2025年廣東省第一次普通高中學業(yè)水平合格性考試物理仿真模擬卷01本試卷共28頁，50小題，滿分100分?？荚囉脮r60分鐘。注意事項：1．答卷前，考生務必用黑色字跡的鋼筆或簽字筆將自己的姓名、考生號、考場號和座位號填寫在答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（A）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼橫貼在答題卡右上角“條形碼粘貼處”。2．每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試卷上。3．考生必須保持答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，將試卷和答題卡一并交回。一、單選題I：本大題共10小題，每小題1分，共10分。在每小題列出的三個選項中，只有一項符合題目要求。1．航母阻攔索可將艦載機高速攔停，是艦載機名副其實的“生命線”。若我國一架殲—15艦載機在靜止的遼寧號上著陸，在阻攔索的作用下做勻減速直線運動，速度從v減為0所用的時間為t，則該艦載機與阻攔索作用過程中通過的距離為（）A． B． C． D．【答案】C【詳解】根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可知，該艦載機與阻攔索作用過程中通過的距離故選C。2．如圖所示，殲-20戰(zhàn)機是中國研制出的第五代隱身重型殲擊機。它具有隱身性、高機動性以及先進的航電系統(tǒng)。關于殲-20戰(zhàn)機的重力，下列說法正確的是（）A．戰(zhàn)機受到的重力指向地心 B．戰(zhàn)機受重力作用，但它對地球沒有引力C．戰(zhàn)機受到的重力的施力物體是地球 D．戰(zhàn)機勻速飛行時，它不受重力作用【答案】C【詳解】A．重力的方向豎直向下，但不一定指向地心，A錯誤；B．由于地球對戰(zhàn)機的吸引而產(chǎn)生重力，同時戰(zhàn)機對地球也產(chǎn)生引力，B錯誤；C．任何力都有施力物體，重力的施力物體是地球，C正確；D．地球附近的任何物體都受重力作用，與運動狀態(tài)無關，D錯誤。故選C。3．校運會是學校教育活動中的一項重要內(nèi)容，對促進學生的全面發(fā)展具有重要意義。圖示為某運動員跳高時成功越桿的精彩瞬間，該運動員（）A．在離地后上升過程中處于失重狀態(tài) B．在最高點時處于平衡狀態(tài)C．在開始下降時處于超重狀態(tài) D．落地時地面對他的支持力大于他對地面的壓力【答案】A【詳解】A．在離地后上升過程中，僅受重力，加速度豎直向下，故處于失重狀態(tài)，A正確；B．在最高點時，僅受重力，處于失重狀態(tài)，故B錯誤；C．在開始下降時，僅受重力，處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D．落地時地面對他的支持力等于他對地面的壓力，它們是一對作用力與反作用力，故D錯誤。故選A。4．關于直線運動與曲線運動，下列選項正確的是（）A．速度改變的運動一定是曲線運動 B．速度恒定的運動一定是直線運動C．加速度改變的運動一定是曲線運動 D．加速度恒定的運動一定是直線運動【答案】B【詳解】A．若速度的大小改變，方向不變時，運動是直線運動，故A錯誤；B．速度恒定的運動一定是勻速直線運動，即直線運動，故B正確；C．曲線運動是初速度與加速度不共線，加速度的方向與速度共線時，即使加速度大小變，方向不變，物體也做直線運動，故C錯誤；D．只要加速度與初速度不共線物體就做曲線運動，與加速度變不變化無關。比如平拋運動，是曲線運動，加速度恒定，故D錯誤。故選B。5．如圖所示，有一個水平大圓盤繞過圓心的豎直軸勻速轉動，小強站在距圓心為r處的P點不動。則他受到的作用力有（）A．重力、支持力、向心力 B．重力、支持力C．摩擦力、向心力 D．重力、支持力、摩擦力【答案】D【詳解】由于小強隨圓盤做勻速圓周運動，一定需要向心力，該力一定指向圓心方向，而重力和支持力在豎直方向上，它們不能充當向心力，因此他會受到摩擦力作用，且充當向心力，向心力是效果力，不是小強受到的力，故他受到重力、支持力、摩擦力。故選D。6．如圖所示，“南大仙林星”繞太陽依次從a→b→c→d→a運動。在軌道上、、、四個位置中，該行星受太陽引力最大的是（）A． B． C． D．