2025屆福建省永春一中物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在如圖所示的各圖中，表示磁感應(yīng)強(qiáng)度B方向、電流I方向及電流受力F方向三者關(guān)系正確的是A. B.C. D.2、如圖所示，紙面內(nèi)存在一勻強(qiáng)電場，有一直角三角形ABC，BC長度為0.06m，?=30°，其中A點(diǎn)電勢為6V，B點(diǎn)電勢為3V，C點(diǎn)電勢為9V，則電場強(qiáng)度大小為（）A.100V/m B.100V/mC.V/m D.V/m3、如圖所示，在真空中電荷量相等的離子P1、P2分別以相同初速度從O點(diǎn)沿垂直于電場強(qiáng)度的方向射入勻強(qiáng)電場，粒子只在電場力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，P1打在極板B上的C點(diǎn)，P2打在極板B上的D點(diǎn)．G點(diǎn)在O點(diǎn)的正下方，已知GC＝CD，則離子P1、P2的質(zhì)量之比為()A.1∶1 B.1∶2C.1∶3 D.1∶44、列車某段時(shí)間內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度由100km/h增加到125km/h所用時(shí)間為t1，速度由150km/h增加到175km/h所用時(shí)間為t2.下列關(guān)于t1、t2的關(guān)系判斷正確的是()A.t1＞t2 B.t1＝t2C.t1＜t2 D.無法確定5、三根長直導(dǎo)線垂直于紙面放置，通以大小相同、方向如圖所示的電流，且ab=ad=ac，若導(dǎo)線c在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，則a點(diǎn)處的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A.B B.BC.3B D.B6、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則()A.電壓表讀數(shù)增大B.電流表讀數(shù)減小C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)D.上消耗的功率逐漸減小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，當(dāng)電流通過線圈時(shí)，小磁針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，關(guān)于線圈中電流方向和小磁針的偏轉(zhuǎn)方向，正確的說法是()A.通入逆時(shí)針方向的電流，小磁針的S極指向外B.通入順時(shí)針方向的電流，小磁針的N極指向外C.通入逆時(shí)針方向的電流，小磁針的N極指向外D.通入順時(shí)針方向的電流，小磁針的S極指向外8、圖示為手機(jī)無線充電裝置，手機(jī)和充電板內(nèi)部均安裝了金屬線圈，將手機(jī)置于通電的充電板上，便實(shí)現(xiàn)了“無線充電”．下列說法正確的是（）A.無線充電的原理是電磁感應(yīng)B.將手機(jī)旋轉(zhuǎn)一小角度放置，便不能充電C.在手機(jī)和充電板間墊上幾張A4紙，也能充電D.充電板不論通入交變電流還是恒定電流均可充電9、如圖所示,水平向右的勻強(qiáng)電場場強(qiáng)為E,且,垂直紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,一帶電荷量為q的液滴質(zhì)量為m,在重力、靜電力和洛倫茲力作用下在疊加場空間運(yùn)動(dòng)．下列關(guān)于帶電液滴在疊加場空間的運(yùn)動(dòng)描述正確的是A.液滴可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.液滴不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)C.液滴可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)且機(jī)械能守恒D.如果是直線運(yùn)動(dòng)，必為勻速直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡與水平方向的夾角是10、半徑為r帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，分別與兩塊垂直于紙面固定放置的平行金屬板連接，兩板間距為d，如圖甲所示，有一變化的磁場垂直于紙面，規(guī)定垂直紙面向里的方向?yàn)檎?，變化?guī)律如圖乙所示．在t＝0時(shí)刻平行板之間的中心位置有一電荷量為＋q的粒子由靜止釋放，粒子的重力不計(jì)，平行板電容器的充、放電時(shí)間不計(jì)，取上板的電勢為零．粒子始終未打中極板，則以下說法中正確的是（）A.第2s內(nèi)上極板為正極B.第2s末粒子回到了原來位置C.第2s末兩極板之間的電場強(qiáng)度大小為(V/m)D.第4s末粒子的電勢能為(J)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）霍爾效應(yīng)是電磁基本現(xiàn)象之一，近期我國科學(xué)家在該領(lǐng)域的實(shí)驗(yàn)研究上取得了突破性進(jìn)展．