秒光脈沖可以使能量為_i3,6eV（-2,2x10-18J）的基

態(tài)氫原子電離，故C正確；D.為了探測原子內(nèi)電子的動態(tài)過程，阿秒光脈沖的持續(xù)時(shí)間應(yīng)小

于電子的運(yùn)動周期，故D錯(cuò)誤。故選BC。

9.答案：BD

解析：由題圖（b）可知，木棒與重物組成的系統(tǒng)始終受浮力作用，說明木棒與重物組成的系

統(tǒng)始終未脫離水面，設(shè)受力平衡時(shí)木棒在水下的長度為L根據(jù)平衡條件有

Pg（S2+嗅）=（機(jī)木+機(jī)重）g,設(shè)木棒釋放后某時(shí)刻距受力平衡位置x,以向下為正方向，系統(tǒng)

所受的力E=-{pg[S（￡+x）+嚷]-（m木+加重）g}=-Qgx,可知木棒與重物組成的系統(tǒng)所受合

外力大小與偏離受力平衡位置的距離成正比，即木棒與重物組成的系統(tǒng)做簡諧運(yùn)動，回復(fù)力

是水的浮力與系統(tǒng)重力的合力，故A錯(cuò)誤，D正確；0?0.25s內(nèi)木棒與重物組成的系統(tǒng)所受

的浮力減小，則木棒與重物組成的系統(tǒng)從最低點(diǎn)向平衡位置運(yùn)動，其所受合外力逐漸減小，

加速度逐漸減小，故B正確；根據(jù)簡諧運(yùn)動的特點(diǎn)可知，木棒和重物在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的加

速度大小相等，則在最低點(diǎn)有耳-G=（根木+加重）a,在最高點(diǎn)有G-g=（叫+加重）a,聯(lián)立

可得G=g（￡+g），故C錯(cuò)誤.

10.答案：ACD

解析：A.ab棒從圓弧導(dǎo)軌的頂端由靜止釋放下滑到底端的運(yùn)動中，由動能定理可得

12

mgR=—mv-0

解得

到達(dá)圓弧導(dǎo)軌底端時(shí)，由牛頓第二定律可得

V2

K

解得

穌=3mg

由牛頓第三定律可知，而棒到達(dá)圓弧底端時(shí)對軌道的壓力大小為3機(jī)g,A正確；

B.兩導(dǎo)體棒最后穩(wěn)定時(shí)兩棒的速度相等，取向右為正方向，對防、cd棒組成的系統(tǒng)動量守

恒，由動量守恒定律可得

mv=+

解得

則有仍棒的速度大小為;也戢，B錯(cuò)誤；

C.由能量守恒定律可得整個(gè)過程中仍棒產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=L^mgR^Lx2mv^

解得

Q=^mgR

C正確;

D.導(dǎo)體棒仍進(jìn)入勻強(qiáng)磁場后至最后cd棒做勻速直線運(yùn)動的過程中，取向右為正方向，對cd

棒由動量定理可得

BILt=mvx—0

又有

q=It

解得

m12gR

q—2BL

D正確。

故選ACDo

11.答案：（1）A

（2）mg

（3）當(dāng)手機(jī)的質(zhì)量一定時(shí)，手機(jī)的加速度與手機(jī)所受合外力成正比

（4）￡

k

（5）AC

解析：（1）前面的數(shù)據(jù)波動是保持平衡時(shí)的輕微擾動，后續(xù)的數(shù)據(jù)波動是因?yàn)槭謾C(jī)在做（近

似）簡諧運(yùn)動，故第一個(gè)峰值即為我們要的繩子被剪斷時(shí)的瞬時(shí)加速度，故選"4'點(diǎn)；

（2）剪斷細(xì)繩瞬間，彈簧的彈力大小不變，手機(jī)受到的合力大小廠等于鉤碼的重力大??；則

F=mgo

（3）由丙圖知，圖像為過原點(diǎn)的一條直線，根據(jù)圖像可以得到的結(jié)論，當(dāng)手機(jī)的質(zhì)量一定

時(shí)，手機(jī)的加速度與手機(jī)所受合外力成正比。

（4）繩子剪斷前，設(shè)彈力為R手機(jī)質(zhì)量為對手機(jī)有平衡知

F-mg-Mg=0

繩子剪斷后，對手機(jī)由牛頓第二定律有

F—Mg=Ma

綜上可得

解得

M=&

k

(5)A.使用質(zhì)量更大的祛碼組，整體的慣性將增加，其狀態(tài)將越難改變，擾動將越小，因此

該方案可行，故A正確；

B.將彈簧更換為不可伸長的細(xì)線，在掛上和去掉小桶和祛碼時(shí)，手機(jī)自身總是能達(dá)到平衡

態(tài)，因此該方法不可行，故B錯(cuò)誤；

C.勁度系數(shù)越大，彈簧越不容易發(fā)生形變，則擾動越小，因此該方法可行，故C正確；

D.讓鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于手機(jī)的質(zhì)量，并不能減小其擾動，甚至?xí)黾悠鋽_動，且當(dāng)托起小

桶和祛碼時(shí)，手機(jī)所受合外力將過小，對實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理將變得更困難，因此該方案不可