【答案】A【詳解】根據(jù)萬有引力定律可知相同條件下，兩個物體間的距離越小，它們之間的萬有引力就越大，由于“南大仙林星”在a點離太陽最近，故該行星在a點受到太陽的引力最大。故選A。7．某人用同一水平力F先后兩次拉同一物體，第一次使此物體從靜止開始在光滑水平面上前進l距離，第二次使此物體從靜止開始在粗糙水平面上前進l距離。則先后兩次拉力做的功W1和W2的關系是（）A． B． C． D．無法確定【答案】B【詳解】拉力做功為故選B。8．有關公式E=和的含義理解不正確的是（）A．前者是電場強度的定義式，其中的E是任意電場中某點的場強B．后者是真空中點電荷Q在距離Q為r處的場強C．根據(jù)，減小q，則q所在處的場強變大D．根據(jù)減小Q，則Q在r處的場強變小【答案】C【詳解】A．電場強度的定義式，適用所有電場，A正確，不符題意；B．是真空中點電荷形成的電場，其中r為距離場源電荷的距離，B正確，不符題意；C．電場強度的定義式，可以計算某點的電場強度，但電場強度是由電場本身的性質(zhì)決定的，與試探電荷q的大小無關，C錯誤，符合題意；D．根據(jù)減小Q，則Q在r處的場強變小，D正確，不符題意。故選C。9．下列說法中，正確的是（）A．由公式可知電場中某點的電勢與成反比B．公式，其中電容器的電容與電容器兩極板間電勢差無關C．試探電荷在電場中所受的電場力與其電量q無關D．電容器電容越大，電容器所帶的電荷量就越多【答案】B【詳解】A．公式為比值定義式，電勢與試探電荷沒有本質(zhì)上的決定關系，不能夠認為電勢與成反比，故A錯誤；B．公式為比值定義式，電容與電荷量、電壓沒有本質(zhì)上的決定關系，即電容器的電容與電容器兩極板間電勢差無關，故B正確；C．根據(jù)可知，試探電荷在電場中所受的電場力與其電量q有關，故C錯誤；D．根據(jù)解得可知，電容器所帶的電荷量與電容、極板之間的電壓有關，即電容器電容越大，電容器所帶的電荷量不一定越多，故D錯誤。故選B。10．在排球比賽中，下列說法中正確的是（）A．研究運動員扣球的動作時，可將其視為質(zhì)點B．確定落在邊線處的排球是否在界內(nèi)時，可將排球視為質(zhì)點C．在運動員擊球前的瞬間，排球相對于運動員是靜止的D．以坐在場邊的教練員為參考系，正在起身躍起擊球的運動員是運動的【答案】D【詳解】A．研究運動員扣球的動作時，運動員的大小形狀不能忽略不計，不可將其視為質(zhì)點，故A錯誤；B．確定落在邊線處的排球是否在界內(nèi)時，排球的大小不能忽略，不可將排球視為質(zhì)點，故B錯誤；C．在運動員擊球前的瞬間，排球相對于運動員是運動的，故C錯誤；D．以坐在場邊的教練員為參考系，正在起身躍起擊球的運動員是運動的，故D正確。故選D。二、單選題II：本大題共30小題，每小題2分，共60分。在每小題列出的四個選項中，只有一個選項符合題目要求。1．如圖所示為A、B兩輛汽車在平直公路上運動的位移—時間圖像，則在時間內(nèi)，下列說法正確的是（）A．A、B的速度越來越大B．A、B間的距離越來越大C．任一時刻，A、B速度不可能相等D．A、B的平均速度相等【答案】D【詳解】AC．圖像的斜率表示速度，由圖可知A的速度越來越小，B的速度越來越大，某一時刻A、B速度可能相等，故AC錯誤；B．由圖可知，A、B間的距離先增大后減小，故B錯誤；D．平均速度可知A、B的時間和位移均相等，故A、B的平均速度相等，故D正確。故選D。2．2024年4月25日20時58分57秒，搭載神舟十八號載人飛船的長征二號F遙十八運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，與中國空間站成功對接。下列關于運載火箭說法正確的是（）A．火箭的速度越大，其加速度一定越大B．速度變化量越大，其加速度一定越大C．加速度方向與速度變化量方向一定相同D．火箭尾部對噴出氣體的力和噴出氣體對空氣的力是一對作用力與反作用力【答案】C【詳解】A．加速度與速度變化率有關，與速度大小無關，即速度很大，加速度可能為零，故A錯誤；B．由于是加速度的比值定義法的定義式，所以，加速度與速度變化量無關，故B錯誤；C．由可知，加速度方向與速度變化量方向一定相同，故C正確；D．火箭尾部對噴出氣體的力和噴出氣體對火箭的力是一對作用力與反作用力，故D錯誤。故選C。3．物理學是一門以實驗為基礎的自然科學，物理學家們通過艱苦實驗來探究自然界的物理規(guī)律，為人類進步做出了巨大貢獻，值得我們敬仰和學習。有關物理實驗及思想，下列表述正確的是（