如圖1所示，在一矩形半導(dǎo)體薄片的P，Q間通入電流I，同時(shí)外加與薄片垂直的磁場B，在M，N間出現(xiàn)電壓UH，這個(gè)現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)，UH稱為霍爾電壓，且滿足UH＝k，式中d為薄片的厚度，k為霍爾系數(shù)．某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)來測定該半導(dǎo)體薄片的霍爾系數(shù)(1)若該半導(dǎo)體材料是空穴(可視為帶正電粒子)導(dǎo)電，電流與磁場方向如圖1所示，該同學(xué)用電壓表測量UH時(shí)，應(yīng)將電壓表的“＋”接線柱與______(填“M”或“N”)端通過導(dǎo)線相連(2)已知薄片厚度d＝0.40mm，該同學(xué)保持磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.10T不變，改變電流I的大小，測量相應(yīng)的UH值，記錄數(shù)據(jù)如下表所示．根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖2中畫出UH—I圖線，利用圖線求出該材料的霍爾系數(shù)為______×10－3V·m·A－1·T－1(保留2位有效數(shù)字).(3)該同學(xué)查閱資料發(fā)現(xiàn)，使半導(dǎo)體薄片中的電流反向再次測量，取兩個(gè)方向測量的平均值，可以減小霍爾系數(shù)的測量誤差，為此該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖3所示的測量電路，S1，S2均為單刀雙擲開關(guān)，虛線框內(nèi)為半導(dǎo)體薄片(未畫出)．為使電流從Q端流入，P端流出，應(yīng)將S1擲向________(填“a”或“b”)，S2擲向________(填“c”或“d”)．為了保證測量安全，該同學(xué)改進(jìn)了測量電路，將一合適的定值電阻串聯(lián)在電路中．在保持其它連接不變的情況下，該定值電阻應(yīng)串聯(lián)在相鄰器件________和________(填器件代號(hào))之間12．（12分）用伏安法測電阻，可采用如圖所示的甲、乙兩種接法。若所用電壓表內(nèi)阻約為5000Ω，電流表內(nèi)阻約為0.5Ω。（1）當(dāng)測量100Ω左右的電阻時(shí)，宜采用________電路。（2）現(xiàn)采用乙電路測量某電阻的阻值時(shí)，兩電表的讀數(shù)分別為10V、0.5A，則此電阻的測量值為___Ω，______（大于或者小于）真實(shí)值。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）真空室中有如圖甲所示的裝置，電極K持續(xù)發(fā)出的電子(初速度不計(jì))經(jīng)過加速電場加速后，從小孔0沿水平放置的偏轉(zhuǎn)極板M、N的中心軸線OO′射入偏轉(zhuǎn)電場．極板M、N長度均為L，加速電壓，偏轉(zhuǎn)極板右側(cè)有熒光屏(足夠大且未畫出)．M、N兩板間的電壓U隨時(shí)間t變化的圖線如圖乙所示，其中．調(diào)節(jié)兩板之間的距離d，使得每個(gè)電子都能通過偏轉(zhuǎn)極板，已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，電子重力不計(jì)(1)求電子通過偏轉(zhuǎn)極板的時(shí)間t；(2)求偏轉(zhuǎn)極板之間的最小距離d；(3)當(dāng)偏轉(zhuǎn)極板間的距離為最小值d時(shí)，熒光屏如何放置時(shí)電子擊中的范圍最小?該范圍的長度是多大?14．（16分）質(zhì)譜儀是測量帶電粒子的質(zhì)量和分析同位素的重要工具．如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為的粒子不計(jì)重力飄入電壓為的加速電場，其初速度幾乎為零，經(jīng)加速后沿直線穿過速度選擇器，然后從O點(diǎn)沿著與磁場垂直的方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場中，最后打在照相底片上的A點(diǎn)，已知速度選擇器中的電場強(qiáng)度為E求：(1)速度選擇器中勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；(2)、A兩點(diǎn)之間的距離x.15．（12分）如圖所示，在高度為L、足夠?qū)挼膮^(qū)域MNPQ內(nèi)，有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.質(zhì)量為m、邊長為L、電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd，在MN上方某一高度由靜止開始自由下落．當(dāng)bc邊進(jìn)入磁場時(shí)，導(dǎo)線框恰好做勻速運(yùn)動(dòng)．