河南省林州市林濾中學2025屆物理高二第一學期期中經典模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在一個粗糙水平面上，彼此靠近地放置兩個帶同種電荷的小物塊．由靜止釋放后，兩個物塊向相反方向運動，并最終停止．在物塊的運動過程中，下列表述正確的是()A．兩個物塊的電勢能逐漸減少B．物塊受到的庫侖力不做功C．兩個物塊的機械能守恒D．物塊受到的摩擦力始終小于其受到的庫侖力2、如圖所示，在載流直導線旁固定有兩平行光滑導軌A、B，導軌與直導線平行且在同一水平面內，在導軌上有兩根可自由滑動的導體棒ab和cd。當載流直導線中的電流逐漸減弱時，導體棒ab和cd的運動情況是A．一起向左運動B．一起向右運動C．相向運動，相互靠近D．相背運動，相互遠離3、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度為B，通電直導線與磁場方向垂直，導線長度為L，導線中電流為I．該導線所受安培力F的大小是（）A．F=B．F=C．F=BILD．F=4、在場強為的勻強電場中，取點為圓心，為半徑作一圓周，在點固定一帶電荷量為的正點電荷，為相互垂直的兩條直徑，其中bd與電場線平行，不計試探電荷的重力，如圖所示．則（）A．把一正試探電荷放在點,試探電荷恰好處于平衡B．把一負試探電荷放在點,試探電荷恰好處于平衡C．把一負試探電荷放在點,試探電荷恰好處于平衡D．把一正試探電荷放在點,試探電荷恰好處于平衡5、將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷)，它們間庫侖力的大小為F．現將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B相互接觸后拿走，A、B間距離保持不變，則兩球間庫侖力的大小為()A． B． C． D．6、物體做平拋運動，在水平方向上通過的最大距離取決于A．物體的下落高度B．物體的初速度C．物體的下落高度和初速度D．物體受到的重力和初速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在研究平行板電容器電容的實驗中，電容器的A、B兩極板帶有等量異種電荷，A板與靜電計連接，如圖所示．實驗中可能觀察到的現象是()A．增大A、B板間的距離，靜電計指針張角變小B．減小A、B板間的距離，靜電計指針張角變小C．把B板向上平移，減小A、B板的正對面積，靜電計指針張角變小D．在A、B板間放入一介質板，靜電計指針張角變小8、如圖所示電路中，A、B是構成平行板電容器的兩金屬極板，P為其中的一個定點。將開關S閉合，電路穩(wěn)定后將A板向上平移一小段距離，則下列說法正確的是A．電容器的電容減小B．在A板上移過程中，電阻R中有向上的電流C．A、B兩板間的電場強度增大D．P點電勢降低9、如圖所示，光滑絕緣細桿AB，水平放置于被固定的帶負電荷的小球的正上方，小球的電荷量為Q，可視為點電荷．a、b是水平細桿上的兩點，一個質量為m、電荷量為q的帶正電的小球(可視為質點)套在細桿上，由a點靜止釋放，在小球由a點運動到b點的過程中，下列說法中正確的是()A．小球速度先增大后減小B．小球速度一直減小C．小球速度一直增大D．小球與負電荷組成的系統(tǒng)電勢能先減少后增加10、如圖所示，虛線為某點電荷激發(fā)的電場中的三個等勢面，等勢面a上的電場強度大小為E，電勢為，等勢面c上的電場強度大小為，電勢為，相鄰兩個等勢面的間距相等。某質子只受電場力作用，在電場運動的軌跡如圖中實線所示，若該質子在等勢面c上的動能為，下列說法正確的是（）A．點電荷可能為負電荷B．質子經過等勢面b的電勢能為C．質子經過等勢面b的加速度大小是經過c加速度大小的倍D．質子經過等勢面c的速度大小是經過等勢面a速度大小的倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學設計了一個用電磁打點計時器驗證動量守恒定律的實驗:在小車M的前端粘有橡皮泥,先推動小車M使之做勻速運動,然后與原來靜止在前方的小車N相碰并粘合成一體,繼續(xù)做勻速運動。他設計的裝置如圖甲所示。在小車M后連著紙帶,電磁打點計時器所用的電源頻率為50Hz。(長木板下墊著小木片以平衡摩擦力)(1)若已測得打點紙帶如圖乙所示,并測得各計數點的間距(已標在圖上)。A為運動的起點,則應選____段來計算M碰前的速度,應選____段來計算M和N碰后的共同速度(以上兩空選填“AB”“BC”“CD”或“DE”)。