）A．伽利略通過斜面實驗直接證明了自由落體的運動規(guī)律B．探究兩個力互成角度的力的合成規(guī)律實驗運用了放大思想C．胡克定律中，彈簧的勁度系數(shù)k與彈力F和形變量x無關D．百米賽跑到達終點后，速度越快的選手停下來所需要的距離越遠，是因為速度越快，慣性越大【答案】C【詳解】A．伽利略得出自由落體運動規(guī)律的核心思想是把可靠的實驗和邏輯推理結合一起，進行理想化推理，間接證明了自由落體的運動規(guī)律，故A錯誤；B．探究兩個力互成角度的力的合成規(guī)律實驗運用了等效替代的思想，故B錯誤；C．胡克定律中，彈簧的勁度系數(shù)k只與彈簧本身有關，與彈力F和形變量x無關，故C正確；D．質(zhì)量是慣性大小的唯一量度，百米賽跑到達終點后，速度越快的選手停下來所需要的距離越遠，是因為速度越快，減速的時間越長，但慣性不變，故D錯誤。故選C。4．中國選手劉詩穎在2020東京奧運會田徑女子標槍決賽中以66米34的成績獲得金牌！劉詩穎的“冠軍一投”的運動簡化圖如圖所示。投出去的標槍做曲線運動，忽略空氣阻力，關于標槍的運動，下列說法正確的是（）A．標槍升到最高點時速度為零B．該曲線運動一定是勻變速運動C．出手后標槍的加速度是變化的D．以上說法都不對【答案】B【詳解】A．標槍升到最高點時豎直方向速度為零，但水平方向速度不為零，故最高點時速度不為零，故A錯誤；BC．忽略空氣阻力，標槍出手后只受重力，由牛頓第二定律得加速度為重力加速度，加速度不變，所以該曲線運動一定是勻變速運動，故B正確，C錯誤；D．以上說法中B選項正確，故D錯誤。故選B。5．關于對做圓周運動的物體的向心加速度的理解，下列說法正確的是（）A．向心加速度用來描述物體速度方向變化的快慢B．向心加速度的方向可能與速度方向成任意角度C．向心加速度可能改變速度的大小D．做圓周運動物體的角速度恒定時，向心加速度恒定【答案】A【詳解】AC．向心加速度用來描述物體速度方向變化的快慢，向心加速度只能改變速度的方向，并不改變速度的大小，故A正確，C錯誤；B．向心加速度的方向沿半徑指向圓心，線速度方向則沿圓周的切線方向，所以向心加速度的方向始終與線速度方向垂直；故B錯誤；D．根據(jù)做圓周運動物體的角速度恒定時，向心加速度的方向時刻發(fā)生變化，所以向心加速度不是恒定的，故D錯誤。故選A。6．2024年5月，嫦娥六號探測器發(fā)射成功，開啟了人類首次從月球背面采樣之旅。如圖，假設嫦娥六號在環(huán)月橢圓軌道上沿圖中箭頭方向運動，只受到月球的引力，ab為橢圓軌道長軸，cd為橢圓軌道短軸。下列說法正確的是（

）A．某時刻嫦娥六號位于a點，則再經(jīng)過二分之一周期它將位于軌道的b點B．某時刻嫦娥六號位于a點，則再經(jīng)過二分之一周期它將位于軌道cb之間的某位置C．某時刻嫦娥六號位于c點，則再經(jīng)過二分之一周期它將位于軌道的d點D．某時刻嫦娥六號位于c點，則再經(jīng)過二分之一周期它將位于軌道da之間的某位置【答案】A【詳解】AB．根據(jù)開普勒第二定律，近月點速度快，遠月點速度慢，結合對稱性可知，弧acb上的平均速率與弧bda上的平均速率相等，且它們弧長相等，故所以時間相等，因此兩端圓弧所用時間均為二分之一周期，A正確，B錯誤；CD．根據(jù)開普勒第二定律，近月點速度快，遠月點速度慢，可知嫦娥六號在弧cbd上的平均速度小于在弧dac上的平均速度，弧cbd的長度為環(huán)月橢圓軌道周長的一半，故再經(jīng)過二分之一周期它將位于軌道的bd之間，到達不了d點，更不可能運動到軌道da之間的某位置，CD錯誤。故選A。7．如圖所示，運動員正在使用“倒蹬機”鍛煉身體。當他用腳蹬踏板并使其推至最高處的過程中(忽略運動員重心的變化)，下列說法正確的是（

）A．靠背對運動員做正功 B．靠背對運動員做負功C．腳對踏板做正功 D．腳對踏板做負功【答案】C【詳解】AB．靠背對運動員的力垂直與靠背，由于運動員沒有位移，所以靠背對運動員不做功，故AB錯誤；CD．腳對踏板的力和踏板的位移方向相同，所以腳對踏板做正功，故C正確，D錯誤。故選C。8．如圖所示，將帶正電荷Q的導體球C靠近不帶電的導體。若沿虛線1將導體分成A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量大小分別為QA、QB。對于上述實驗，電荷量關系正確的是（）A．QA<QB，QA為正電荷 B．QA=QB，QA為負電荷C．QA>QB，QA為負電荷 D．