行，故D錯(cuò)誤。

故選ACo

12.答案：(1)B(2)20(3)3200(4)6；1080

E3

解析：(1)電流表滿偏時(shí)，電路的總電阻區(qū)總=廠=15義10-3Q=200Q,而

R總=A+&+R,由調(diào)零電阻&最大為100Q,故只要大于100Q即可，A太小，C太大，故

選B。

(2)選取、安裝保護(hù)電阻后，對壓力傳感器進(jìn)行調(diào)零，則A=150Q,R=30Q,代入

R總=火］+&+K=200Q,解得與=20Q。

3V

(3)當(dāng)電流表示數(shù)為3mA時(shí)，電路中的總電阻：R”=1000Q

JX1U

即：R=R諄_&_7?2=8300

由乙圖一次函數(shù)為：R=!尸+30

經(jīng)計(jì)算當(dāng)R=830Q時(shí)，壓力E=3200N

(4)根據(jù)R與尸一次函數(shù)關(guān)系：氏=9尸+30

4

當(dāng)E=1200N時(shí)，7?=3300

一rE3V/A

再中.I==-------=6mA

月卬R總500Q

因?yàn)殡姵乩匣?，電動勢?2.7V,電路中實(shí)際電阻：H實(shí)總=450Q

’6x10A

而調(diào)零后的電阻H實(shí)總=4+R；+R'=450Q

pr27V

R'2為此時(shí)的調(diào)零電阻阻值,&+K+30=彳=言濟(jì)啟’解得：R；=0Q

則R的實(shí)際阻值為：R'=R實(shí)總-舄-氏=3000

再將R代入R=LP+30

4

求得：E'=1080N

13.答案:(1)200.0g(2)291K

解析：(1)輕質(zhì)直桿中心置于固定支點(diǎn)Z上，根據(jù)杠桿原理可知，兩根細(xì)繩上的拉力相等。

對鐵塊受力分析如圖，電子天平示數(shù)為600.0g,理想氣體壓強(qiáng)“=p°=lxl()5pa，

T.=300K,當(dāng)環(huán)境溫度看=294K,由2=上

124A

代入數(shù)據(jù)解得乃=098x105pa

活塞受力平衡，有p2s=P()S+(叫g(shù)-4)

其中拉力耳=m2g-mog

其中叫=600g=0.6kg,m2=1200g=1.2kg>解得飛=200.0g

(2)當(dāng)溫度降低，細(xì)繩拉力耳增大，當(dāng)拉力工=7%g時(shí)，天平示數(shù)為零，此時(shí)的溫度為該

裝置可測量的最低環(huán)境溫度，活塞受力平衡，有p3s=夕忑+(㈣g-%g)

代入數(shù)據(jù)解得P3=0.97xl()5Pa

由乙=上

￡T3

解得=4=29IK

14.答案：（1）b2=整；方向豎直向上（2）B=Q+拒）祖而（3）X=8L

qqL

解析：（1）小球在第四象限做勻速圓周運(yùn)動，有

qE2=mg

得『整

q

小球釋放后進(jìn)入第一象限，故小球帶正電，可得電場方向豎直向上

（2）小球的運(yùn)動軌跡如圖所示，

小球在第一象限做勻加速直線運(yùn)動，對小球，有

J(q￡j2+(機(jī)g)2=ma

2rL

v=2a------

cos。

tan6=

mg

由③④⑤得

v=2^gL

9=45°

x軸下方勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為5,小球進(jìn)入磁場，有

R+Rcos?=L

v2

Bqv=m——

R

勻強(qiáng)磁場5的大小

(2+42)my[gL

D-

qL

（3）小球再次回到第一象限做類平拋運(yùn)動

豎直方向

2vcos8

t=------------

g

水平方向

E、q=max

.八12

x=(vsin0)t-^-—axt

聯(lián)立解得

x=8L

15.答案：(1)4=丫共=4131/5(2)Qx=//A/g(AX1+Ax2)=162J(3)I=juMgt=34N-s

解析：(1)傳送帶足夠長，則物塊8在傳送帶上向右滑動的速度一定能減小到0,傳送帶的

速度v=8m/s,小于物塊5初始的速度v°=10m/s,則物塊8第一次滑離傳送帶時(shí)速度等于

傳送帶的速度v=8m/s；設(shè)物塊48第一次碰撞之后速度為v共，物塊48碰撞過程，根據(jù)

動量守恒定律有Mv=+機(jī))v共

解得v共=4m/s

物塊48碰撞之后，沿圓弧軌道向上運(yùn)動和返回過程中系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，即48分開前

瞬間它們的速度v共=4m/s,所以48分開時(shí)物塊3的速度為％=?共=4111/5

(2)物塊5在傳送帶上向右減速運(yùn)動過程根據(jù)牛頓第二定律有=Ma

解得a=2m/s2

物塊B減速到0的時(shí)間.=史=5s

a

物塊B和傳送帶運(yùn)動的位移分別為玉和x2,減速過程中相對滑動的位移為

Axj=Xy+x2=-y/j+vt{=65m

物塊B在傳送帶上向左加速運(yùn)動的加速度還為?=2m