山東省淄博市部分學(xué)校2025屆物理高二上期末達(dá)標(biāo)檢測模擬試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某平行板電容器的電容為C，帶電量為Q，相距為d，今在板間中點放一個電量為q的點電荷，則它受到的電場力的大小為（）A. B.C. D.2、在地面上插入一對電極M、N，將兩個電極與直流電源相連，大地中形成恒定電流和恒定電場．恒定電場的基本性質(zhì)與靜電場相同，其電場線分布如圖所示，P、Q是電場中的兩點．下列說法中正確的是（）A.P點場強(qiáng)比Q點場強(qiáng)大B.P點電勢比Q點電勢低C.電子在P點的電勢能比在Q點的電勢能小D.電子沿直線從N到M的過程中所受電場力變大3、各行星繞太陽運轉(zhuǎn)的軌道如圖所示，假設(shè)圖中各行星只受太陽引力，并繞太陽做勻速圓周運動．下列說法中正確的是A.離太陽越近的行星運行周期越小B.離太陽越近的行星運行周期越大C.離太陽越近的行星角速度越小D.各行星運行的角速度相同4、如圖所示，一質(zhì)子沿等量異種電荷的中垂線由勻速飛過，質(zhì)子重力不計。則質(zhì)子除受電場力外，所受的另一個力的大小和方向的變化情況是（）A.先變大后變小，方向水平向右B.先變大后變小，方向水平向左C.先變小后變大，方向水平向左D.先變小后變大，方向水平向右5、如圖所示，帶負(fù)電的金屬環(huán)繞其軸OO′勻速轉(zhuǎn)動時，放在環(huán)頂部的小磁針最后將()A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極水平向左D.小磁針在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動6、一個重50N的物體，在光滑的水平面上以3m/s的速度做勻速直線運動，這個物體受到的水平力應(yīng)為()A.0 B.50NC.15N D.5N二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、我國在2018年12月8日發(fā)射的“嫦娥四號”可以更深層次、更加全面的探測月球地貌和資源等信息。已知月球的半徑為R，月球表面的重力加速度為，引力常量為G?！版隙鹚奶枴崩@月球可看做勻速圓周運動，它離月球中心的距離為，根據(jù)以上信息可知下列結(jié)果正確的是（）A.月球的平均密度為B.月球的平均密度為C.“嫦娥四號”繞月球運行的周期為D.“嫦娥四號”繞月球運行的周期為8、兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ與O點，A為MN上的一點，一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點由靜止釋放，只在靜電力作用下運動，取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則（）A.q由A向O的運動是勻加速直線運動 B.q由A向O運動的過程電勢能逐漸減小C.q運動到O點時的動能最大 D.q運動到O點時電勢能為零9、國慶期間小明去逛超市，遇促銷打折買了一個電吹風(fēng)，電吹風(fēng)的使用說明書上給出了如表所示的參數(shù)及圖示電路圖。下列說法正確的是（）電吹風(fēng)銘牌參數(shù)額定電壓220V50Hz額定功率熱風(fēng)1000W冷風(fēng)250WA.該電吹風(fēng)發(fā)熱電阻R的阻值約為64.5ΩB.該電吹風(fēng)電動機(jī)M的內(nèi)阻為193.6ΩC.當(dāng)開關(guān)S1斷開、S2閉合時，電吹風(fēng)吹冷風(fēng)D.當(dāng)開關(guān)S1、S2均閉合時，電動機(jī)每秒鐘消耗的電能為1000J10、如圖甲所示，在光滑水平面上，有一個粗細(xì)均勻的邊長為L的單匝正方形閉合線框abcd，在水外力的作用下，t=0時刻從靜止開始沿垂直磁場邊界方向做勻加速直線運動穿過勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向上，測得線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流i的大小和運動時間t的變化關(guān)系如圖乙所示（0－2s、4s－6s部分為虛線，其余部分為實線），ab邊剛進(jìn)入磁場時的速度為v，則A.磁場寬度為B.進(jìn)出磁場過程中流過線框的電荷量相等C.進(jìn)出磁場過程中線框中產(chǎn)生了相同的電熱D.線框穿過磁場過程中b點電勢高于a點的電勢，且b、a兩點電勢差Uab最大值為3BLv三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組同學(xué)在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中所用器材如下：A．電源（電動勢約為3V，內(nèi)阻為幾歐）B．電壓表V（量程0～3V，內(nèi)阻為幾千歐）C．電流表A（量程0～300mA，內(nèi)阻為幾歐）D．小燈泡（2.8V0.25A）E．滑動變阻器R1（0～10Ω2A）F．滑動變阻器R2（0～200Ω1.5A）G．