QA=QB，QA為正電荷【答案】D【詳解】根據(jù)靜電感應現(xiàn)象可知，導體近端感應負電荷，遠端感應正電荷，即QA為正電，QB為負電；導體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導體中的自由電子向B部分移動，使B部分有多余電子而帶負電；A部分少了電子而帶正電。根據(jù)電荷守恒可知，A部分轉移的電子數(shù)目和B部分多余的電子數(shù)目是相同的。故選D。9．如圖，為真空中孤立點電荷形成的一條電場線，A、B為該條線上兩點，已知A點電勢，B點電勢。下列有關說法正確的是（）A．由于B點電勢為負值，所以該電場一定為負點電荷產(chǎn)生的B．電子在B點的電勢能為C．將同一正電荷分別放在A、B兩點，放在A處時電勢能較小D．A、B兩點電場強度大小關系不能確定【答案】D【詳解】AD．由題意，若在A點左側放一個正點電荷或在B點右側放一個負點電荷，均可產(chǎn)生如題圖所示電場線。若是正點電荷產(chǎn)生的電場，則A點場強較大；若是負點電荷產(chǎn)生的電場，則B點場強較大，所以不能確定場強大小關系，故A錯誤，故D正確。B．電子在B點的電勢能為故B錯誤；C．由題意，根據(jù)可知，正電荷是A點電勢能為0J，在B點電勢能為負值，所以正電荷在B處的電勢能較小，故C錯誤。故選D。10．游標卡尺和螺旋測微器都是物理實驗中常用的測量工具，下圖是用游標卡尺和螺旋測微器測量某樣品的長度和直徑時的讀數(shù)情況，下列說法正確的是（）A．游標卡尺所測樣品的長度為5.10cmB．游標卡尺所測樣品的長度為5.010cmC．螺旋測微器所測樣品的直徑為4.70mmD．螺旋測微器所測樣品的直徑為9.200mm【答案】B【詳解】AB．游標卡尺的最小分度值為0.05mm，圖中讀數(shù)為A錯誤，B正確；CD．螺旋測微器的最小分度值為0.01mm，圖中讀數(shù)為CD錯誤。故選B。11．兩種相同材料制成的均勻圓柱形導體A、B，其質(zhì)量相同，當它們并聯(lián)接入電路時，其電流之比，則它們的橫截面積之比為（

）A． B． C． D．【答案】C【詳解】由兩個導體的材料相同，電阻率相同，質(zhì)量相同，體積相同，則根據(jù)電阻定律可知當它們并聯(lián)接入電路時，電壓相同，由歐姆定律得則它們的橫截面積之比=1:4故選C。12．下列關于電動勢和電流的說法正確的是（）A．電流總是由電源正極流向電源負極B．無論內(nèi)電壓和外電壓如何變化，其電源的電動勢短時間內(nèi)一定不變C．電源短路時，路端電壓為零，電路電流也為零D．電源的電動勢越大，電源所能提供的電能就越多【答案】B【詳解】A．在電源的外部，電流方向總是從電源正極流向電源負極；在電源的內(nèi)部，電流方向總是從電源負極流向電源正極，A錯誤；B．電動勢與外電路的結構無關，無論內(nèi)電壓和外電壓如何變化，其電源的電動勢一定不變，B正確；C．電源短路時，路端電壓為零，電路中的電流較大，不為零，C錯誤；D．根據(jù)可知，電源的電動勢越大，電源所能提供的電能不一定就越多，還和時間及電流有關，D錯誤。故選B。13．如圖所示，為定值電阻，為滑動變阻器，閉合開關S，向右移動滑片P，則（

）A．燈泡L變亮 B．燈泡L亮度不變C．的功率變大 D．的功率不變【答案】C【詳解】向右移動滑片P，則電阻的阻值變小，根據(jù)“串反并同”，則與串聯(lián)的的電流、電壓、電功率變大；與并聯(lián)的燈泡L的電流、電壓、電功率變小，即亮度變暗。故選C。14．下列關于的磁場相關知識說法正確的是（）A．甲圖中，通電螺線管內(nèi)部小磁針靜止時N極水平向左B．乙圖中，小磁針正上方的直導線中通有電流時，小磁針的N極會垂直紙面向外轉動C．丙圖中，面積為S的矩形線框置于磁感應強度為B的勻強磁場中，線框平面與磁場方向平行，此時通過線框的磁通量為BSD．丁圖中，同向通電直導線之間的相互作用是通過磁場發(fā)生的【答案】D【詳解】A．當導線中通有題圖甲所示的電流時，導線在小磁針處產(chǎn)生磁場的方向向右，所以小磁針靜止時N極水平向右，故A錯誤；B．當導線中通有題圖乙所示的電流時，導線在小磁針處產(chǎn)生垂直紙面向內(nèi)的磁場，所以小磁針的N極將會垂直紙面向內(nèi)轉動，故B錯誤；C．線框平面與磁場方向平行，根據(jù)磁通量的物理意義可知此時磁通量為0，故C錯誤；D．兩條通電導線會產(chǎn)生磁場，導線之間的相互作用是通過磁場產(chǎn)生的，故D正確。故選D。15．