2025屆貴州省畢節(jié)市黔西縣樹立中學高二物理第一學期期中調(diào)研模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為m的帶電小球A懸掛在絕緣細線上，且處在場強為E的水平勻強電場中，當小球A靜止時，細線與豎直方向成30°角，則小球所帶的電量應為（）A． B． C． D．2、關于電磁感應，下列說法正確的是A．穿過線圈的磁通量為零時，感應電動勢也一定為零B．穿過線圈的磁通量不為零時，感應電動勢也一定不為零C．穿過線圈的磁通量變化得越快，感應電動勢越大D．穿過線圈的磁通量變化得越大，感應電動勢越大3、某電場的分布如圖所示,帶箭頭的實線為電場線,虛線為等勢面。A、B、C三點的電場強度分別為、、,電勢分別為、、,關于這三點的電場強度和電勢的關系,下列判斷中正確的是(

)A．,B．,C．,D．,4、如圖所示，實線表示某電場中的四個等勢面，它們的電勢分別為和，相鄰等勢面間的電勢差相等.一帶負電的粒子(重力不計)在該電場中運動的軌跡如虛線所示，、b、c、d是其運動軌跡與等勢面的四個交點，則可以判斷（）A．等勢面上各點場強處處相同B．四個等勢面的電勢關系是C．粒子從運動到d的過程中靜電力直做負功D．粒子在、b、c、d四點的速度大小關系是5、下列說法正確的是（）A．做斜拋運動的物體到達最高點時速度為零B．勻強電場是指電場強度的大小方向處處相同C．元電荷就是帶電量最小的帶電粒子D．電容器所帶電荷量為兩板量所帶電荷量絕對值之和6、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很?。┕潭ㄔ赑點，如圖所示，以E表示兩板間的場強，U表示電容器的電壓，W表示正電荷在P點的電勢能．若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則（）A．U變大，E不變 B．E變大，W變大 C．U變小，W不變 D．U不變，W不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線a、b、c表示在O處某一點電荷的電場中的三個等勢面，設兩相鄰等勢面間的間距相等。一電子射入電場后的運動軌跡如圖中實線所示，其中1、2、3、4表示電子的運動軌跡與等勢面的一些交點。由此可以判定A．電子在1、2、3、4位置處所具有的電勢能與動能的總和一定相等B．O處的點電荷一定帶負電C．a(chǎn)、b、c三個等勢面的電勢關系是φa>φb>φcD．電子從位置1到2和從位置3到4的過程中電場力做功的關系是|W12|＝2W348、如圖，C為中間插有電介質的電容器，b極板與靜電計金屬球連接，a極板與靜電計金屬外殼都接地．開始時靜電計指針張角為零，在b板帶電后，靜電計指針張開了一定角度．以下操作能使靜電計指針張角變大的是（）A．將b板也接地B．b板不動、將a板向右平移C．將a板向上移動一小段距離D．取出a、b兩極板間的電介質9、有兩個勻強磁場區(qū)域I和II，I中的磁感應強度是II中的k倍，兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動。與I中運動的電子相比，II中的電子A．運動軌跡的半徑是I中的k倍B．運動軌跡的半徑是I中的1/k倍C．加速度的大小是I中的1/k倍D．加速度的大小是I中的k倍10、如圖所示，光滑絕緣的半圓形容器處在水平向右的勻強電場中，一個質量為m，電荷量為q的帶正電小球在容器邊緣A點由靜止釋放，結果小球運動到B點時速度剛好為零，OB與水平方向的夾角為θ=600，則下列說法正確的是()A．小球重力與電場力的關系是mg=qEB．小球在B點時，對圓弧的壓力為2qEC．小球在A點和B點的加速度大小相等D．如果小球帶負電，從A點由靜止釋放后，不能沿AB圓弧而運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）“研究勻變速直線運動”實驗獲得的一條紙帶如圖1所示，已知a、b兩個相鄰計數(shù)點時間間隔為0.10s，則從a至b這段時間內(nèi)物體的平均速度約為_____小明用打點計時器研究小車的運動，在實驗過程中：①打點計時器應使用_____（填“直流”或“交流”）電源．②他打出一條紙帶，按打點先后順序每5個點取1個計數(shù)點，并計算出相應時刻的瞬時速度，如下表所示．請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在坐標系中作出小車運動的v﹣t圖象_________．③由作出的v﹣t圖象可以判斷，小車做_____（填“勻速”、“勻加速”或“變加速”）直線運動．12．（12分）某一電阻值不變的純電阻元件（阻值Rx大約為100Ω），要用伏安法較準確地測量它的阻值，實驗器材有：電流表A1：量程為0~100mA，內(nèi)阻約為5Ω電流表A2：量程為0~3A，內(nèi)阻約為0.5Ω電壓表V1：量程為12V，內(nèi)阻約為10kΩ電壓表V2：量程為30V，內(nèi)阻約為50kΩ滑動變阻器R：0~10Ω，2A電源（E=9V），開關，導線若干：(1)實驗中應選用的電流表為________，電壓表為________；（填入器材符號）(2)在虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖。（_____）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，絕緣的水平面上靜止著兩個質量均為m，電荷量均為＋Q的物體A和B(A，B均可視為質點)，它們間的距離為r，A，B與平面間的動摩擦因數(shù)均為μ.(1)A受到的摩擦力為多大？(2)如果將A的電荷量增至＋4Q，兩物體開始運動，當它們的加速度第一次為零時，A，B各運動了多遠的距離？14．（16分）如圖所示，粒子從A點以v0的速度沿垂直電場線方向的直線AO方向射入電場，由B點飛出勻強電場時速度方向與AO方向成45°．已知粒子質量為m，電荷量為2e．求OB兩點間電勢差．15．（12分）兩個半徑均為R的圓形平板電極，平行正對放置，相距為d，極板間的電勢差為U，板間電場可以認為是均勻的．一個粒子從正極板邊緣以某一初速度垂直于電場方向射入兩極板之間，到達撫極板是恰好落在極板中心．已知質子電荷為e，質子和中子的質量均視為m，忽略重力和空氣阻力的影響，求：（1）極板間的電場強度E；（2）粒子在極板間運動的加速度a；（3）粒子的初速度v1．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

