2025屆山東省青島市平度第三中學高二物理第一學期期末學業(yè)水平測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、通過電阻的電流為I時，在時間t內產生的熱量為Q，若通過同一電阻的電流為2I時，則在時間t內產生的熱量為（）A2Q B.C. D.4Q2、如圖所示，一價氫離子（）和二價氦離子（）的混合體，經同一加速電場U1同時加速后，垂直射入同一偏轉電場U2中，偏轉后，打在同一熒光屏上，則它們A.同時到達屏上同一點 B.先后到達屏上同一點C.同時到達屏上不同點 D.先后到達屏上不同點3、如圖所示，金屬桿MN用兩根絕緣細線懸于天花板O、O′點桿中通有垂直于紙面向里的恒定電流空間有豎直向上的勻強磁場，桿靜止時處于水平，懸線與豎直方向的夾角為θ，若將磁場在豎直面內沿逆時針方向緩慢轉過90°，在轉動過程中通過改變磁場磁感應強度大小保持懸線與豎直方向的夾角不變，則在轉動過程中，磁場的磁感應強度大小的變化情況是（）A.一直減小 B.一直增大C.先減小后增大 D.先增大后減小4、能源的種類有很多，下列能源屬于二次能源的是A.煤 B.石油C.電能 D.天然氣5、如圖所示，當AB間加上電壓時，R1、R2、R3三個電阻上消耗的功率相等，則三電阻的阻值之比R1：R2：R3為（）A.1：1：4 B.1：1：1C.1：1：2 D.2：2：16、將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷)，它們間庫侖力大小為F，現(xiàn)將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先與A接觸，再與B接觸后拿走，A、B間距離保持不變，則兩球間庫侖力的大小為()A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，ab是勻強磁場的邊界，質子()和α粒子()先后從c點射入磁場，初速度方向與ab邊界夾角均為45o，并都到達d點．不計空氣阻力和粒子間的作用．關于兩粒子在磁場中的運動，下列說法正確的是()A.質子和α粒子運動軌跡相同B.質子和α粒子運動動能相同C.質子和α粒子運動速率相同D.質子和α粒子運動時間相同8、空間中有足夠大的垂直紙面向里的勻強磁場，矩形線框abcd在磁場中，如圖所示，以下操作中可以使線框中產生感應電流的是（）A.水平向右加速運動B.以ab為軸旋轉C.以bd連線為軸旋轉D.以ac、bd連線交點o為軸在平面內旋轉9、如圖所示，一根長度為L的直導體棒中通以大小為I的電流，靜止放在導軌上，垂直于導體棒的勻強磁場的磁感應強度為B，B的方向與豎直方向成θ角．下列說法中正確（）A.導體棒受到磁場力大小為BILB.導體棒對軌道壓力大小為mg-BILcosθC.導體棒受到導軌摩擦力為μ(mg-BILsinθ)D.導體棒受到導軌摩擦力為BILcosθ10、如圖甲、乙兩圖是電子技術中的常用電路,a、b是各部分電路的輸入端,其中輸入的交流高頻成分用“?”表示,交流低頻成分用“~”表示,直流成分用“—”表示．關于兩圖中負載電阻R上得到的電流特征是()A.圖甲中R得到的是交流成分B.圖甲中R得到的是直流成分C.圖乙中R得到的是低頻成分D.圖乙中R得到的是高頻成分三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一多用電表的電阻檔有三個倍率，分別是×1、×10、×100．用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到________檔．如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數，那么缺少的步驟是__________，若補上該步驟后測量，表盤的示數如圖，則該電阻的阻值是________Ω12．（12分）一個量程為0～300μA的電流表，內阻為1000Ω，再給它串聯(lián)一個99000Ω的電阻，將它改裝成電壓表，改裝后電壓表的量程為_______V，用它來測量一段電路兩端的電壓時，表盤指針如圖，這段電路兩端的電壓是_______V四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）LED二極管的應用是非常廣泛的，2014年諾貝爾物理學獎被授予了日本科學家赤崎勇、天野浩和美籍日裔科學家中村修二，以表彰他們發(fā)明了藍色發(fā)光二極管，并因此帶來了新型節(jié)能光源．