如圖所示，矩形線框KLMN面積為S，處于磁感應強度大小為B的勻強磁場中，線框可繞虛線軸逆時針轉動，當線圈平面與磁場方向的夾角為時，穿過線圈的磁通量為（）A．BS B． C． D．【答案】B【詳解】穿過線圈的磁通量為故選B。16．列實驗現(xiàn)象，屬于電磁感應現(xiàn)象的是（）A．甲圖中，導線通電后其下方的小磁針發(fā)生偏轉B．乙圖中，開關閉合后通電導線在磁場中運動C．丙圖中，開關閉合后通電線圈在磁場中轉動D．丁圖中，金屬桿切割磁感線時，電流表指針偏轉【答案】D【詳解】磁生電的現(xiàn)象叫作電磁感應。甲圖中的現(xiàn)象是通電導線產(chǎn)生磁場使小磁針發(fā)生偏轉，是電流的磁效應，乙圖和丙圖中的現(xiàn)象均為通電導線在磁場中受到安培力的現(xiàn)象，丁圖中的現(xiàn)象是電磁感應現(xiàn)象。故選D。17．如圖所示各圖中，A、B兩點電場強度相同的是（）A．B． C．D．【答案】C【詳解】A．A、B是離點電荷相同距離的圓上的兩點，場強大小相等，但方向不同，則電場強度不同，A錯誤；B．A、B場強大小不等，但方向相同，則電場強度不同，B錯誤；C．A、B是勻強電場中的兩點，電場強度相同，C正確；D．電場線的疏密表示場強的大小，所以A、B場強不等，D錯誤。故選C。18．如圖所示，真空中有兩等量異種點電荷A、B，是其連線的垂直平分線，與連線相交于O點。a、b是兩個點電荷附近關于O點對稱的兩點，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)點的電勢高于b點的電勢B．a(chǎn)點的電場強度與b點的電場強度完全相同C．A、B連線上O點電場強度最大D．若將帶正電的試探電荷沿直線由a點移動到b點，則電場力先做正功，后做負功【答案】B【詳解】A．順著電場線電勢是逐漸降低的，由電場線的分布可知，b點的電勢高于a點的電勢，故A錯誤；B．根據(jù)場強的疊加原理及對稱性，a點的合場強和b點的合場強大小方向都相同，故B正確；C．沿直線由A到B，電場線先變疏后變密，則電場強度先減小后增大，A、B連線上O點場強最小，故C錯誤；D．若將帶正電的試探電荷沿直線由a點移動到b點，電勢一直降低，電場力一直做正功，故D錯誤；故選B。19．一輛汽車在水平公路上轉彎，沿曲線由M向N行駛，速度逐漸減小。下面四個選項A、B、C、D分別畫出了汽車轉彎時所受合力F的四種方向，其中正確的是（

）A． B．C． D．【答案】B【詳解】AB．由題知，汽車沿曲線由M向N行駛，速度逐漸減小，可知沿切線方向的分力與速度反向，故A錯誤，B正確；CD．根據(jù)曲線運動的條件，合力應該指向軌跡的凹向，故CD錯誤。故選B。20．物理來源于生活，也可以解釋生活。對于如圖所示生活中經(jīng)常出現(xiàn)的情況，分析正確的是（）A．圖甲中小球在水平面做勻速圓周運動時，軌道半徑為L，重力與拉力合力提供向心力B．圖乙中物體隨水平圓盤一起做圓周運動時，一定受到指向圓盤圓心的摩擦力C．圖丙中汽車過拱橋最高點時，速度越大，對橋面的壓力越小D．圖丁中若轎車轉彎時速度過大發(fā)生側翻，是因為受到的離心力大于向心力【答案】C【詳解】A．圖甲中小球在水平面做勻速圓周運動時，如圖所示其中紅色部分表示軌跡圓，紫色點為圓心，綠色線段為半徑，由幾何關系可知小球只在重力和拉力作用下做勻速圓周運動，故重力和拉力合力提供向心力，故A錯誤；B．圖乙中物體隨水平圓盤一起做勻速圓周運動時，一定受到指向圓盤圓心的摩擦力。而當物體隨水平圓盤做變速圓周時，物體的線速度大小是變化的，即在切線方向存在摩擦力的分力，即此時物體所受摩擦力不指向圓心，故B錯誤；C．圖丙中汽車過拱橋最高點時，滿足因此當汽車過拱橋最高點時，速度越大，對橋面的壓力越小，故C正確；D．圖丁中若轎車轉彎時速度過大發(fā)生側翻，是因為汽車做離心運動，即需要的向心力大于提供的向心力，故D錯誤。故選C。21．如圖所示，甲、乙兩顆衛(wèi)星以相同的軌道半徑分別繞質(zhì)量為M和2M的行星做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A．甲的線速度和乙的大小相同 B．甲的線速度比乙的大C．甲的運行周期比乙的小 D．甲的向心加速度比乙的小【答案】D【詳解】根據(jù)萬有引力提供向心力，有，，整理得，，其中M表示中心天體質(zhì)量，r表示軌道半徑，軌道半徑相同，則中心天體質(zhì)量越大，v越大，T越小，a越大，乙所環(huán)繞的中心天體質(zhì)量較大，故其線速度較大，周期較小，向心加速度較大，故D正確。故選D。22．鄭欽文在2024年巴黎奧運會網(wǎng)球女單比賽中奪冠。她發(fā)球時將網(wǎng)球斜向下?lián)舫?，如圖所示，不計空氣阻力，則（