小球受到三個力作用：重力mg、電場力F和細線的拉力T，根據(jù)平衡條件得知：F和T的合力與重力mg大小相等、方向相反，根據(jù)平衡條件可得解得：故A正確BCD錯誤。故選A。2、C【解析】

A．根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢的大小除與線圈匝數(shù)有關外，還與磁通量變化快慢有關，與磁通量的大小及變化量大小均無關，穿過線圈的磁通量為零時，磁通量變化率卻不一定為零，則感應電動勢也不一定為零，A錯誤；B．穿過線圈的磁通量不為零時，但磁通量的變化率可能為零，則感應電動勢可能為零，比如：線圈通過中性面位置，B錯誤；CD．穿過線圈的磁通量變化得越快，感應電動勢越大，故C正確D錯誤．故選C。3、B【解析】根據(jù)電場線的疏密程度表示場強的大小，由圖可知A處電場線比B處密，所以EA>EB根據(jù)沿電場線電勢越來越低可知：，故B正確。點晴：解決本題關鍵理解電場線的疏密程度表示場強的大小和沿電場線電勢越來越低。4、B【解析】

由等勢面的形狀可知該電場不是勺強電場，所以等勢面上各點場強并不相同，A錯誤;由運動軌跡可知電場力由左向右，電場強度的方向由右向左，沿電場強度方向電勢逐漸降低，所以，B正確;粒子運動到d的過程中靜電力先做負功后做正功，粒子在、b、c、d四點的速度大小關系是，C、D均錯誤.5、B【解析】

斜拋運動速度可以分解為水平速度和豎直速度，上升過程是勻減速直線運動，當豎直速度減到零時到達最高點，此時水平速度不變，故A錯誤；由于電場線的疏密程度反映電場的強弱，所以勻強電場的電場線疏密程度相同，即是一組相互平行等間距的直線，故B正確；元電荷是自然界最小的電量，不是帶電荷量最小的帶電粒子，故C錯誤；電容器所帶的電荷量是指任何一個極板所帶電荷量的絕對值，而不是指兩個極板所帶電荷量的絕對值的和，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。6、C【解析】試題分析：電容器充電后與電源斷開，所以電容器的所帶電荷量Q是一個定值，根據(jù)公式，公式,公式,可得,與極板間的距離無關，所以極板間的電場強度不變，正極板下移過程中，正電荷仍舊靜止，所以電場力不做功，電勢能不變，下移過程中d減小，所以C增大，又因為Q不變，所以U減小，負極板接地，所以電勢為零，P點到負極板的電勢差為為P到負極板的距離，保持不變，所以電勢不變，故C正確考點：考查平行板電容、電場強度、電勢、電勢能的關系點評：處理此類問題，先要分析電容器的變量和不變量，判斷電容變化，再由電場中的電勢、電勢能、電勢差和場強的關系求解二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