某同學想要描繪某發(fā)光二極管的伏安特性曲線，實驗測得它兩端的電壓U和通過它的電流I的數據如下表所示.U/V0.00.400.801.201.602.002.402.80I/mA0.00.92.34.36.812.019030.0實驗室提供了以下器材：A．電壓表（量程0～3V，內阻約20kΩ）B．電壓表（量程0～15V，內阻約100kΩ）C．電流表（量程0～50mA，內阻約40Ω）D．電流表（量程0～0.6A，內阻約2Ω）E．滑動變阻器（阻值范圍0～20Ω，允許最大電流2A）F．電源（電動勢6V，內阻不計）G．開關，導線若干（1）該同學做實驗時，電壓表選用的是______，電流表選用的是_____（填選項字母）（2）當電流表示數為20.0mA時，電壓表的示數如圖甲所示，電壓表的讀數為______V（3）請根據要求，在方框中畫出實驗的原理圖__________（二極管的符號用表示）（4）根據表中數據，請在圖乙中畫出該二極管的I-U圖線____________（5）若此發(fā)光二極管的最佳工作電流為15mA，現(xiàn)將此發(fā)光二極管與電動勢為3V、內阻不計的電池組相連，還需串聯(lián)一個阻值R＝______Ω的電阻，才能使它工作在最佳狀態(tài)．（結果保留兩位有效數字）14．（16分）如圖所示，在直角坐標系xOy中的第一象限存在沿y軸負方向的勻強電場，在第二、三、四象限存在垂直紙面向外的勻強磁場，已知電場強度為E。從第一象限中坐標為(L，L)的P點由靜止釋放帶正電的粒子(不計重力)，該粒子第一次經過x軸時速度為v0，第二次經過x軸時的位置坐標為(－L,0)，求：(1)粒子的比荷及磁感應強度B的大??；(2)粒子第三次經過x軸時的速度大小及方向；(3)粒子第二次經過y軸與第三次經過y軸時兩點間的距離。15．（12分）如圖所示，帶電粒子以某一初速度進入一垂直于紙面向里、磁感應強度為B有界勻強磁場，粒子垂直進入磁場時的速度與水平方向成θ＝角，接著垂直進入電場強度大小為E，水平寬度為L、方向豎直向上的勻強電場，粒子穿出電場時速度大小變?yōu)樵瓉淼谋?，已知帶電粒子的質量為m、電荷量為q，重力不計(1)分析判斷粒子的電性;(2)求帶電粒子磁場中運動時速度v;(3)求磁場的水平寬度d.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由焦耳定律可知，電阻相同，電流變?yōu)樵瓉淼膬杀?，相同的時間內產生的熱量變?yōu)樵瓉淼?倍即4QA．2Q與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析不符，故C錯誤；D．4Q與分析相符，故D正確2、B【解析】分析帶電粒子在加速場和偏轉場中的運動,來判斷粒子到達屏上的時間和位置?！驹斀狻吭诩铀賵鲋性谄D場中，假設板長為L，板間距為d，粒子離開偏轉場的位置偏離中心線的距離為x聯(lián)立解得我們發(fā)現(xiàn)，比荷大的物體，離開電場所需時間短，速度大，但粒子離開偏轉場的位置和比荷沒有關系，從同一位置離開，在偏轉場中做類平拋運動，位移偏向角相同，則速度偏向角也相同，所以打在屏上同一位置，一價氫離子比荷大，離開電場時間短，速度大，先打到屏上，B正確，ACD錯誤。故選B?！军c睛】類平拋運動。3、C【解析】分析通電導線的受力情況，當磁場旋轉時通過圖解法分析安培力的變化，從而分析磁感應強度的變化.【詳解】磁場在旋轉的過程中，桿處于平衡狀態(tài)，桿所受重力的大小和方向不變，懸線的拉力方向不變，由圖解法可知，在磁場旋轉的過程中，安培力先減小后增大，由F=BIL可知，磁場的磁感應強度先減小后增加，故選C.【點睛】本題主要是考查安培力作用下的導體棒的平衡問題，解答此類問題要明確導體棒的受力情況，結合平衡條件列方程解答4、C【解析】煤、石油、天然氣等是直接從自然界直接獲取的能源，是一次能源，故ABD錯誤；我們生活中所使用的電能都是通過其他形式的能轉化而來的，是二次能源．故C正確5、A【解析】因R1和R2串聯(lián)，電流相等，且消耗的功率相等，根據P=I2R可知R1=R2；因并聯(lián)支路電壓相等，上面支路的功率等于R3功率的2倍，根據可知，R3=2R12=4R1，即R1：R2：R3=1：1：4A．1：1：4，與結論相符，選項A正確；B．1：1：1，與結論不相符，選項B錯誤；C．1：1：2，與結論不相符，選項C錯誤；D．2：2：1，與結論不相符，選項D錯誤；故選A.6、B【解析】完全相同的帶電小球接觸時，若是同種電荷則將總電量平分，若是異種電荷則先中和然后將剩余電量平分，然后依據庫侖定律求解即可【詳解】開始時由庫侖定律得：

①當小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時：