）A．擊球時，球拍對球的作用力大于球對球拍的作用力B．擊球時，球拍對球的作用力小于球對球拍的作用力C．球從被擊出到落地前，機械能守恒D．球從被擊出到落地前，機械能減少【答案】C【詳解】AB．根據(jù)牛頓第三定律可知，擊球時，球拍對球的作用力等于球對球拍的作用力，故AB錯誤；CD．因為不計空氣阻力，則球從被擊出到落地前，球只受重力，只有球的重力做功，所以球的機械能守恒，故C正確，D錯誤。故選C。23．下列情境中關于小球所受彈力的描述，正確的是（）A．甲圖，質(zhì)量分布不均的小球，重心在處，受到墻的支持力過圓心OB．乙圖，豎直細線懸掛的小球一定受到細繩的拉力和斜面的支持力C．丙圖，靜止在半圓形碗里的小球受到碗的支持力方向如圖所示D．丁圖，靜止在光滑水平地面的鋼管底端受到沿管向上的彈力【答案】A【詳解】A．根據(jù)彈力產(chǎn)生的條件和方向規(guī)律可知，通過對小球受力分析可知，甲圖，質(zhì)量分布不均的小球，重心在處，受到墻的支持力過圓心O，故A正確；B．若斜面對小球有支持力，則小球不可能保持靜止狀態(tài)，即小球只受到細繩的拉力，斜面對小球無支持力，故B錯誤；C．根據(jù)彈力產(chǎn)生的條件和方向規(guī)律可知，通過對小球受力分析可知，碗對小球的支持力應該過圓心，故C錯誤；D．鋼管與水平地面接觸，受到垂直地面向上的支持力，故D錯誤。故選A。24．《中國制造2025》是中國實施制造強國戰(zhàn)略第一個十年的行動綱領，智能機器制造是一個重要的方向，其中智能機械臂已廣泛應用于各種領域。如圖所示，一個智能機械臂鐵夾P、Q從地面夾起一個金屬小球（鐵夾與球接觸面保持豎直），由靜止開始將小球豎直勻加速提升至A處，之后鐵夾立即松開，小球在空中運動。下列說法正確的是（）A．小球加速上升過程中，鐵夾P對小球的彈力大于小球對鐵夾P的彈力B．小球加速上升過程中，受到的摩擦力方向豎直向上C．鐵夾松開后，小球立即做自由落體運動D．小球上升過程中，處于超重狀態(tài)【答案】B【詳解】A．小球加速上升過程中，鐵夾P對小球的彈力與小球對鐵夾P的彈力是一對作用力和反作用力，根據(jù)牛頓第三定律知二者大小相等，故A錯誤；B．小球加速上升過程中，受到的摩擦力方向豎直向上，故B正確；CD．鐵夾松開前，小球豎直向上做勻加速直線運動，小球處于超重狀態(tài)，松開后小球做豎直上拋運動，小球處于完全失重狀態(tài)，故CD錯誤。故選B。25．摩擦納米發(fā)電機是一種新型發(fā)電裝置，由兩個導體板以及附著在導體板上的兩種不同電介質(zhì)組成，兩種電介質(zhì)重復性的接觸分離，可以將機械能轉化為電能，當發(fā)電機兩極板處于如圖所示的狀態(tài)時，可以等效為一個平行板電容器，其電容的大小是影響發(fā)電性能的重要參數(shù)之一，下列措施可以增大電容值的是（）A．增大導體板間的距離B．將電介質(zhì)a、b拔出C．增大導體板和附著在導體板上電介質(zhì)a、b的正對面積D．將電介質(zhì)a、b更換為介電常數(shù)小的電介質(zhì)【答案】C【詳解】A．根據(jù)平行板電容器的電容決定式當增大導體板間的距離時，電容減小，故A錯誤；B．結合上述可知，當將電介質(zhì)a、b拔出時，介電常數(shù)減小，則電容減小，故B錯誤；C．結合上述可知，當增大導體板和附著在導體板上電介質(zhì)a、b的正對面積時，電容增大，故C正確；D．結合上述可知，當將電介質(zhì)a、b更換為介電常數(shù)小的電介質(zhì)時，電容減小，故D錯誤。故選C。26．關于下列四種情境說法正確的是（）A．圖甲中，M點與N點磁感應強度相同B．圖乙中，線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量一直增大C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框中有感應電流產(chǎn)生D．圖丁中，線框與通電導線在同一平面內(nèi)向右平移的過程中，線框中沒有感應電流產(chǎn)生【答案】C【詳解】A．磁感線的切線方向表示磁感應強度的方向，由圖可知，圖甲中M、N兩點的磁感應強度的方向是不同的，所以圖甲中，M、N兩點磁感應強度不相同，故A錯誤；B．