(2)已測得小車M的質量m1=0.4kg,小車N的質量m2=0.2kg,則碰前兩小車的總動量為____kg·m/s,碰后兩小車的總動量為____kg·m/s。據此可以得出結論_______________________。12．（12分）圖甲，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過僅測量__________（填選項前的符號），間接地解決這個問題。A．小球開始釋放的高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程(2)圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置______，測量平拋射程______。然后，把被碰小球m2靜置于軌道上O點正上方，再將入射球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是_____。（填選項前的符號）A．用天平測量兩個小球的質量m1、m2B．測量小球m1，開始釋放的高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE．測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為__________（用(2)中測量的量表示）；若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為__________（用(2)中測量的量表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢為E=10V，內阻r=1Ω，R1=R2=R3=R4=1Ω，電容器電容C=6μF，開關閉合時，間距為d的平行板電容器C的正中間有一質量為m，電荷量為q的小球正好處于靜止狀態(tài)．求：（1）電路穩(wěn)定后通過R1的電流I；（2）開關S斷開，流過R2的電荷量△Q；（3）斷開開關，電路穩(wěn)定后，小球的加速度a的大小．14．（16分）下暴雨時，有時會發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質災害．某地有一傾角為θ=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一質量為m的石板B，其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均處于靜止狀態(tài)，如圖所示．假設某次暴雨中，A浸透雨水后總質量也為m（可視為質量不變的滑塊），在極短時間內，A、B間的動摩擦因數μ1減小為，B、C間的動摩擦因數μ1減小為0.5，A、B開始運動，此時刻為計時起點；在第1s末，B的上表面突然變?yōu)楣饣?保持不變．已知A開始運動時，A離B下邊緣的距離l=17m，C足夠長，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．取重力加速度大小g=10m/s1．求：（1）在0~1s時間內A和B加速度的大小；（1）A在B上總的運動時間．15．（12分）如圖所示，邊長為L，電阻不計的單匝正方形金屬線框位于豎直平面內，連接的小燈泡的額定功率為P，線框及小燈泡的總質量為m，在線框的下方有寬度一定的勻強磁場區(qū)域，磁感應強度方向垂直線框平面向外，其上、下邊界與線框底邊均水平。線框從圖示位置開始靜止下落，穿越磁場的過程中，小燈泡始終正常發(fā)光。忽略燈泡大小對電路的影響，求：（1）線框下邊界剛進入磁場時感應電流的方向；（2）線框穿越磁場的時間；（3）線框穿越磁場的過程中，燈泡產生的焦耳熱。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：由靜止釋放后，兩個物塊向相反方向運動，兩物塊之間的庫侖力做正功，電勢能減小．故A正確．兩物塊之間存在庫侖斥力，對物塊做正功．故B錯誤．開始階段，庫侖力大于物塊的摩擦力，物塊做加速運動，動能增大；當庫侖力小于摩擦力后，物塊做減速運動，動能減小，重力勢能不變，則兩個物塊的機械能先增大，后減小，不守恒．故C錯誤；開始階段，庫侖力大于物塊的摩擦力，物體做加速運動；而后當庫侖力小于摩擦力后，物塊做減速運動．故D錯誤．故選A．考點：庫侖定律；機械能守恒定律【名師點睛】本題首先考查分析物塊受力情況和運動情況的能力，要抓住庫侖力隨距離增大而減小的特點。視頻2、D【解析】