開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實驗中要求加在小燈泡上的電壓從零到小燈泡的額定電壓連續(xù)可調(diào)，且盡可能地減小驗誤差，應(yīng)當(dāng)在圖（甲）中選擇電路圖_____（填“A”或“B”）；（2）實驗器材中有兩個滑動變阻器，該實驗應(yīng)選用的是_____（填“R1”或“R2”）；（3）根據(jù)實驗所測得的電壓和電流，描繪出的該小燈泡的伏安特性曲線如圖（乙）所示，則該小燈泡兩端電壓為2.5V時，通過的電流為_____mA，這個電流值與通過小燈泡中電流的真實值相比偏大，其原因是電壓表的_____（填“分壓”或“分流”）。（4）由以上實驗數(shù)據(jù)及圖象可知小燈泡的電阻隨溫度的升高而_____（填“增大”、“減小”或“不變”）。12．（12分）如圖所示，兩條相距d的平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面內(nèi)，其右端接一阻值為R的電阻．質(zhì)量為m的金屬桿靜置在導(dǎo)軌上，其左側(cè)的矩形勻強(qiáng)磁場區(qū)域MNPQ的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下．當(dāng)該磁場區(qū)域以速度v0勻速地向右掃過金屬桿后，金屬桿的速度變?yōu)関．導(dǎo)軌和金屬桿的電阻不計，導(dǎo)軌光滑且足夠長，桿在運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸．求：（1）MN剛掃過金屬桿時，桿中感應(yīng)電流的大小I；（2）MN剛掃過金屬桿時，桿的加速度大小a；（3）PQ剛要離開金屬桿時，感應(yīng)電流的功率P四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離，金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面夾角，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場，金屬導(dǎo)軌的一端接有電動勢、內(nèi)阻的直流電源，現(xiàn)把一個質(zhì)量為的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體恰好靜止，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直，且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點間的電阻，導(dǎo)體棒受到的摩擦力的大小為，方向沿斜面向上，金屬導(dǎo)軌電阻不計，取重力加速度大小，已知，，求：（1）通過導(dǎo)體棒的電流；（2）導(dǎo)體棒受到安培力大小；（3）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向。14．（16分）如圖所示，有一質(zhì)子(質(zhì)量為m、電荷量為)由靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場加速后，進(jìn)入兩極板間距離為，板間電壓為U2的平行金屬板間，若質(zhì)子從兩板正中間垂直電場方向射入電場,并且恰能從下板右邊緣穿出電場，求：（1）質(zhì)子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場U2時的速度v0（2）質(zhì)子在偏轉(zhuǎn)電場U2中運動的時間和金屬板的長度；15．（12分）如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，用絕緣細(xì)線懸掛在水平向右的勻強(qiáng)電場中，靜止時懸線向左與豎直方向成θ角，重力加速度為g（1）判斷小球帶何種電荷（2）求電場強(qiáng)度E（3）求此時細(xì)線中的拉力

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由公式聯(lián)立解得故選C。2、C【解析】電場線密的地方電場強(qiáng)度大，所以P點場強(qiáng)比Q點場強(qiáng)小，A錯誤；該電場與等量異種點電荷的電場相似，根據(jù)等量異種點電荷的特點可知，MN的中垂線為一個等勢面，然后根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知P點電勢一定高于Q點電勢，B錯誤；P點電勢高于Q點電勢，即．由電勢能公式，可知由于電子帶負(fù)電，，所以電子在P點的電勢能小于在Q點的電勢能，C正確；由于該電場是非勻強(qiáng)電場，從N到M的過程E先減小后增大，由F=qE可知，電子所受的電場力也是先減小后增大，D錯誤3、A【解析】行星繞太陽做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，有，得，，軌道半徑越小，周期越小，角速度越大，故A正確，BCD錯誤。故選A。4、B【解析】根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強(qiáng)度的方向不變，水平向左，電場強(qiáng)度的大小先增大后減小，則電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向右，則外力的大小先變大后變小，方向水平向左故選B。