已知重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，求：(1)導(dǎo)線框剛下落時(shí)，bc邊距磁場上邊界MN的高度h；(2)導(dǎo)線框離開磁場的過程中，通過導(dǎo)線框某一橫截面的電荷量q；(3)導(dǎo)線框穿越磁場的整個(gè)過程中，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的熱量Q.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】根據(jù)左手定則可得A．A中安培力的方向是豎直向上的，故A正確；B．B中安培力方向水平向左，故B錯(cuò)誤；C．C中安培力的方向是水平向左的，故C錯(cuò)誤；D．D中電流方向與磁場平行，導(dǎo)線不受磁場力，故D錯(cuò)誤。2、D【解析】B、C兩點(diǎn)連線中點(diǎn)D點(diǎn)的電勢可見A點(diǎn)電勢與D點(diǎn)電勢相等，所以電場線與AD垂直，由勻強(qiáng)電場中電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系可知故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。3、D【解析】設(shè)離子的初速度為v0，電荷量為q，質(zhì)量為m，加速度為a，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，在水平方向可得離子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由于GC=CD，所以飛行的時(shí)間之比t1∶t2=1∶2在豎直方向偏轉(zhuǎn)量h相同，則有加速度聯(lián)立可得因?yàn)镻1帶電荷量與P2的帶電荷量相同，可得m1∶m2=1∶4故選D。4、B【解析】由得，，因?yàn)閮啥螘r(shí)間速度變化均為，而加速度恒定，所以，故選項(xiàng)B正確。故選B。5、D【解析】根據(jù)安培定則判斷三根直流導(dǎo)線在點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向如圖：根據(jù)幾何關(guān)系可知：所以三根導(dǎo)線在a點(diǎn)處的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。6、D【解析】ABC．由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時(shí)R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減??；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大，因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，電荷向下運(yùn)動(dòng)，故ABC錯(cuò)誤；D．因R3兩端的電壓減小，由可知，R3上消耗的功率減?。还蔇正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】安培定則：用右手握著通電線圈，四指指向電流的方向，大拇指所指的方向是通電線圈的N極．當(dāng)線圈通以沿逆時(shí)針方向的電流時(shí)，根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的S極，紙外是通電線圈的N極．通電線圈內(nèi)部的磁場是從S極出來回到N極，小磁針在通電線圈的內(nèi)部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙外．故A錯(cuò)誤，C正確；當(dāng)線圈通以沿順時(shí)針方向的電流時(shí)，根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的N極，紙外是通電線圈的S極．通電線圈內(nèi)部的磁場是從S極出來回到N極，小磁針在通電螺線管的內(nèi)部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙里，故B錯(cuò)誤，D正確；故選CD【點(diǎn)睛】一個(gè)通電線圈也有N極和S極，也按照安培定則判斷，紙里是線圈的N極，紙外是線圈的S極．線圈外部的磁場是從線圈的N極出來回到S極，線圈內(nèi)部的磁場是從線圈的S極出來回到N極．磁場中該點(diǎn)的磁體N極受到磁力方向和該點(diǎn)的磁場方向相同8、AC【解析】ABC項(xiàng):手機(jī)內(nèi)部的線圈，能將充電板中變化的磁場轉(zhuǎn)化為電流給手機(jī)電池充電，是利用電磁感應(yīng)原理工作的，故AC正確，B錯(cuò)誤；D、充電底座利用的電磁感應(yīng)原理工作的，故不能直接使用直流電進(jìn)行充電；故D錯(cuò)誤9、BD【解析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況分析受力情況，做直線運(yùn)動(dòng)說明粒子不受洛倫茲力或者有某個(gè)力跟洛倫茲力抵消，對四個(gè)選項(xiàng)逐一分析即可解題【詳解】A項(xiàng)：由于液滴受到的重力與電場力恒定，如果做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則液滴的洛倫茲力大小變化，液滴的合外力變化，不可