A．電子在運動的整個過程中只受電場力，故只有電場力做功，電場力做功等于電勢能的減小量，總功又等于動能的增加量,故電勢能和動能之和守恒,所以A正確;B．因為曲線運動的合力應該指向內(nèi)側,故從電子的運動軌跡可以看出,電子受到排斥力,故O處的場源電荷是負電荷，故B正確;C．因為場源電荷是負電荷，又因為沿著電場線電勢降低,故結合負點電荷的電場線分布規(guī)律可以知道：故C錯誤;D．因為負點電荷的電場不是勻強電場,電場線越密的地方，等差等勢面也越密；故從位置1到位置2電場力做的功大于從位置3到位置4電場力做功的兩倍,故D錯誤;故選AB.8、CD【解析】

靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由，分析電容的變化，根據(jù)C=Q/U分析電壓U的變化．【詳解】將b板也接地，電容器帶電量不變，兩板間的電勢差不變，則靜電計指針張角不變，選項A錯誤；b板不動、將a板向右平移，根據(jù)可知d變小時，C變大，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U減小，即靜電計指針張角變小，選項B錯誤；將a板向上移動一小段距離，根據(jù)可知S變小時，C變小，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項C正確；取出a、b兩極板間的電介質，根據(jù)可知C變小，Q不變時，根據(jù)C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項D正確；故選CD.【點睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式和C=Q/U．9、AC【解析】

設Ⅱ中的磁感應強度為B，則Ⅰ中的磁感應強度為kB，根據(jù)電子在磁場中運動的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為，Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以A正確，B錯誤；電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為，所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，所以C正確，D錯誤；故選AC；【點睛】本題是對粒子在磁場中做圓周運動的基本考查，解決本題的關鍵是抓住洛倫茲力作為向心力，根據(jù)向心力的不同的公式來分析不同的關系，記住平時的得出的結論可以快速的分析問題．10、CD【解析】

A、小球從A運動到B的過程中，根據(jù)動能定理得：，得，即，故A錯誤；B、小球到達B點時速度為零，向心力為零，則沿半徑方向合力為零，此時對小球受力分析可知：，故圓弧對小球支持力，根據(jù)牛頓第三定律可得小球在B點時，對圓弧的壓力為，故B錯誤；C、在A點，小球所受的合力等于重力，加速度；在B點，合力沿切線方向，加速度，所以A、B兩點的加速度大小相等，故C正確；D、如果小球帶負電，從A點由靜止釋放后，將沿重力和電場力合力方向做勻加速直線運動，不能沿AB圓弧而運動，故D正確；故選CD．【點睛】小球從A運動到B的過程中，重力和電場力做功，動能的變化量為零，根據(jù)動能定理求解小球重力與電場力的關系；小球在B點時，球到達B點時速度為零，向心力為零，沿半徑方向合力為零，此時對小球受力分析，求解圓弧對小球支持力，根據(jù)牛頓第三定律可得小球在B點時，對圓弧的壓力．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.27m/s交流答案見解析勻加速【解析】（1）根據(jù)平均速度公式v=xt，則從a至b這段時間內(nèi)物體的平均速度v③v﹣t圖象為一條傾斜的直線，由作出的v﹣t圖象可以判斷，小車做勻加速直線運動．12、A1V1【解析】

(1)[1][2]電壓電動勢為9V，回路最大電流約為所以電流表應選A1，則為了方便準確，電壓表應選則V1，且因為滑動變阻器阻值較小，采取分壓式接法。(2)[3]因為，所以采取電流表外接法，電路圖如下四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）(2)【解析】

試題分析：（1）對A，由平衡條件可知，摩擦力方向水平向右．（2）當加速度a＝0時得到二者相距所以【點睛】解決本題的