根據安培右手螺旋定則知，直線電流下方的磁場方向垂直紙面向里，當電流減小時，磁場減弱，根據楞次定律得，回路中的感應電流為acdb，根據安培左手定則知，ab所受安培力方向向左，cd所受安培力向右，即ab和cd反向運動，相互遠離。A.一起向左運動，與分析不符，故A錯誤。B.一起向右運動，與分析不符，故B錯誤。C.相向運動，相互靠近，與分析不符，故C錯誤。D.相背運動，相互遠離，與分析相符，故D正確。3、C【解析】

由圖可知電流與磁場方向垂直，因此直接根據安培力的大小為：F=BIL，故ABD錯誤，C正確．4、B【解析】點電荷+Q在a點產生的電場方向為水平向右，大小為，與電場E疊加后合電場指向右斜上方，故正試探電荷受力不平衡，A錯誤；點電荷在b點產生的電場強度方向水平向下，大小為，與電場E疊加后合場強為零，試探電荷正好受力平衡，B正確；在c點的合場強方向為斜向左上方，電場不為零，試探電荷不能平衡，C錯誤；在d點的合場強方向豎直向上，電場不為零，試探電荷不能平衡，D錯誤；5、A【解析】

開始時由庫侖定律得：；當小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時：；可得：F1=，故BCD錯誤，A正確．故選A．【點睛】完全相同的帶電小球接觸時，對于電量的重新分配規(guī)律要明確，然后正確利用庫侖定律求解．6、C【解析】根據平拋運動的規(guī)律，水平方向x=vt，豎直方向：，則，則在水平方向上通過的最大距離取決于物體的下落高度和初速度，故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

改變板間距離、改變正對面積或放入電介質，根據電容的決定式分析電容的變化，電容器的電量不變，再根據電容的定義式分析板間電壓的變化，判斷靜電計指針的變化；【詳解】A、增大A、B板間的距離，根據電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故A錯誤；

B、減小A、B板間的距離，根據電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U減小，靜電計指針張角變?。蔅正確；

C、減小A、B板的正對面積，根據電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故C錯誤；

D、在A、B板間放入一介質板，根據電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U減小，靜電計指針張角變小，故D正確．【點睛】本題是電容器的動態(tài)變化分析問題，在分析不變量的基礎上，由電容的決定式和電容的定義式結合分析．8、ABD【解析】

根據C=εS4πkd，當A板向上平移一小段距離，間距d增大，其它條件不變，則導致電容變小，故A正確；在A板上移過程中，導致電容減小，由于極板電壓不變，那么電量減小，因此電容器處于放電狀態(tài)，電阻R中有向上的電流，故B正確；根據E=U/d，U一定，d變大，則E減小，故C錯誤；因場強變小，導致P點與B板的電勢差減小，因B板接地，電勢為零，即P點電勢降低，故D【點睛】做好電容器的題目要把電容的定義式C=Q/U、決定式C=εS4πkd和場強的推導式結合應用，掌握電場強度的推導式，注意9、AD【解析】

ABC.小球沿光滑直桿運動的過程中，受到重力、支持力與庫侖力，重力與支持力均不做功，僅有庫侖引力做功，負電荷對小球的庫侖力方向與速度方向的夾角先小于90°，后大于90°，則庫侖力對小球先做正功后做負功。所以小球的動能先增大后減小，速度先增大后減小。故A正確，BC錯誤；D.庫侖力先做正功后做負功。由于只有庫侖力做功，所以小球與負電荷組成的系統(tǒng)電勢能先減小后增大。故D正確。10、CD【解析】