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng):由于液滴受豎直向下的重力和水平方向的電場力，所以重力與電場力的合力不可能為零，即液滴不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故B正確；C項(xiàng)：當(dāng)液滴進(jìn)入復(fù)合場時(shí)的洛倫茲力與重力和電場力的合力等大反向時(shí)，液滴做勻速直線運(yùn)動(dòng)，但電場力會(huì)做功，所以機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由A分析可知，液滴不可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，只要液滴的速度大小變化，其所受的洛倫茲力大小變化，合外力變化，一定做曲線運(yùn)動(dòng)，故如果是直線運(yùn)動(dòng)，必為勻速直線運(yùn)動(dòng)，由于mg=qE，重力與電場力的合力一定與速度方向垂直，即與水平方向成450，故D正確故選BD【點(diǎn)睛】本題主要考查了帶電粒子在混合場中運(yùn)動(dòng)的問題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，或根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況分析受力情況，題目較難10、ACD【解析】由圖象可知，在第2內(nèi)，磁場垂直于紙面向內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度變小，穿過金屬圓環(huán)的磁通量變小，假設(shè)環(huán)閉合，由楞次定律可知，感應(yīng)電流磁場與原磁場方向相同，即感應(yīng)電流磁場方向垂直于紙面向內(nèi)，然后由安培定則可知，感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向，由此可知，上極板電勢高，是正極，故A正確；由楞次定律可知，在第1s內(nèi)，下板為正，粒子向下做勻加速運(yùn)動(dòng)；第2s內(nèi)，上板為正，粒子向下做勻減速運(yùn)動(dòng)，直到速度為零；第3s內(nèi)，上板為正，粒子向上做勻加速運(yùn)動(dòng)；第4s內(nèi)，下板為正，粒子向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，直到速度減為零回到原來位置；故B錯(cuò)誤；法拉第電磁感應(yīng)定律可知，在第2s內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢：，兩極板間的電場強(qiáng)度為：，故C正確；第4s末下極板是正極，且粒子回到兩板中點(diǎn)，因?yàn)樯蠘O板電勢為零，則中點(diǎn)的電勢為，粒子具有的電勢能為：，選項(xiàng)D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）M②.（2）③.1.5(1.4～1.6)④.（3）bc，⑤.S1(或S2)，⑥.E【解析】（1）根據(jù)左手定則得，正電荷向M端偏轉(zhuǎn)，所以應(yīng)將電壓表的“+”接線柱與M端通過導(dǎo)線相連（2）UH-I圖線如圖所示根據(jù)知，圖線的斜率為，解得霍爾系數(shù)為：k=1.5×10-3V?m?A-1?T-1（3）為使電流從Q端流入，P端流出，應(yīng)將S1擲向b，S2擲向c，為了保護(hù)電路，定值電阻應(yīng)串聯(lián)在S1，E（或S2，E）之間12、①.甲②.20③.大于【解析】（1）[1]因?yàn)楣始创郎y電阻可以看做是大電阻，采用內(nèi)接法誤差較小，故選甲圖。（2）[2]采用甲電路時(shí)，電阻測量值為[3]考慮電流表的分壓作用，待測電阻的真實(shí)值應(yīng)為故比較可知測量值比真實(shí)值大。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)T(2)d≥L(3)【解析】根據(jù)動(dòng)能定理求出加速后的速度，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)方程即可解題；t=0、T、2T…時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的電子，豎直方向先加速運(yùn)動(dòng)，后作勻速直線運(yùn)動(dòng)，射出電場時(shí)沿垂直于豎直方向偏移的距離y最大，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求解；先求出不同時(shí)刻射出偏轉(zhuǎn)電場的電子沿垂直于極板方向的速度，再求出電子速度偏轉(zhuǎn)角，從而求出側(cè)移距離的最大值與最小值之差，即可求解（1）電子在加速電場中，根據(jù)動(dòng)能定理有：電子在偏轉(zhuǎn)電場中，水平方向：解得：t=T（2）t=0、T、2T…時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的電子，豎直方向先加速運(yùn)動(dòng)，后作勻速直線運(yùn)動(dòng)，射出電場時(shí)