5、C【解析】帶電金屬環(huán)形成逆時針電流（從右向左看），根據(jù)安培定則可知，通過金屬環(huán)軸OO’處的磁場方向水平向右，小磁針處的磁場方向水平向左，故小磁針N極最后水平指向左方，所以只有選項C正確；6、A【解析】物體只受重力和水平面的支持力，這兩個力為一對平衡力，而且方向均為豎直方向，水平方向不受力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．萬有引力等于重力密度，體積為，聯(lián)立解得故A錯誤，B正確；CD．根據(jù)萬有引力提供向心力有萬有引力等于重力聯(lián)立解得故C正確，D錯誤。故選BC。8、BC【解析】本題要根據(jù)等量同種點電荷電場線的分布情況，抓住對稱性，分析試探電荷的受力情況，分析其運動情況，根據(jù)電場力做功情況，分析其電勢能的變化情況解：A、兩等量正電荷周圍部分電場線如右圖所示，其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的運動做非勻加速直線運動，故A錯誤B、電場力方向與AO方向一致，電場力做正功，電勢能逐漸減??；故B正確C、從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點試探電荷的動能最大，速度最大，故C正確D、取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，從無窮遠(yuǎn)到O點，電場力做正功，電勢能減小，則q運動到O點時電勢能為負(fù)值．故D錯誤故選BC【點評】本題考查靜電場的基本概念．關(guān)鍵要了解等量同種點電荷電場線的分布情況，運用動能定理進(jìn)行分析9、AC【解析】A．由表格可知發(fā)熱電阻的功率所以該電吹風(fēng)發(fā)熱電阻R的阻值故A正確；B．電動機(jī)正常工作過程為非純電阻，不能使用公式計算電動機(jī)內(nèi)阻，故B錯誤C．由圖可知當(dāng)開關(guān)S1斷開、S2閉合時，發(fā)熱電阻斷路，電動機(jī)工作，故吹冷風(fēng)，故C正確；D．當(dāng)開關(guān)S1、S2均閉合時，電動機(jī)正常工作，功率仍然為250W，故電動機(jī)每秒鐘消耗的電能為故D錯誤。故選AC。10、ABD【解析】A．磁場寬度d為線框在時間2－6運動的長度，線框邊長為線框在時間2－4運動的長度所以磁場寬度為，故A正確；B．由公式可知，進(jìn)出磁場過程中面積變化相同，所以進(jìn)出磁場過程中流過線框的電荷量相等，故B正確；C．線框進(jìn)磁場的平均速度比出磁場的平均速度小，由公式可知，進(jìn)磁場產(chǎn)生的熱量小于出磁場的熱量，故C錯誤；D．由右手定則可知，線框穿過磁場過程中b點的電勢高于a點的電勢，當(dāng)ab邊剛要出磁場時速度為3v，此時ab的電動勢為，由于此時線框中沒有感應(yīng)電流，所以Uab最大值為3BLv，故D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.R1③.240④.分流⑤.增大【解析】（1）[1]．描繪燈泡伏安特性曲線電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；由于燈泡內(nèi)阻較小，因此應(yīng)采用電流表外接法，故選擇A電路；（2）[2]．由于采用分壓接法，所以滑動變阻器應(yīng)選擇總阻值較小的R1；（3）[3][4]．由圖可知，當(dāng)電壓為2.5V時，電流為240mA；由于采用電流表外接法，電壓表分流使電流表示數(shù)偏大；（4）[5]．U-I圖象中圖象的斜率表示電阻，則由圖可知，隨著電壓的升高電阻增大；原因是燈絲電阻隨溫度的升高電阻率增大。12、（1）；（2）；（3）；【解析】本題的關(guān)鍵在于導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生電動勢E=Blv，切割的速度（v）是導(dǎo)體與磁場的相對速度，分析這類問題，通常是先電后力，再功能（1）根據(jù)電磁感應(yīng)定律的公式可得知產(chǎn)生的電動勢，結(jié)合閉合電路的歐姆定律，即可求得MN剛掃過金屬桿時，桿中感應(yīng)電流的大小I；（2）根據(jù)第一問求得的電流，利用安培力的公式，結(jié)合牛頓第二定律，即可求得MN剛掃過金屬桿時，桿的加速度大小a；（3）首先要得知，PQ剛要離開金屬桿時，桿切割磁場的速度，即為兩者的相對速度，然后結(jié)合感應(yīng)電動勢的公式以及功率的公式即可得知感應(yīng)電流的功率P【詳解】（1）感應(yīng)電動勢感應(yīng)電流解得（2）安培力牛頓第二定律解得（3）金屬桿切割磁感線的速度，則感應(yīng)電動勢電功率解得【點睛】該題是一道較為綜合的題，考查了電磁感應(yīng)，閉合電路的歐姆定律以及電功電功率．對于法拉第電磁感應(yīng)定律是非常重要的考點，經(jīng)常入選高考物理壓軸題，平時學(xué)習(xí)時要從以下幾方面掌握（1）切割速度v的問題切割速度的大小決定了E的大小；切割速度是由導(dǎo)體棒的初速度與加速度共同決定的．同時還要注意磁場和金屬棒都運動的情況，切割速度為相對運動的速度；不難看出，考電磁感應(yīng)的問題，十之八九會用到牛頓三大定律與直線運動的知識（2）能量轉(zhuǎn)化的問題電磁感應(yīng)主要是將其他形式能量（機(jī)械能）轉(zhuǎn)化為電能，可由于電能的不可保存性，很快又會想著其他形