②由①②得：F1＝，故ACD錯誤，B正確．故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運動，質子和α粒子從同一點沿相同的方向射入磁場，然后從同一點離開磁場，則它們在磁場中的運動軌跡相同，故A正確；兩粒子的運動軌跡相同，則它們的軌道半徑r相同，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子動能：，質子與α粒子的電量分別為e和2e，質量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應強度B都相等，則EK質子=EKα粒子，故B正確；由牛頓第二定律得：，解得：，質子與α粒子的電量分別為e和2e，質量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應強度B都相等，則：，故C錯誤；粒子在磁場中做圓周運動的周期：，質子與α粒子的電量分別為e和2e，質量之比為1：4，磁感應強度B都相等，則：，兩粒子的運動軌跡相同，粒子在磁場中轉過的圓心角θ相同，粒子在磁場中的運動時間：，，故D錯誤；故選AB點睛：本題考查了粒子在磁場中的運動，根據題意確定兩粒子的軌跡關系與軌道半徑關系，然后應用牛頓第二定律、動能計算公式、周期公式進行分析即可正確解題8、BC【解析】A．水平向右加速運動時，穿過線圈的磁通量不變，不會有感應電流，選項A錯誤；B．以ab為軸旋轉，穿過線圈的磁通量變化，會有感應電流，選項B正確；C．以bd連線為軸旋轉，穿過線圈的磁通量變化，會有感應電流，選項C正確；D．以ac、bd連線交點o為軸在平面內旋轉，穿過線圈的磁通量不變，不會有感應電流，選項D錯誤；故選BC.9、BD【解析】A．根據左手定則可得導體棒受力分析如圖所示導體棒受到磁場力大小為F=BLIA錯誤；B．根據共點力平衡規(guī)律得得導體棒對軌道的壓力大小為B正確；CD．由于導體棒受到的是靜摩擦力，因而受到靜摩擦力大小要運用力的平衡規(guī)律求解，即為C錯誤，D正確。故選BD。10、AC【解析】當交變電流加在電容器上時，有“通交流、隔直流，通高頻、阻低頻”的特性，甲圖中電容器隔直流，R得到的是交流成分，A正確，B錯誤；乙圖中電容器能通過交流高頻成分，阻礙交流低頻成分，R得到的是低頻成分，C正確，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×100②.歐姆調零（或重新歐姆調零）③.2.2×103(或2.2k)【解析】[1]．用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，則可能是檔位選擇偏低，為了較準確地進行測量，應換到×100檔[2][3]．如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數，那么缺少的步驟是歐姆調零（或重新歐姆調零），若補上該步驟后測量，表盤的示數如圖，則該電阻的阻值是2.2×103(或2.2k)Ω12、①.30②.23.0【解析】根據題意可知，電壓表量程：；因為量程是30V，將對應刻度縮小10倍即可，所以電壓為23.0V四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①.A②.C③.2.30V（2.3V也得分）④.如圖所示：⑤.如圖所示：⑥.R=53Ω（48Ω-58Ω都給分）【解析】（1）根據數據表中的最大電壓與最大電流來選擇電壓表與電流表的量程；（2）根據選定的電壓表量程進行讀數；（3）根據待測電阻滿足外接法條件可知電流表應用外接法，根據電流表從零調可知變阻器應采用分壓式接法；（4）用平滑的曲線連線即可，注意舍去誤差較大的點；（5）根據閉合電路歐姆定律列出表達式并求解即可；【詳解】（1）根據實驗數據表可知電壓最大為2.80V，最大電流為30mA，所以電壓表應選擇A，電流表應選擇C；（2）由于電壓的量程為，則此時電壓表的讀數為；（3）通過估算二極管的阻值大約為，滿足，所以電流表應用外接法，由于電流表從零調，所以變阻器應采用分壓式接法，如圖所示：（4）根據表中數據，該二極管的I-U圖線如圖所示：（5）由I-U圖象可讀出時對應的電壓為，可求出，根據閉合電路歐姆定律應有：，代入數據解得為：【點睛】應明確實驗原理，應根據電路中的最大電壓與最大電流來選擇電壓表與電流表的量程；當實驗要求電流從零調或當變阻器的全電阻遠小于待測電阻時，變阻器應采用分壓式接法；同時要掌握電流表內、外接法的選擇問題14、(1)；(2)v0，與x軸正方向成45°角斜向右下方(3)3L【解析】(1)粒子從P點由靜止釋放并到達x軸過程中，由動能定理得：，解得：，粒