根據(jù)條形磁鐵的磁場的特點可知，當線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量先增大后減小，故B錯誤；C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框平面與磁感應強度方向之間的夾角發(fā)生變化，穿過線框的磁通量也發(fā)生變化，所以線框中有感應電流產(chǎn)生，故C正確；D．距離通電直導線越遠，磁感應強度越小，所以在圖丁中，線框在與通電導線在同一平面內(nèi)向右平移的過程中，向里穿過線框的磁通量減小，線框中有感應電流產(chǎn)生，故D錯誤。故選C。27．如圖，在垂直于紙面的范圍足夠大的勻強磁場中，有一個矩形線圈abcd，線圈平面與磁場垂直，O1O2與O3O4都是線圈的兩個對稱軸。線圈在下列運動中，能使其中產(chǎn)生感應電流（）A．向上或向下平動 B．繞O1O2軸變速轉動C．向左或向右平動 D．垂直紙面向外運動【答案】B【詳解】由于磁場為勻強磁場，無論線圈在平面內(nèi)如何平動，其磁通量都不變化，因此不會產(chǎn)生感應電流，當線圈繞O1O2轉動時，磁通量將發(fā)生變化，可以產(chǎn)生感應電流，ACD錯誤，B正確。故選B。28．為了防暑降溫，有的太陽帽上裝有小風扇，小風扇由安裝在帽上的太陽能電池板供電，產(chǎn)品銘牌上標識著該電池的電動勢為0.9V，下列說法正確的是（）A．電池工作時，在1s時間內(nèi)把0.9J的太陽能轉化為電能B．電池工作時，在0.9s時間內(nèi)把1J的太陽能轉化為電能C．電池工作時，有1C的電荷通過電池，電池把0.9J的太陽能轉化為電能D．電池工作時，有0.9C的電荷通過電池，電池把1J的太陽能轉化為電能【答案】C【詳解】電源的電動勢反映了電源把其他形式的能量轉化為電能的本領的大小，根據(jù)電動勢的定義式可知，產(chǎn)品銘牌上標識著該電池的電動勢為0.9V，電池工作時，有1C的電荷通過電池，電池把0.9J的太陽能轉化為電能，故C正確，ABD錯誤。故選C。29．如圖甲、乙、丙、丁是課本內(nèi)的幾幅插圖，下列說法正確的是（

）A．甲圖是演示靜電屏蔽現(xiàn)象的裝置，帶電小球的電場不能進入金屬網(wǎng)罩內(nèi)部B．乙圖是一種可變電容器，其原理是通過改變鋁片之間距離從而達到改變電容的目的C．丙圖是庫侖扭秤，庫侖通過它測量出兩帶電小球之間的靜電力從而得出了電子電荷量D．丁圖是避雷針，其通過尖端放電中和空氣中的電荷達到避免建筑物遭雷擊的目的【答案】D【詳解】A．甲圖是演示靜電屏蔽現(xiàn)象的裝置，帶電小球的電場能進入金屬網(wǎng)罩內(nèi)部，但金屬網(wǎng)罩上的感應電荷產(chǎn)生的電場與帶電小球在金屬網(wǎng)罩內(nèi)產(chǎn)生的電場處處相互抵消，使得金屬網(wǎng)罩內(nèi)場強處處為零，故A錯誤；B．乙圖是一種可變電容器，其原理是通過改變鋁片之間的正對面積從而達到改變電容的目的，故B錯誤；C．丙圖是庫侖扭秤，但庫侖并未通過它測量出兩帶電小球之間的靜電力，也并未由此得出電子電荷量，故C錯誤；D．丁圖是避雷針，其原理是通過尖端放電中和空氣中的電荷達到避免建筑物遭雷擊的目的，故D正確。故選D。30．如圖所示，、為勻強電場中的兩點，、間距離為，、連線與電場線的夾角為，電場強度為，則、間的電勢差為（

）A． B． C． D．0【答案】B【詳解】根據(jù)勻強電場的場強與電勢差的關系可知，其中為兩點沿電場線方向的距離，則所以，A、B間的電勢差為故選B。三、多選題：本大題共10小題，每小題3分，共30分。在每小題列出的四個選項中，至少有兩個選項符合題目要求，全部選對得3分，少選且正確得1分，未選、錯選均不得分。1．一質(zhì)點做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，且原來作用在質(zhì)點上的力不發(fā)生改變，則下列說法正確的是（）A．質(zhì)點速度的方向可能總是與該恒力的方向相同B．質(zhì)點速度的方向可能總是與該恒力的方向垂直C．質(zhì)點加速度的方向總是與該恒力的方向相同D．質(zhì)點單位時間內(nèi)速度的變化量總是不變【答案】ACD【詳解】AB．