A．從運動軌跡可以看出兩個電荷相互排斥，故點電荷帶正電，故A錯誤；B．在點電荷形成的電場中，越靠近點電荷的電場強度越大，ab之間的電場強度大于bc之間的電場強度，ab之間的電勢差大于bc之間的電勢差，所以b處的電勢小于40V，質子經過等勢面b的電勢能小于40eV，故B錯誤。C．根據點電荷的電場強度的公式結合等勢面a上的電場強度大小為E，等勢面c上的電場強度大小為，可知c到點電荷的距離為a到點電荷距離的3倍；a與c之間的距離為a到點電荷的距離的2倍，相鄰兩個等勢面的間距相等，所以b到點電荷的距離為a到點電荷的距離為2倍；所以b處的電場強度為a的電場強度的，即b處電場強度的大小為，b處電場強度的大小是c處電場強度的倍，根據加速度可知質子在b處的加速度大小是c處加速度大小的2.25倍；故C正確；D．質子只受電場力，動能與電勢能之和不變，質子在等勢面c上的動能為80eV，電勢能為20eV，總能量為100eV；質子在a處的電勢能為60eV，故動能為40eV；質子在a處的動能為c處動能的一半，所以質子經過等勢面c的速度大小是經過等勢面a速度大小的倍，故D正確；故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCDE0.4200.417在誤差允許的范圍內碰撞前后系統(tǒng)動量守恒【解析】

(1)[1][2]．從分析紙帶上打點情況看，BC段既表示小車做勻速運動，又表示小車有較大速度，因此BC段能較準確地描述小車M在碰撞前的運動情況，應選用BC段計算小車M的碰前速度。從CD段打點情況看，小車的運動情況還沒穩(wěn)定，而在DE段小車運動穩(wěn)定，故應選用DE段計算碰后M和N的共同速度。(2)[3][4][5]．小車M在碰撞前的速度v0==1.050m/s小車M在碰撞前的動量p0=m1v0=0.420kg·m/s碰撞后M、N的共同速度v==0.695m/s碰撞后M、N的總動量p=(m1+m2)v=0.417kg·m/s可見在誤差允許的范圍內，碰撞前后系統(tǒng)動量守恒。12、CPOPADE【解析】

(1)[1]小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，故C正確。(2)[2][3][4]和碰撞后，的動能減小，則速度減小，落點在M，碰撞后速度比更大，落點在N，沒有發(fā)生碰撞時，的落點在P；驗證動量守恒定律實驗中，質量可測，而瞬時速度較難測得。因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度。所以要先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP。要驗證動量守恒定律定律，即驗證小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得得因此實驗需要測量：兩球的質量、小球的水平位移，為了測量位移，應找出落點位置；故ADE正確，BC錯誤。故選ADE。(3)[5][6]由(2)知，實驗需要驗證如果碰撞過程機械能守恒，則兩邊同時乘以得則可得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2A（2）（3）【解析】

(1)開關閉合時，R1、R3并聯與R4串聯，R2中沒有電流通過，由串聯電路分壓規(guī)律求R4的電壓，再由歐姆定律求通過R1的電流I；(2)開關閉合時，小球靜止在電場中，電場力與重力平衡，由平衡條件列出方程．開關S斷開，根據串聯電路的特點求出電容器的電壓，從而可求得電容器電荷量的變化量，即等于流過R2的電荷量△Q；(3)斷開開關，電路穩(wěn)定后，根據牛頓第二定律求加速度a．【詳解】(1)開關S閉合時，R1、R3并聯與R4串聯，R2中沒有電流通過．有：電容器的電壓

由歐姆定律得通過R4的電流，由電路特點可知，R4中的電流為R1的兩倍，所以流過R1的電流為2A；(2)開關S斷開，電容器的電壓開關S斷開，流過R2的電荷量△Q=C△U=C（UC-UC′）=(3)開關S閉合時，小球靜止時，由平衡條件有：開關S斷開，根據牛頓第二定律得聯立解得：【點睛】本題考查綜合運用物理知識解決問題的能力．對于帶電小球在電場中運動的問題，電壓是聯系電場與電路的橋梁．要注意電路穩(wěn)定時，與電容