質(zhì)點開始做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，其合力不為零，如果所加恒力與原來的運動方向在一條直線上，質(zhì)點做勻加速或勻減速直線運動，質(zhì)點速度的方向與該恒力的方向相同或相反；如果所加恒力與原來的運動方向不在一條直線上，物體做曲線運動，速度方向沿切線方向，力和運動方向之間有夾角，且夾角會逐漸變小，但不會為0，所以質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直，故A正確，B錯誤；C．由于質(zhì)點做勻速直線運動，即所受合外力為0，原來質(zhì)點上的力不變，增加一個恒力后，則質(zhì)點所受的合力就是這個恒力，所以加速度方向與該恒力方向相同，故C正確；D．因為合外力恒定，加速度恒定，由可知，質(zhì)點單位時間內(nèi)速度的變化量總是不變，故D正確。故選ACD。2．如圖，過山車的軌道可視為豎直平面內(nèi)半徑為R的圓軌道。一名質(zhì)量為m的游客坐在座椅上隨過山車一起運動，當游客經(jīng)過圓軌道最高點時與座椅間的作用力恰好為零，重力加速度大小為g，游客可視為質(zhì)點，則游客經(jīng)過圓軌道最高點時（）A．處于平衡狀態(tài)B．處于失重狀態(tài)C．速度大小一定為D．若向心力為F，則游客受到的合力大小等于mg+F【答案】BC【詳解】A．做圓周運動，合外力不等于零，A錯誤；B．在最高點時，加速度向下，處于失重狀態(tài)，B正確；C．當游客經(jīng)過圓軌道最高點時與座椅間的作用力恰好為零，重力提供其圓周運動的向心力，根據(jù)牛頓第二定律解得C正確；D．對座椅的作用力為零，則合外力等于重力，D錯誤。故選BC。3．如圖所示，A、B兩個材料相同的物體放在水平旋轉的圓盤上，A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為2m，B離軸距離為R，A離軸距離為2R，兩物體始終相對盤靜止，則（）A．A與B的線速度大小之比為B．A與B的角速度之比為C．A與B的向心加速度大小之比為D．在轉盤轉速增加時，A與B一起滑動【答案】ABC【詳解】AB．由題知A、B兩個物體同軸轉動，則，故由線速度公式知代入得AB正確；C．由向心加速度公式知代入得C正確；D．由向心力公式知代入得故兩個物體做圓周運動所需的向心力大小相等，在轉動過程中摩擦力提供物體做圓周運動向心力，則由可知，故A先發(fā)生滑動，D錯誤；故選ABC。4．如圖所示，在向左勻速直線運動的水平車廂中，小明用力向左推車廂，與車廂始終保持相對靜止。下列說法正確的是（）A．小明受到平衡力的作用B．車廂底部對小明的支持力做功C．小明對車廂的推力做功D．小明受到車廂底部的摩擦力水平向左【答案】ACD【詳解】A．小明與車廂始終保持相對靜止，且車廂向左勻速直線運動，小明也向左勻速運動，即小明處于平衡狀態(tài)，受平衡力的作用，A正確；B．車廂底部對小明的支持力豎直向上，小明在豎直方向上沒有移動距離，車廂底部對小明的支持力不做功，B錯誤；C．小明對車廂的推力水平向左，車廂在推力的方向上移動了距離，所以小明對車廂的推力做功，C正確；D．因為小明處于平衡狀態(tài)，受平衡力的作用。對小明受力方向可知，豎直方向上小明受到重力和車廂底部對他的支持力，這兩個力大小相等、方向相反、作用在同一直線上，是一對平衡力；因為力的作用是相互，小明用力向左推車廂，所以水平方向上小明還受到車廂水平向右的推力，因為小明處于平衡狀態(tài)，受平衡力的作用，所以小明還受到車廂底部的摩擦力，大小與小明受到的推力相等，方向水平向左，D正確；故選ACD。5．如圖所示為地球的赤道平面，d是靜止在赤道地面上的物體，a、b、c均為衛(wèi)星，其中a是地球同步衛(wèi)星，c是近地衛(wèi)星，以下關于a、b、c、d四者的線速度、角速度、周期以及向心加速度的大小關系正確的是（）A． B．C． D．【答案】AD【詳解】A．由萬有引力提供向心力知解得則可知由題知，a是地球同步衛(wèi)星，則且由線速度公式知解得故，A正確；B．由萬有引力提供向心力知解得則可知故，B錯誤；C．由萬有引力提供向心力知解得則可知根據(jù)加速度公式知則可知故，C錯誤；D．由萬有引力提供向心力知解得則可知由地球同步衛(wèi)星特點知故，D正確；故選AD。6．關于電勢和電勢差，下列說法正確的是（）A．電勢差與電勢一樣，是相對量，與零電勢點的選取有關B．電勢差有正、負之分，是一個矢量C．由于靜電力做功跟移動電荷的路徑無關，所以電勢差也跟移動電荷的路徑無關，只跟這兩點的位置有關D．UAB=-UBA【答案】CD【詳解】A．電勢是相對量，與零電勢點的選取有關，電勢差與零電勢點的選取無關